1、蓬萊一中高二物理期中模擬（六）一、選擇題（本題共14道小題，每小題3分1.（多選題）在勻強磁場中有一不計電阻的矩形線圈，繞垂直磁場的軸勻速轉動，產(chǎn)生如圖甲所示的正弦交流電，把該交流電接在圖乙中理想變壓器的A、B兩端，電壓表和電流表均為理想電表，Rt為熱敏電阻（溫度升高時其電阻減小），R為定值電阻下列說法正確的是（）A在t=0.01 s末，矩形線圈平面與磁場方向垂直B變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為u=36sin50t（V）CRt處溫度升高時，電壓表V1、V2示數(shù)的比值不變DRt處溫度升高時，電流表的示數(shù)變大，變壓器輸入功率變大2.（單選）如圖所示，甲是遠距離輸電線路的示意圖，乙是發(fā)電機輸出

2、電壓隨時間變化的圖像，則（ ）A用戶用電器上交流電的頻率是100 Hz B發(fā)電機輸出交流電的電壓有效值是500 VC輸電線的電流只由降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比決定D當用戶用電器的總電阻增大時，輸電線上損失的功率減小3.（多選）一交流電流的圖象如圖所示，由圖可知（ ） A 用電流表測該電流其示數(shù)為10A B 該交流電流的頻率為200 HzC 該交流電流通過100電阻時，電阻消耗的電功率為1 000 WD 該交流電流即時值表達式為i=10sin628tA4.（單選）圖中矩形線圈abcd在勻強磁場中以ad邊為軸勻速轉動，產(chǎn)生的電動勢瞬時值為e=5sin20t（V），則以下判斷正確的是 （ ） A 此

3、交流電的頻率為Hz B 當線圈平面與中性面重合時，線圈中的感應電動勢為5V C 當線圈平面與中性面垂直時，線圈中的感應電流為0V D 線圈轉動一周，感應電流的方向改變一次5.（單選）下列的電器中，應用了壓力傳感器的是( )A紅外數(shù)字溫度計 B天黑自動開啟的路燈 C數(shù)字體重計 D白熾燈泡6. （單選）關于動量的概念，下列說法中正確的是（）A動量大的物體慣性一定大 B動量相同的物體運動方向一定相同C動量大的物體運動得一定快 D動量相同的物體速度大小一定相等7.（多選題）一個質(zhì)量為0.3kg的彈性小球，在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墻上，碰撞后小球沿相反方向運動，速度大小與碰撞前相同，作用時

4、間為0.1s則碰撞過程中墻壁對小球的平均作用力F和墻壁對小球做功的平均功率大小P為（）AF=18NBF=36NCP=0DP=108w8.（多選題）“蹦極”是勇敢者的運動，如圖為蹦極運動過程示意圖某人身系彈性繩自高空p點自由下落，其中a點是彈性繩的原長位置，c是人所到達的最低點，b是人靜止地懸吊著時的平衡位置不計空氣阻力，則下列說法中正確的是（）A人和彈性橡皮繩組成系統(tǒng)機械能守恒B從a至c的過程中，重力的沖量大小大于彈性繩的沖量大小C從p至c的過程中重力所做的功等于人克服彈力所做的功D從a至c的過程中人的動量一直增大9. （單選）關于系統(tǒng)動量守恒的條件，下列說法正確的是（）A只要系統(tǒng)內(nèi)存在摩擦力

5、，系統(tǒng)動量就不守恒B只要系統(tǒng)中有一個物體受合力不為零，系統(tǒng)動量就不守恒C只要系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動量就守恒D子彈水平飛行，擊穿一塊原來靜止在光滑水平面上的木塊，因為子彈穿透木塊的過程中受到阻力作用，所以子彈和木塊組成的系統(tǒng)總動量不守恒10.（單選）如圖所示，一個質(zhì)量為M木箱原來靜止在光滑水平面上，木箱內(nèi)粗糙的底板上放著一個質(zhì)量為m的小木塊現(xiàn)使木箱獲得一個向左的初速度v0，則（） A 小木塊和木箱最終都將靜止 B 木箱速度為零時，小木塊速度為 C 最終小木塊速度為，方向向左 D 木箱和小木塊系統(tǒng)機械能最終損失Mv0211.（單選）如圖所示為氫原子的能級結構示意圖，一群氫原子處于n=3的激發(fā)

