1、學習-好資料1.電力系統各級的平均電壓 ：3.15 ， 6.3，10.5，15.75，37，115，230，345，525（kV ）2.電壓降落的縱 分量 電壓降落的橫分量3. 電力網絡的簡化方法 ：等值電源法，負荷移置法，星網變換4節點分類：PQ節點，PV節點，平衡節點5.電力系統無功率電源 ：同步發電機、調相機、靜電電容器、靜止補償器。6調壓措施：發電機調壓、改變變壓器的變比調壓、利用無功補償設備調壓。7中樞點調壓方式：逆調壓、順調壓、常調壓。8中性點接地方式：直接接地、不接地、從屬于不接地方式的經消弧線圈接地。9電暈影響：消耗有功功率、泄漏電流。阻尼繞組的作用 ：電力系統的擾動起到阻尼的

2、作用。10變壓器參數：電阻、電抗、電導、電納。1 1 極限切除角 ：加速面積等于最大可能減速面積時對應的切除角。12. 短路沖擊電流：短路電流的最大可能瞬時值。13. 電壓降落：指串聯阻抗元件首末兩端電壓的向量差。14. 電力系統：指由發電機、各類變電所和輸電線路以及電力用戶組成的整體。15. 電力系統運行的基本要求 ：保證可靠的持續供電保證良好的電能質量保證系統運行的經濟性。16調整潮流的手段有：串聯電容（抵償線的感抗）、串聯電抗（限流）、附加串聯加壓器。17. 短路：指電力系統正常運行情況以外的相與相之間或相與地之間連接。18. 短路的類型：三相短路、二相短路、二相接地短路和單相接地短路。

3、19. 無功負荷的無功特性：分串聯之路和并聯之路。20. 閉式電力網絡分類 ：簡單環式、兩端供電式網絡。21. 電壓降落、 電壓損耗、 電壓偏移的定義有所不同 ：網絡元件的電壓降落是指元件首末端兩點電壓的相量差，即 ；把兩點間電壓絕對值之差稱為電壓損耗，用 表示， ；電壓偏移是指網絡中某點的實際電壓同網 絡該處的額定電壓之差，可以用KV表示，也可以用額定電壓的百分數表示。若某點的實際電壓為V，該處的額定電壓為 ，則用百分數表示的電壓偏移為，電壓偏移（%）22. 潮流方程中節點的分類及相應的定義：節點可分為：PQ節點、PV節點和平衡節點三種類型。（2）各類節點介紹：PQ節點的有功功率 P和無功功

4、率Q是給定的，節點電壓（V, 3）是待求量；PV節點 的有功功率P和電壓幅值V是給定的，節點的無功功率 Q和電壓的相位3是待求量；平衡節點在潮流分 布算出以前，網絡中的功率損失是未知的，因此，網絡中至少有一個節點的有功功率P 不能給定，這個節點承擔了系統的有功功率平衡。23. 潮流計算的基本步驟： 形成節點導納矩陣設定節點電壓的初值將各節點電壓初值代入求得修正方程式中的不平衡量將各節點電壓初值代入求雅可比矩陣的各元素求解修正方程式，求得各節點電壓的 增量計算各節點電壓的新值，返回第3步進入下一次迭代，直到滿足收斂判據為止。最后計算平衡節點功率和線路功率、損耗。24. 降低網損的技術措施： 提高

5、用戶的功率因數， 減少線路輸送的無功功率； 改善網絡中的功率分布； 合理地確定電力網的運行電壓水平；組織變壓器的經濟運行；對原有電網進行技術改造。25. 等面積定則 ：發電機受大擾動后轉子將產生相對運動,當代表動能增量的加速面積和減速面積大小相等時，轉子動能增量為零，發電機重新恢復到同步速度26. 引起電力系統大擾動的主要原因：負荷的突然變化， 如投入或切除大容量的用戶等切除或投入系統的主要元件，如發電機、變壓器及線路等發生短路故障，短路故障擾動最嚴重，作為檢驗系統是否具有 暫態穩定的條件。27. 三相短路電流計算機算法的基本步驟：輸入數據；形成節點導納矩陣；應用節點導納矩陣計算點的自阻抗、互

6、阻抗 Z1k,Zkk,Znk。計算短路點的三相短路電流 3線路的電壓損耗是指：線路始末兩端電壓的向量差。4電力系統的潮流分布 主要是研究電壓和功率的分布。8電力系統穩定性可分為靜態穩定和暫態穩定。9系統中功角S指的是空載電勢Eq和無限小系統母線電壓 U的夾角。10. 在我國110kv以上電力系統 的中性點運行方式 一般為中性點直接接地方式。11. 電力系統的電納主要是 指相與相間的電容和相與地之間的電容所決定的。12電力系統的頻率調整可分為一次調整二次調整和三次調整。13. 把在環網中由于表壓器變比不匹配二產生的功率稱為循環功率。14. 雙繞組的分接頭在高壓側。簡答1. 什么是負荷最大利用小時

