1、（人教）物理 2019 高考一輪選練練題（3）及答案李仕才一、選擇題1、北京時間 2016 年 10 月 17 日 7 時 30 分,神舟十一號飛船搭載兩名航天員在酒泉衛星發射 中心發射升空.10 月 19 日凌晨，神舟十一號飛船與天宮二號自動交會對接成功，航天員景海鵬和陳冬入駐天宮二號空間實驗室，開始為期 30 天的太空駐留生活.已知地球表面的重力加速度 g,地球半徑 R,神舟十一號飛船對接后隨天宮二號做勻速圓周運動的周期T 及引力常量G,下列說法中正確的是（D ）A. 要完成對接，應先讓神舟十一號飛船和天宮二號處于同一軌道上，然后點火加速B. 若對接前飛船在較低軌道上做勻速圓周運動，對接后

2、飛船速度和運行周期都增大C. 由題給條件可求出神舟十一號飛船的質量D. 由題給條件可求出神舟十一號飛船對接后距離地面的高度h解析：若神舟十一號飛船與天宮二號在同一軌道上，神舟十一號飛船受到的萬有引力等于向心力，若讓神舟十一號飛船加速，其所需要的向心力變大，而此時萬有引力不變，所以神舟十Mm u2一號飛船做離心運動，不能實現對接，故 A 錯誤；根據萬有引力提供向心力有G=m，即GMv=.，對接后軌道半徑變大，則線速度變小，故 B 錯誤;由題給條件不能求出神舟十一號飛Mm船的質量，故 C 錯誤；根據萬有引力提供向心力有G=m，其中 r=R+h，又 GM=gR 得h= -R，故 D 正確.2、正方體

3、空心框架 ABCD-ABGD 下表面在水平地面上，將可視為質點的小球從頂點A 在/ BAD所在范圍內（包括邊界）沿不同的水平方向分別拋出，落點都在BCD 平面內（包括邊界）.不計空氣阻力，以地面為重力勢能參考平面則下列說法正確的是（）A.小球初速度的最小值與最大值之比是1 : 2B. 落在 C1點的小球，運動時間最長C. 落在BID線段上的小球，落地時機械能最小值與最大值之比是D. 軌跡與 AG 線段相交的小球，在交點處的速度方向都相同解析：選 D.A、小球落在 A G 線段中點時水平位移最小，落在Ci時水平位移最大，由幾何關系知水平位移的最小值與最大值之比是1 : 2,由 x= vot ,

4、t 相等得小球初速度的最小值與最大值之比是 1 : 2,故 A 錯誤；B、小球做平拋運動，由 h =舟 gt2得 t =2h，下落高度相同，平拋運動的時間相等，故 B 錯誤；C 落在 BiD 線段中點的小球，落地時機械能最小，落在 BD 線段上 D或 Bi的小球，落地時機械能最大.設落在BD 線段中點的小球初速度為 vi,水平位移為 xi.落在 BiD 線段上 D 或 Bi的小球初速度為V2.水平位移為 X2.由幾何關系有 xi:X2=i ： 2，由 x= Vot，得：Vi: V2= i : 2，落地時機械能等于拋出時的機械能，分別為：2i2E = mgh+ mv,巳=mgh+ qmu,可知落

5、地時機械能的最小值與最大值之比不等于i : 2.故 G3、如圖所示，傾角為a的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物體a放在斜劈上，輕質細線一端固定在物體a上，另一端繞過光滑的滑輪固定在c點，滑輪 2 下懸掛物體b,系統處于靜止狀態。若將固定點c向右移動少許，而a與斜劈始終靜止，則（）A.細線對物體a的拉力增大B.斜劈對地面的壓力減小G.斜劈對物體a的摩擦力減小D.地面對斜劈的摩擦力增大【答案】AD的夾角為則軌跡與設 AG 的傾角為0.則有 tanaa,軌跡與 AG 線段相交的小球，2y 2ggtgt二= tan0 =貝卩X Vot2vo，0Vo，則在交點處的速度方向與水平方向tan0= 2tana，可