6、態(tài)，在向較低能級躍遷的過程中向外輻射出光子，用這些光子照射逸出功為2.49eV的金屬鈉。下列說法正確的是（ ）A.這群氫原子能輻射出三種不同頻率的光，其中從n=3能級躍遷到n=2能級波長最短B.這群氫原子在輻射光子的過程中電子繞核運動的動能減小, 電勢能增大C.能發(fā)生光電效應的光有三種D.金屬鈉表面所發(fā)出的光電子的最大初動能是9.60eV12.（多選）下列四幅圖涉及到不同的物理知識，其中說法正確的是（） A、圖甲：普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，成為量子力學的奠基人之一B、圖乙：玻爾理論指出氫原子能級是分立的,所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的C、圖丙：盧瑟福通過分析粒子散射實驗結果，

7、發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子D、圖丁：根據(jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，可以說明電子具有粒子性13.（多選）關于光電效應和康普頓效應的規(guī)律，下列說法正確的是（）A光電效應中，金屬板向外發(fā)射的光電子又可以叫做光子B用光照射金屬不能發(fā)生光電效應是因為該入射光的頻率小于金屬的截止頻率C對于同種金屬而言，遏止電壓與入射光的頻率無關D石墨對X射線散射時，部分X射線的散射光波長會變大，這個現(xiàn)象稱為康普頓效應E康普頓效應說明光具有粒子性14.（多選）如圖是某金屬在光的照射下光電子最大初動能Ek與入射光頻率的關系圖象，由圖像可知（ ）A該金屬的逸出功等于EB該金屬的逸出功等于h0C入射光的頻率為20時，產(chǎn)生的光電子的最大初

8、動能為ED入射光的頻率為0/2時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為E/2二、填空題15.如圖為實驗室常用的氣墊導軌驗證動量守恒的裝置兩帶有等寬遮光條的滑塊A和B，質(zhì)量分別為mA、mB，在A、B間用細線水平壓住一輕彈簧，將其置于氣墊導軌上，調(diào)節(jié)導軌使其能實現(xiàn)自由靜止，這是表明 ，燒斷細線，滑塊A、B被彈簧彈開，光電門C、D記錄下兩遮光條通過的時間分別為tA和tB，若有關系式 ，則說明該實驗動量守恒16.“探究碰撞中的不變量”的實驗中，入射小球m1=15g，原來靜止的被碰小球m2=10g，由實驗測得它們在碰撞前后的xt圖象如圖，可知入射小球碰撞后的m1v1是 ，入射小球碰撞前的m1v1是 ，被碰撞后的m

9、2v2 是 由此得出結論 17.用頻率為的光照射光電管陰極時，產(chǎn)生的光電流隨陽極與陰極間所加電壓的變化規(guī)律如圖所示，Uc為遏止電壓.已知電子電荷量為-e，普朗克常量為h，則光電子的最大初動能Ekm= ；該光電管發(fā)生光電效應的極限頻率0= 18.如圖所示是研究光電效應的實驗裝置，某同學進行了如下操作：（1）用頻率為1的光照射光電管，此時電流表中有電流調(diào)節(jié)滑動變阻器，將觸頭P向端滑動（選填“a”或“b”），使微安表示數(shù)恰好變?yōu)榱悖浵码妷罕硎綰1（2）用頻率為2的光照射光電管，重復中的步驟，記下電壓表示數(shù)U2已知電子的電量為e，由上述實驗可知，普朗克常量h=（用上述已知量和測量量表示）（3）關于光

10、電效應，下列說法正確的是A光照時間越長光電流越大B入射光的光強一定時，頻率越高，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多C金屬鈉的每個電子可以吸收一個或一個以上的光子，當它積累的動能最夠大時，就能逸出金屬D不同頻率的光照射同一種金屬時，頻率越高，光電子的最大初動能越大物理模擬六二卷題號1234567891011121314答案15 16 17 18 三、計算題19.如圖所示，線圈abcd的面積是0.05m2，共200匝；線圈總電阻r=1，外接電阻R=9，勻強磁場的磁感應強度B=T，線圈以角速度=100 rad/s勻速轉動（1）若線圈經(jīng)圖示位置時開始計時，寫出線圈中感應電動勢瞬時值的表達式；（2）求通過電

