1、2020年四川省綿陽市游仙區東林鄉中學高三物理模擬試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 如圖所示，甲、乙兩電路中電源完全相同，外電阻r1>r2，兩電路中分別通過相同的電荷量q的過程中，下列判斷正確的是(    )a電源內部產生電熱較多的是甲電路  br1上產生的電熱比r2上產生的電熱多  c電源做功較多的是甲電路d電源效率較高的是甲電路參考答案：bd甲、乙兩電路中電源完全相同，即電動勢e與內電阻r相同，電阻r1r2，根據閉合電路歐姆定律i=，得出i1i2，再比較i12rt1與i22rt

2、2，而i1t1=i2t2，可知電源內部產生電熱較多的是乙電路，故a錯由公式w=qe可知，通過的電量q和電動勢e都相同，所以兩電源做功相等，故c錯由公式w=qe可知，兩電源做功相等，整個電路產生的電熱相等，而甲電源內部產生的電熱小于乙電源內部產生的電熱，所以甲圖外電路產生的電熱大于乙圖外電路產生的電熱，而外電路產生的電熱就是電阻r上產生的電熱，電源效率較高的是甲電路。故bd對故選bd2. 有一臺交流發電機e，通過理想升壓變壓器t1和理想降壓變壓器t2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為r。t1的輸入電壓和輸入功率分別為u1和p1，它的輸出電壓和輸出功率分別為u2和p2；t2的輸入電壓和輸入功率分別為

3、u3和p3，它的輸出電壓和輸出功率分別為u4和p4。設t1的輸入電壓u1一定，當用戶消耗的電功率變大時，有(    ).au2變小，u3變小       b.u2減小，u4變大cp1變小，p2變小       dp2變大，p3變大參考答案：d因u1和兩線圈的匝數不變,根據得u2不變, b.，,，因p變大，i變大，所以u損變大，所以降壓變壓器初級電壓u3變小,故選項a錯;用戶消耗的電功率變大時,則p3變大,而i變大,線路消耗的電功率變大,3. 在一

4、個與水平面成角的粗糙斜面上的a點放著一個物體，它系于一根不可伸長的細繩上，繩子的另一端b通過小孔c穿出底面，如圖所示，開始時物體與c等高，當物體開始緩慢下滑時，適當的拉動繩端b，使物體在斜面上劃過一個半圓到達c，則a和斜面之間的動摩擦因數為（    ）a.      b.    c.      d.參考答案：答案：c4. 自動卸貨車始終靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下可以改變與水平面間的傾角，用以卸下車廂中的貨物，下列說法正確的是

5、         a當貨物相對車廂勻速下滑時，地面對貨車有向左的摩擦力         b當貨物相對車廂靜止時，地面對貨車有向左的摩擦力         c當貨物相對車廂加速下滑時，地面對貨車有向左的摩擦力         d當貨物相對車廂加速下滑時，貨車對地面的壓力等于貨物和貨

6、車的總重力參考答案：c5. 如圖所示，從水平地面上的a點，以速度v1在豎直平面內拋出一小球，v1與地面成角小球恰好以v2的速度水平打在墻上的b點，不計空氣阻力，則下面說法中正確的是（）a在a點，僅改變角的大小，小球仍可能水平打在墻上的b點b在a點，以大小等于v2的速度朝墻拋向小球，它也可能水平打在墻上的b點c在b點以大小為v1的速度水平向左拋出小球，則它可能落在地面上的a點d在b點水平向左拋出小球，讓它落回地面上的a點，則拋出的速度大小一定等于v2參考答案： 考點：平拋運動.專題：平拋運動專題分析：解決本題巧用平拋運動知識，由于題目中緊抓住彈丸垂直打到豎直壁上，采用逆向思維，可以看成

7、平拋運動，則有水平速度越大，落地速度越大，與水平面的夾角越小，射程越遠解答：解：采用逆向思維，小做平拋運動，當水平速度越大時，拋出后落地速度越大，水平射程越遠；若水平速度減小，則落地速度變小，水平射程越小因此只有以與v2大小相等、方向相反的速度射出彈丸，它才會落在地面上的a點故c錯誤，d正確在a點射出的小球，仍需水平擊中b點，則豎直分速度不能變化，運動的時間不能變化，則水平分速度也不能變化，所以改變a點的速度大小和方向都不能水平擊中b點故a、b錯誤故選：d點評：本題采用了逆向思維，降低了解決問題的難度若仍沿題意角度思考，解題很煩同時容易出錯二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.