6、知0一定,AG 線段相交的小球，在交點處的速度方向相同，故D正確.【解析】對滑輪和物體巾受力分析，如團甲所矜有&訊喀=?尸瓦皿叭解得：丹=叫忌2cos將固罡點、向右移動少許 a 則日變大，故拉力雖増犬，故 A 正確$對斜獣物體歎物體方整體受力分析, 如團4、圖中虛線 PQ 上方有一磁感應強度大小為 B 的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外.0 是 PQ上一點，在紙面內從 0 點向磁場區域的任意方向連續發射速率為vo的粒子，粒子電荷量為 q、質量為 m.現有兩個粒子先后射入磁場中并恰好在M 點相遇，M0 與 PQ 間夾角為 60,不計粒子重力及粒子間的相互作用，則下列說法正確的是（）B.兩個

7、粒子射入磁場的方向分別與PQ 成 30和 60角D.垂直 PQ 射入磁場中的粒子在磁場中的運動時間最長解析：選 AC.明確兩粒子在磁場中運動周期和半徑，以正粒子為例進行分析，明確轉過的角度 規律，從而明確粒子的運動情況，根據圓周運動的規律即可明確最大距離和最長時間.以粒子帶正電為例分析， 先后由 O 點射入磁場，并在 M 點相遇的兩個粒子軌跡恰好組成一個完整的圓，從 O 點沿 OP 方向入射并通過 M 點的粒子軌跡所對圓心角為240,根據帶電粒子在磁場中運動周期 T= 手可知，該粒子在磁場中運動的時間ti= 孚一X智匸4 Bq360 qB 3qB則另一個粒子軌跡所對圓心角為120,該粒子運動時

8、間 t2= 走,可知，兩粒子在磁場中3qB運動的時間差可能為 t =,故 A 正確；射入磁場方向分別與PQ 成 30和 60角的兩3qB粒子軌跡所對圓心角之和不是360,不可能在 M 點相遇，故 B 錯誤；在磁場中運動的粒子A.兩個粒子從 O 點射入磁場的時間間隔可能為2nmqBC.在磁場中運動的粒子離邊界的最大距離為2moqBQ離邊界的最大距離為軌跡圓周的直徑d= ，故 C 正確；沿 OP 方向入射的粒子在磁場中運qB動的軌跡所對圓心角最大，運動時間最長，故D 錯誤.5、質譜儀是一種測定帶電粒子質量和分析同位素的重要工具大量的帶正電粒子（可認為初速度為零）,從狹縫 Si進入電壓為 U的加速電

9、場區加速后，再通 過狹縫 S2從小孔 G 垂直于 MN 以 v 射入偏轉磁場,該偏轉磁場是以直線 MN 為切線、磁感應強 度為 B、方向垂直于紙面向外半徑為 R 的圓形勻強磁場.現在 MN 上的 F 點（圖中未畫出）接收 到該粒子,且 GF=. R.則該粒子的比荷為（粒子的重力忽略不計）（C ）JiLfU_;S|丁咼1Jlf% * FftnVd7.Z4UA./?VB.R皆6U2UC.R0DR2B21解析：帶電粒子運動軌跡如圖,設粒子加速后獲得的速度為V,由動能定理有,qU= mV,根據幾3mv2q石何關系知,粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑r=:R,又 qvB= ,則*=，故 C正確.6、

10、（多選）如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN 為一根光滑絕緣細桿，放在兩電荷連線的中垂線上，a、b、c 三點所在直線平行于兩點電荷的連線，且a 與 c 關于 MN 對稱，b 點位于 MN 上，d 點位于兩電荷的連線上.下列說法正確的是（）M-= =I = = = * ai c-蘭-A. b 點場強小于 d 點場強B. b 點電勢低于 d 點電勢* 0 yu*.圖中的鉛盒 A 中的放射源放出C. 試探電荷+ q 在 a 點的電勢能小于在 c 點的電勢能D.套在細桿上的帶電小環由靜止釋放后將做勻加速直線運動解析：選 ABD.在兩等量異號電荷連線上，中間點電場強度最小；在兩等量異號電荷連線的