11、阻R的電流有效值20.如圖所示，一光電管的陰極用極限波長0=5000的鈉制成用波長=3000的紫外線照射陰極，光電管陽極A和陰極K之間的電勢差U=2.1 V，飽和光電流的值(當陰極K發(fā)射的電子全部到達陽極A時，電路中的電流達到最大值，稱為飽和光電流)I0.56A(1)求每秒鐘內(nèi)由K極發(fā)射的光電子數(shù)目；(2)求電子到達A極時的最大動能；(3)如果電勢差U不變，而照射光的強度增到原值的三倍，此時電子到達A極時最大動能是多大?(普朗克常量h6.63×1034J·s)21.如圖所示，輕彈簧的兩端與質(zhì)量均為3m的B、C兩物塊固定連接，靜止在光滑水平面上，物塊C緊靠擋板不粘連，另一質(zhì)量

12、為m的小物塊A以速度v0從右向左與B發(fā)生彈性正碰，碰撞時間極短可忽略不計，（所有過程都是在彈簧彈性限度范圍內(nèi)）求：（1）A、B碰后瞬間各自的速度；（2）彈簧第一次壓縮最短與第一次伸長最長時彈性勢能之比22.如圖所示長R=0.6m的不可伸長的細繩一端同定在O點另一端系著質(zhì)量m2=0.1kg的小球B小球B剛好與水平面相接觸現(xiàn)使質(zhì)量m1=0.3kg的物塊A以v0=4m/s的速度向B運動A與水平面問的接觸面光滑A、B碰撞后物塊A的速度變?yōu)榕銮八矄査俣鹊男∏駼能在豎直平面內(nèi)做圓周運動已知重力加速度g=10m/s2，A、B均可視為質(zhì)點，試求：在A與B碰撞后瞬問小球B的速度v2的大小小球B運動到圓周最高點時

13、受到細繩的拉力大小試卷答案1.AD解：AB、原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓36V，周期0.02s，故角速度是=100，u=36sin100t（V），當t=0.01s時，u=0，此時穿過該線圈的磁通量最大，矩形線圈平面與磁場方向垂直，故A正確，B錯誤；C、R1處溫度升高時，原副線圈電壓比不變，但是V2不是測量副線圈電壓，R1溫度升高時，阻值減小，電流增大，則R2電壓增大，所以V2示數(shù)減小，則電壓表V1、V2示數(shù)的比值增大，故C錯誤；D、R1溫度升高時，阻值減小，電流增大，而輸出電壓不變，所以變壓器輸出功率增大，而輸入功率等于輸出功率，所以輸入功率增大，故D正確；故選：AD2.DA

14、、發(fā)電機的輸出電壓隨時間變化的關系，由圖可知，故，故A錯誤；B、由圖象可知交流的最大值為，因此其有效值為，故B錯誤；C、輸電線的電流由輸送的功率與電壓決定的，與降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比無關，故C錯誤；D、當用戶用電器的總電阻增大時，用戶的功率減小，降壓變壓器的輸出功率減小，則輸入的功率減小，輸入的電流減小，輸電線上損失的功率減小，故D正確。故選：D3.考點： 正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達式；電功、電功率 專題： 交流電專題分析： 由圖象知電流的有效值、周期，從而得出頻率和角速度，求功率用有效值解答： 解：A、電流表顯示的是有效值，示數(shù)為I=10A，故A正確；B、由圖象知周期為0.01s，頻

15、率為周期的倒數(shù)100Hz，故B錯誤；C、電阻消耗的功率P=I2R=（10）2×10=1000W，C錯誤；D、角速度=2f=200=628，所以瞬時值表達式i=10sin628t A，故D正確；故選：AD4.考點： 交流的峰值、有效值以及它們的關系 專題： 交流電專題分析： 根據(jù)感應電動勢的瞬時表達式e=0.5sin20t（V），可以求出頻率、某時刻，e的瞬時值、交流電的電動勢最大值，當t=0時線圈平面跟磁感線垂直，磁通量最大，磁通量變化率為0解答： 解：A、根據(jù)e=5sin20t（V），得：=20rad/s，所以f=Hz=Hz，故A正確；B、當線圈平面與中性面重合時，線圈邊的切割速度