8、 如圖所示是某一電荷在勻強磁場中做勻速圓周運動時的軌跡，若該電荷是負電荷，其繞行的方向是沿_針方向；如果已知該電荷的荷質比，要求勻強磁場的磁感強度，則還必須已知的一個物理量是_ （寫出該物理量的名稱）參考答案：    答案：順   周期(或頻率或角速度)7. 下列由基本門電路組成的電路中，圖_用的是“與”門電路,能使小燈泡發光的是圖_。參考答案：答案：a、b8. （4分）兩木塊質量分別為m、m，用勁度系數為 k的輕彈簧連在一起，放在水平地面上，將木塊1壓下一段距離后釋放，它就上下作簡諧振動，在振動過程中木塊2剛好始終不離開地面（即它對地面最小壓

9、力為零）。則：（1）木塊1的最大加速度大小是       。（2）木塊2對地面的最大壓力大小是       。參考答案：    (m+m)g/m        2(m+m)g9. 如圖所示，電源電動勢e=10v，內阻r=1，r1=3電鍵s斷開時，r2的功率為4w，電源的輸出功率為4.75w，則電流表的讀數為0.5a；電鍵s接通后，電流表的讀數為2a則r3=參考答案：【考點】：

10、閉合電路的歐姆定律【專題】： 恒定電流專題【分析】： 電鍵s斷開時，由電源的輸出功率與r2的功率之差得到r1的功率，由公式p1=i2r1求出通過r1的電流，即可得到r2的電流設出r3的阻值，由串聯并聯電路求得i的表達式進而求得r3： 解：電鍵s斷開時，由p出p2=i2r1得：電路中電流 i=0.5a  則r2=16接通電鍵s后，設電路中電流為i：i1=2a，   i1=   代入數據可得：r3=故答案為：0.5    10. 如圖所示的單擺，擺球a向右擺動到最低點時，恰好與一沿水平方向向左運動的粘性小球b發生碰撞，

11、并粘接在一起，且擺動平面不變。已知碰撞前a球擺動的最高點與最低點的高度差為h，偏角較小，擺動的周期為t，a球質量是b球質量的4倍，碰撞前a球在最低點的速度是b球速度的一半。則碰撞后，擺動的周期為_t，擺球的最高點與最低點的高度差為_ h。參考答案：1   0.16   11. 位于坐標原點的波源產生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，已知t0時，波剛好傳播到x40 m處，如圖所示，在x400 m處有一接收器(圖中未畫出)，由此可以得到波源開始振動時方向沿y軸     方向（填正或負），若波源向x軸負方向運動，則接收器接

12、收到的波的頻率       波源的頻率（填大于或小于）。參考答案：負方向  小于12. 如圖所示，在豎直向下磁感應強度為b的勻強磁場中，有兩根間距為l豎直放置的平行粗糙導軌cd、ef，質量為m的金屬棒mn與導軌始終垂直且接觸良好，它們之間的動摩擦因數為從t=0時刻起，給金屬棒通以圖示方向的電流且電流強度與時間成正比，即i=kt，（k為常量），則金屬棒由靜止下滑過程中加速度和速度的變化情況是_，金屬棒下落過程中動能最大的時刻t=_五實驗題（共24分）參考答案：先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動13. 如圖，寬為

13、l的豎直障礙物上開有間距d=0.6m的矩形孔，其下沿離地高h=1.2m，離地高h=2m的質點與障礙物相距x在障礙物以v0=4m/s勻速向左運動的同時，質點自由下落為使質點能穿過該孔，l的最大值為0.8m；若l=0.6m，x的取值范圍是0.8x1mm（取g=10m/s2）參考答案：考點：平拋運動專題：平拋運動專題分析：根據自由落體運動的公式求出小球通過矩形孔的時間，從而通過等時性求出l的最大值結合小球運動到矩形孔上沿的時間和下沿的時間，結合障礙物的速度求出x的最小值和最大值解答：解：小球做自由落體運動到矩形孔的上沿的時間s=0.2s；小球做自由落體運動到矩形孔下沿的時間，則小球通過矩形孔的時間t

14、=t2t1=0.2s，根據等時性知，l的最大值為lm=v0t=4×0.2m=0.8mx的最小值xmin=v0t1=4×0.2m=0.8mx的最大值xmax=v0t2l=4×0.40.6m=1m所以0.8mx1m故答案為：0.8，0.8mx1m點評：解決本題的關鍵抓住臨界狀態，運用運動學公式進行求解知道小球通過矩形孔的時間和障礙物移動l的最大值時間相等三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （簡答）如圖13所示,滑塊a套在光滑的堅直桿上,滑塊a通過細繩繞過光滑滑輪連接物 塊b,b又與一輕質彈贊連接在一起，輕質彈簧另一端固定在地面上,開始用手托住物

15、塊 .使繩子剛好伸直處于水平位位置但無張力。現將a由靜止釋放.當a下滑到c點時(c點 圖中未標出)a的速度剛好為零，此時b還沒有到達滑輪位置，已知彈簧的勁度系數k=100n/m ,滑輪質量和大小及摩擦可忽略不計，滑輪與桿的水平距離l=0.3m,ac距離為 0.4m，mb=lkg,重力加速度g=10 m/s2。試求： (1)滑'塊a的質量ma(2)若滑塊a質量增加一倍,其他條件不變，仍讓滑塊a從靜止滑到c點,則滑塊a到達c點時a、b的速度大小分別是多少？ 參考答案：（1）  （2）  （3），功能關系解析：（1）開始繩子無張力，對b分析有kx1=mbg， 解得：彈簧的