7、數 ？答：全年負荷所消耗的電能 w與全年最大負荷 Pmax相比可得年最大負荷利 用小時數Tmax。2. 提高電力系統靜態穩定措施 a采用自動調節勵磁裝置 b.減小元件的電抗c.改善系統的結構和采用中間補償 的設備。3. 靜止補償器：短路故障發生在空載 a 7 =90時短路電流的最大瞬時值。4. 簡單閉式網絡主要有哪兩種類型，其潮流計算的主要步驟：答：閉式電力網絡分為 簡單環式網絡和兩端供電網絡。步驟：a假設全網為額定電壓，計算出各個發電廠變 電所的運算負荷和運算功率以得到所有串聯阻抗的簡化的等值電路b假設全網為額定電壓且不考慮各元件中的功率損耗，計算網絡的功率分布c將閉式網絡分解為兩個開始網絡

8、，分別接開式網絡的方法進行計算，得到最終結果。1.n繞組變壓器等值電路：2.派克變換1 I?'q'0cos ot sin a 2cos( -120 )sin( -120 )121b_c _lcos(:£“120 ) sin(隈-120 ) 1'23. 發電機功率特性:答顯竺衣or4. 短路電流的最大有效值G = J/： i g_】）冋汀=丁戸4' +盅m “您5. 短路全電流的最大有效值ImIm = "2,1 2( J -1)26. 沖擊電流'-7. 三繞組變壓器容量折算Sn仏八宀-（聞（S：,SkN）2U s（j ）% =u 

9、9;s（j）（ -_s s ）8. 簡單網絡的潮流計算方法（開式、閉式）YTU1U 1-u 2U NjP'1XQ'1RU1二.：U 1 j、U110 %100Sn9. 功率自然分布:Sa(Z 23 Z 3) S2 Z 34 SSb12州州沖Z 12-Z 23-Z 34*A.'s2 (Z 12 Z 23 ) S州州州Z 12-Z 23-Z 343 (UZ 12a -U b ) ”U N ' s 冷S aSc-Z 23-Z 34-U b)*UZ 12-Z 23二 s 出 s-Z 3410. 、互聯系統調頻:ALfIfLPd 二 PgK A-K_( LPda LPga

10、 ) - Pdb:-Pgb )K a + K bIP ABK A ( APdB-.Pgb ) 一 Kb( APda一 丄 Pga )11. 如果在某一切除角時，最大可能的減速面積與加速面積大小相等，則系統將 處于穩定的極限情況，大于這個角度切除故障，系統將失去穩定。這個角度成為 極限切除角、clim。應用等面積定則可確定c.lim更多精品文檔(P0 Pm II sin j.)d j. (P0 -'Pm iii sin rjd =0 0. _clim整理得:P0(:血-o)' Pm III cos 1 ''cr- Pm II COs 1 ''0.c

11、 lim 二 arccos'DDPoPoP m III 一廠m II觀=arcsin6。=応-arcsin初始角：PmI，臨界角：Pmm21.習題9-1 :某系統典型日負荷曲線如題圖所示，試計算：日平均負荷；負荷率km，最小負荷系數a以及峰谷差宀。解：(1)日平均負荷Pav702 -504'802 '1004'802 '904 T2°4 '702 MW 妾MW24(2)負荷率_Pav85- 0 . 7083Pm ax120(3)最小負荷系數P iaJPm ax500 .4167120 一(4)峰谷差沁二Pm ax _ Pm in =(1

12、2050 ) MW =70 MW某工廠用電的年待續負荷曲線如題圖9-3所示試求：工廠全年平均負荷,全年耗電量及最大負荷利用小時數Tmax。解：(1)全年平均負荷 路對地電容，已知線路未端運行電壓 VLD=105kV,負荷Pld=42MWVcos© =0.85。試 計算：（1）輸電線路的電壓降落和電壓損耗；（2）線路阻抗的功率損耗和輸電效 率；（3）線路首端和未端的電壓偏移。Pav (y)1002000 弋。30003760 mw =6 0.548 MW8760W =60Pdt(100><2000-+-60X3000+40X3760) X10 3 kW-5 .304：10

13、8 kW hJinn最大負荷利用T=L-maxP max8760 Pdt 叢=5204h =5304 h0Pmax100103一條100KV架空輸電線路，長100km, r。= 0.1209皿km , x0.40/km，忽略線解:R 12.09 X100 12.09 QX =0.4 X100 =40 QQ LD=PLD tan LD ACOF - 4212 尹 a9 MWP LD R Q LD XLD4212 .09 亠 26 .02940i5-14 .7512KV、VPldQLDLD4240 _J6 .02912 .0910513 .0031KV電壓降落:V ： _V*ld- .）Vj.V

14、-14.7512 H j13.0031電壓損耗:V1 _ （V ld 亠 ）丄 亠廠一 五5 列 4.752 ） 2 -13 .003 2 =120 .4551 K VV1 _Vld =1 20.4551 _1 0 5 =1 5.4551 KV（2）功率損耗店 =I2R =Pld Mld R =42+26；029迸12.09 =2.6767 MW42 2 ：（26 .0292-40-8.8560 MW輸電效率：p LD100 %42100 %=94 . 01 %Pld ：:;P42 評，2.68p 2_4q 2Q _I2X - LDv 2 LD XV LD105110：:100%- -4.54