16、最小，即線圈中的感應電動勢為零，故B錯誤；C、當線圈平面與中性面垂直時，線圈邊的切割速度最大，線圈中的感應電流最大，故C錯誤；D、線圈轉動到中性面位置時，電流方向改變，則轉動一周，感應電流的方向改變兩次，故D錯誤；故選：A5.C6.B解：A、動量P=mv，動量的物體質(zhì)量不一定大，故慣性不一定大，故A錯誤；B、動量是矢量，有大小也有方向，動量的方向即為物體運動的速度方向，動量相同的物體說明動量的大小和方向都相同，故動量相同的物體的運動方向一定相同，故B正確；C、動量P=mv，可知，動量大的物體運動速度不一定大，故C錯誤；D、動量相同，據(jù)m=知，物體質(zhì)量大則速度小故D錯誤故選：B7.BC解：AB、

17、規(guī)定初速度方向為正方向，初速度v1=6m/s，碰撞后速度v2=6m/s；v=v2v1=12m/s，負號表示速度變化量的方向與初速度方向相反；動量變化量為：P=mv=0.3kg×（12m/s）=3.6kgm/s，由動量定理：Ft=p，有，碰撞過程中墻壁對小球的平均作用力F為36N，故A錯誤，B正確；CD、碰撞前后小球速度大小不變，小球動能不變，對碰撞過程，對小球由動能定理得：W=Ek=0，碰撞過程中墻對小球做功的大小W為0，平均功率，故C正確，D錯誤故選：BC8.AC解：A、人在運動過程中受重力和彈力作用，重力和彈力都做功，所以人和彈性繩組成的系統(tǒng)機械能守恒，但人的機械能不守恒，故A正

18、確B、從a至c的過程中，動量的變化量為負值，知合力的沖量方向向上，則重力的沖量大小應小于彈性繩的沖量大小，故B錯誤C、從p至c的過程中，根據(jù)動能定理有：WGW彈=0，所以重力做的功等于人克服彈力所做的功，故C正確D、a至c的過程中，速度先增大后減小，則動量先增大后減小，故D錯誤故選：AC9.C解：A、若系統(tǒng)內(nèi)存在著摩擦力，而系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量仍守恒故A錯誤；B、系統(tǒng)中有一個物體受合力不為零時，系統(tǒng)的動量也可能守恒，比如碰撞過程，兩個物體的合力都不為零，但系統(tǒng)的動量卻守恒故B錯誤；C、系統(tǒng)所受的合外力為零，合外力的沖量為零，由動量定理可知，系統(tǒng)動量守恒，故C正確D、子彈穿透木塊的過

19、程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的總動量守恒，故D錯誤；故選：C10.解：A、系統(tǒng)所受外力的合力為零，動量守恒，初狀態(tài)木箱有向左的動量，小木塊動量為零，故系統(tǒng)總動量向左，系統(tǒng)內(nèi)部存在摩擦力，阻礙兩物體間的相對滑動，最終相對靜止，由于系統(tǒng)的總動量守恒，不管中間過程如何相互作用，根據(jù)動量守恒定律，最終兩物體以相同的速度一起向左運動故A錯誤；B、規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動量守恒：Mv0=mv1+Mv2；v2=0，可得v1=，故B錯誤C、最終兩物體速度相同，由動量守恒得：Mv0=（m+M）v，則得 v=，方向向左，故C正確D、木箱和小木塊系統(tǒng)機械能最終損失E=Mv02（m+M）v2=，故D錯誤

20、；故選：C11.D12.AB 解析： A、普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，成為量子力學的奠基人之一，故A正確B、玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的，故B正確C、盧瑟福通過分析粒子散射實驗結果，提出了原子的核式結構模型，故C錯誤D、根據(jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，說明電子具有波動性，故D錯誤故選AB13.考點：光電效應專題：光電效應專題分析：光子與光電子是兩個概念；光電效應現(xiàn)象、康普頓效應說明光具有粒子性光電效應表面光子具有能量，康普頓效應表明光子除了具有能量之外還具有動量當入射光的頻率大于或等于極限頻率時，才會發(fā)生光電效應，根據(jù)光電效應方程，及遏止電壓與