16、壓縮量x1=0.1m（1分）當物塊a滑到c點時，根據勾股定理繩伸出滑輪的長度為0.5 m，則b上升了0.2m,所以彈簧又伸長了0.1m。（1分）由a、b及彈簧組成的系統機械能守恒，又彈簧伸長量與壓縮量相等則彈性勢能變化量為零所以magh1=mbgh2（2分）其中h1=0.4m，h2=0.2m所以ma=0.5kg（1分）（2）滑塊a質量增加一倍，則ma=1kg，令滑塊到達c點時a、b的速度分別為v1和v2由a、b及彈簧組成的系統機械能守恒得（2分）又有幾何關系可得ab的速度關系有 vacos=vb（1分）其中為繩與桿的夾角且cos=0.8解得：（1分）（1分）（1）首先由物體靜止條件求出彈簧壓縮

17、的長度，再根據幾何知識求出物體b上升的距離，從而可求出彈簧伸長的長度，然后再根據能量守恒定律即可求解物體a的質量；題（2）的關鍵是根據速度合成與分解規律求出物體b與a的速度關系，然后再根據能量守恒定律列式求解即可15. （16分）如圖所示，物塊a和b通過一根輕質不可伸長的細繩連接，跨放在質量不計的光滑定滑輪兩側，質量分別為ma=2 kg、mb=1 kg。初始時a靜止與水平地面上，b懸于空中。先將b豎直向上再舉高h=1.8 m（未觸及滑輪）然后由靜止釋放。一段時間后細繩繃直，a、b以大小相等的速度一起運動，之后b恰好可以和地面接觸。取g=10 m/s2。（1）b從釋放到細繩繃直時的運動時間t；（

18、2）a的最大速度v的大小；（3）初始時b離地面的高度h。參考答案：（1）；（2）；（3）。試題分析：（1）b從釋放到細繩剛繃直前做自由落體運動，有：解得：（2）設細繩繃直前瞬間b速度大小為vb，有細繩繃直瞬間，細繩張力遠大于a、b的重力，a、b相互作用，總動量守恒：繩子繃直瞬間，a、b系統獲得的速度：之后a做勻減速運動，所以細繩繃直瞬間的速度v即為最大速度，a的最大速度為2 m/s。四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 在冬天，雪災天氣造成輸電線被厚厚的冰層包裹，使相鄰兩個鐵塔間的拉力大大增加，導致鐵塔被拉倒、壓榻，電力設施被嚴重損毀，給當地群眾的生產、生活造成了極大不便和巨大損失。當若

19、干相同鐵塔等高、等距時，可將之視為如圖所示的結構模型，已知鐵塔質量為m，相鄰鐵塔間輸電線的長度為l，其單位長度的質量為m0，輸電線靠近鐵塔部分與豎直方向為角，已知冰的密度為，設冰層均包裹在輸電線上，且冰層的橫截面為圓形，其半徑為r（輸電線的半徑可忽略）.（1）每個鐵塔塔尖所受的壓力將比原來增大多少？（2）被冰層包裹后，輸電線在最高點，最低點所受的拉力大小分別為多少？參考答案：17. 某放置在真空中的裝置如圖甲所示，水平放置的平行金屬板a、b中間開有小孔，小孔的連線與豎直放置的平行金屬板c、d的中心線重合在c、d的下方有如圖所示的、范圍足夠大的勻強磁場，磁場的理想上邊界與金屬板c、d下端重合，其

20、磁感應強度隨時間變化的圖象如圖乙所示，圖乙中的b0為已知，但其變化周期t0未知已知金屬板a、b之間的電勢差為uab=+u0，金屬板c、d的長度均為l，間距為l質量為m、電荷量為q的帶正電粒子p（初速度不計、重力不計）進入a、b兩板之間被加速后，再進入c、d兩板之間被偏轉，恰能從d極下邊緣射出忽略偏轉電場的邊界效應（1）求金屬板c、d之間的電勢差ucd（2）求粒子離開偏轉電場時速度的大小和方向（3）規定垂直紙面向里的磁場方向為正方向，在圖乙中t=0時刻該粒子進入磁場，并在t1=t0時刻粒子的速度方向恰好水平，求磁場的變化周期t0和該粒子從射入磁場到離開磁場的總時間t總參考答案：解：（1）粒子在電場中加速，由動能定理得：qu0=mv020，解得：v0=，粒子在偏轉電場中做類平拋運動，由牛頓第二定律得：q=ma，l=v0t  ?l=at2，解得：ucd=u0；（2）粒子在偏轉電場中，由動能定理得：q=mv2mv02，解得：v=，粒子由k離開電場時的偏轉角為，由平行四邊形定則得：v0=vcos，解得：=30°；（3）粒子在磁場中做圓周運動的周期：t=，粒子從k進入磁場沿逆