15、5%（3）未端電壓偏移:首端電壓偏移:120 .4551110_110100 %=9 .505 %例12-3降壓變壓器及其等值電路示于圖（a）、（b）。已知在最大和最小負荷時通過變壓器的功率分別為 Smax=（28+j14 ） MVA和Smin= （10+j6 ） MVA，高壓側的電壓分別為V1max= 110kV和V1min= 113kV。要求低壓母線的電壓變化不超出（66.6 ） kV的范圍，試選擇分接頭。1 2 1 2.一萇:十SS110 ±2*2.5%/6.3kV2.44+j40 Q31.5MV A（解：先計算最大/最小負荷時變壓器的電壓損耗V Tm28：2 .44 亠 14

16、401W-5.7 kV_ 2 .34 kV10,；2 .44 亠640in113假定在最大/最小負荷時低壓側 V2ma治6kV和V2min= 6.6kV，則11057V 1tm ax =上6 .3 =109. 4kV6 . 01132 .34V 1 tm in6 .3 二 105.6 kV6 . 6取算術平均值 V1tav=107.5kV選最接近的分接頭V1t=107.25kV并校驗低壓母線的實際電壓*1 *1D斥 7V2tm ax 二一 一 6.3 二 6. 13 kV .6kV107 .251132 34V 2 tm in6.3 6.5 kV ，- 6.6kV107 .25可見所選分接頭是

17、能滿足電壓要求的。六、如圖二所示，變壓器阻抗 RT+jXT=2.44+j40歐已歸算到高壓側，最大、最小 負荷時，通過變壓器的功率分別為 Smax=28+j14MVA口 Smin=10+j6MVA高壓側的 電壓分別為U1max=110k和U1min=113kV要求低壓母線的電壓變化不超過 6.0 6.6kV的范圍，試選擇合適的分接頭。(25分)答：最大、最小負荷時， UTmax=(28< 2.44+14 x 40)/110=5.7kV DUTmin=(10X 2.44+6 x 40)/113=2.34kV (5 分)根據低壓母線的電壓要求，可以取最大負荷時低壓側的電壓U2max=6.0最

18、小負荷時低壓側的電壓U2mi n二 6.6kV。UTHmax=(U1max- UTmax)UTL/U2max=(110 5.7) x 6.3/6=109.4kVUTHmin=(113- 2.34) x 6.3/6.6=105.6kVUTHav=(109.4+105.6)/2=107.5kV選擇最接近的分接頭：UTH=11X(1 - 2.5%)=107.25kV (12 分)校驗：U2max=(110- 5.7) x 6.3/107.25=6.13kV>6kVU2min=(113 -2.34) x 6.3/107.25=6.5kV<6.6kV所以，分接頭107.25kV可以滿足要求。

19、習題14-9兩個火電廠并聯運行，其燃料耗量特性如下：(計算題必考)2F1=( 4+0.3PG1+0.0008P®) t/h, 200MW 三 FGW 300MW2F2=( 3+0.33Pg2+0.0004P G2)t/h, 340MW 三 R2三 560MW/系統總負荷分別為850MW和550MWV試確定不計網損時各廠負荷的經濟分配。解：(1)系統總負荷為850MV時Pg2=850-Pg1,各發電廠的燃料耗量微增率為- dF，1 =dP一dP一(4 亠0.3Pg1 -0.008 Pg21)-0 .3 亠0.0016Pg1dF 2dP G 2ddP G 2-(30 .33 P g 2

20、亠0 .004Pg；)- 0 .33 亠0 . 008Pg令入1二入2,并將Pg2=850-Pg1代入，可解出PG1, 即卩0.3+0.0016P g1=0.33+0.008 ( 850-Pg1)(0.0016+0.0008 ) Pg1=0.33-0.3+0.008，可得Fb1=295.883MVy FG2=850-Pg1= (850-295.833 ) MW=554.167MW(2)當系統總負荷為 550MW寸，即卩Pg2=550- P®,令入1二入2,并將Pg2=550-Pg1代 入，便得(0.0016+0.0008 ) x 10-3Pg1=0.33-0.3+0.008 x 550x 10-3由此可得 Pgi=195.833MV，但 PGi 的最小允許負荷 Pgi> 200MW，故 Fbi=200MW，PgF(550-200) MW=350MW三個火電廠并聯運行，各電廠的燃料消耗特性及功率約束條件如下：P138Fi=( 4+0.3Pgi+0.0007P2gi) t/h, 100MW 三 FGW 200MW2F2=( 3+0.32Pgt+0.0004P g2)t/h, 120MW 三 氐三 250MWF3=( 3.5+0.3P g+0.00045P2g3)t/h, 120MW 三 Pg2三 300MW當總負荷為400