11、中垂線上，中間點電場強度最大；所以b 點場強小于 d 點場強，A 正確；MN 是一條等勢線，與在兩等量異號電荷連線上的點相比較，d 點的電勢要高，所以 b 點電勢低于 d 點電勢，B正確；因 a 點的電勢高于 c 點的電勢，故試探電荷+ q 在 a 點的電勢能大于在 c 點的電勢能， C 錯誤；MN 上的電場方向垂直 MN 旨向負電荷，故套在細桿上的帶電小環由靜止釋放后，由 于在 MN 方向上只受到重力，所以做 MN 方向上做勻加速直線運動，D 正確.7、（2017 江南南昌三校四聯）如圖所示，有一個矩形邊界的勻強磁場區域，磁場方向垂直紙 面向里.一個三角形閉合導線框，由位置1（左）沿紙面勻速

12、運動到位置 2（右）.取線框剛到達磁場邊界的時刻為計時起點 （t = 0）,規定逆時針方向為電流的正方向，則圖中能正確反映線框中電流與時間關系的是（）X-；解析：選 A.線框進入磁場的過程，磁通量向里增加，根據楞次定律得知感應電流的磁場向外，由安培定則可知感應電流方向為逆時針，電流方向應為正方向，故B、C 錯誤；線框進入磁場的過程，線框有效的切割長度先均勻增大后均勻減小，由E= BLv,可知感應電動勢先均勻增大后均勻減小；線框完全進入磁場后，磁通量不變，沒有感應電流產生； 線框穿出磁場的過程，磁通量向里減小，根據楞次定律得知感應電流的磁場向里，由安培定則可知感應電流方向為順時針，電流方向應為負

13、方向，線框有效的切割長度先均勻增大后均勻減小， 由 E= BLv，可知感應電動勢先均勻增大后均勻減小；故A 正確，D 錯誤.8、如圖所示，小芳在體重計上完成下蹲動作，下列F-t 圖像能反應體重計示數隨時間變化A.B.【答案】 C【解析】對人的運動過程分析可知，人下蹲的過程可以分成兩段：人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態，此時人對傳感器的壓力小于人的重力的大小；在減速下蹲的過程中，加速度方向向上，處于超重狀態，此時人對傳感器的壓力大于人的重力的大小，故 C 正確，A、B、D 錯誤；故選Co【點睛】人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態，在減速下蹲的過程中，加速度方向向

14、上，處于超重狀態。二、非選擇題如圖甲所示，相距 L= 1 m、電阻不計的兩根長金屬導軌，各有一部分在同一水平面上，另一部分在同一豎直面內.質量均為 m= 50 g、電阻均為 R= 1.0Q的金屬細桿 ab、cd 與導 軌垂直接觸形成閉合回路，桿與導軌之間的動摩擦因數卩=0.5.整個裝置處于磁感應強度 B=1.0 T、方向豎直向上的勻強磁場中， ab 桿在水平拉力 F 作用下沿導軌向右運動， cd 桿固定 在某位置.現在釋放 cd 桿并開始計時，cd 桿的 Vcd t 圖象如圖乙所示，已知在 01 s 和 2 3 s 內，圖線為直線.取 g = 10 m/s2.01 s 內通過 cd 桿中的電流

15、；(2)若已知 ab 桿在 1 s2 s 內做勻加速直線運動，求 1 s2 s 時間內拉力 F 隨時間 t 變化的關系式.解析：(1)在 01 s 內，cd 桿的 vcd t 圖線為傾斜直線，因此 cd 桿做勻變速直線運動， 加速度為：Vt Vot因此 cd 桿受向上的摩擦力作用，其受力圖如圖所示.(1)求在a1=4.0 m/s根據牛頓第二定律，有：mg Ff= ma其中 Ff=iFN=口 FA=口 BIL因此回路中的電流為：I = 0.6 A3BL在 01 s 內，設 ab 桿產生的電動勢為 E,則：E= BLviE由閉合電路歐姆定律知：I= 2R則 ab 桿的速度為:2IRV1=頁=匸2 m/S在 23 s 內，由圖象可求出 cd 桿的加速度為:a2= 4 m/s2同理可求出 ab 桿的