21、最大初動能的關系，從而即可求解解答：解：A、光電效應中，金屬板吸收光子后，向外發(fā)射的光電子故A錯誤B、當入射光的頻率大于或等于極限頻率時，才會發(fā)生光電效應故B正確C、遏止電壓與最大初動能有關，而入射光的頻率會影響最大初動能，故C錯誤；D、石墨對X射線散射時，部分X射線的散射光波長會變大，這個現(xiàn)象稱為康普頓效應故D正確E、光電效應現(xiàn)象、康普頓效應說明光具有粒子性，故E正確故選：BDE點評：解決本題的關鍵知道光具有波粒二象性，光電效應、康普頓效應說明光具有什么性，注意理解光電效應的條件，及遏止電壓與入射光的頻率的關系14.ABC15.解：兩滑塊自由靜止，滑塊靜止，處于平衡狀態(tài)，所受合力為零，此時氣

22、墊導軌是水平的；設遮光條的寬度為d，兩滑塊的速度為：vA=，vB=，如果動量守恒，滿足：mAvAmBvB=0，由解得：故答案為：氣墊導軌水平；16.解：（1）由圖1所示圖象可知，碰撞前球1的速度：v1=1m/s，碰撞后，球的速度：v1=0.5m/s，v2=0.75m/s，入射小球碰撞后的m1v1=0.015×0.5=0.0075kgm/s，入射小球碰撞前的m1v1=0.015×1=0.015 kgm/s，被碰撞后的m2v2=0.01×0.75=0.075kgm/s，碰撞前系統(tǒng)總動量p=m1v1=0.015kgm/s，碰撞后系統(tǒng)總動量p=m1v1+m2v2=0.01

23、5kgm/s，p=p，由此可知：碰撞過程中動量守恒；故答案為：0.0075kgm/s；0.015 kgm/s；0.075kgm/s；碰撞過程中動量守恒17.Ekm=eUc 0=- eUc/h 18.解：（1）根據(jù)電路圖，結合逸出電子受到電場阻力時，微安表示數(shù)才可能為零，因只有K的電勢高于A點，即觸頭P向a端滑動，才能實現(xiàn)微安表示數(shù)恰好變?yōu)榱悖唬?）根據(jù)光電效應方程得，Ek1=hv1W0=eU1Ek2=hv2W0=eU2聯(lián)立兩式解得：h=（3）A、在發(fā)生光電效應的情況下，入射光的強度越高，單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目越多，光電流才越大，與光照時間長短無關故A錯誤B、入射光的光強一定時，頻率越高，單

24、位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越少故B錯誤C、每個電子可以吸收一個光子，當它入射光的能量大于逸出功，就能逸出金屬故C錯誤D、根據(jù)光電效應方程得，EKm=hvW0，當頻率越高，光電子的最大初動能越大故D正確故答案為：（1）a，（2），（3）D19.解：（1）A、B發(fā)生彈性正碰，碰撞過程中，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mv0=mvA+3mvB在碰撞過程中機械能守恒，由機械能守恒定律得：聯(lián)立解得：（2）彈簧第一次壓縮到最短時，B的速度為零，該過程機械能守恒，由機械能守恒定律得，彈簧的彈性勢能：從彈簧壓縮最短到彈簧恢復原長時

25、，B、C與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，彈簧恢復原長時，B的速度，速度方向向右，C的速度為零，從彈簧恢復原長到彈簧第一次伸長最長時，B、C與彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，彈簧伸長最長時，B、C速度相等，以向右為正方向，由動量守恒定律得：3mvB=（3m+3m）v2由機械能守恒定律得：解得：彈簧第一次壓縮最短與第一次伸長最長時彈性勢能之比：EP：E'P=2：1答：（1）A、B碰后瞬間，A的速度為，方向向右，B的速度為v0，方向向左；（2）彈簧第一次壓縮最短與第一次伸長最長時彈性勢能之比為2：120.【考點】： 動量守恒定律；向心力；機械能守恒定律【專題】： 動量定理應用專題【分析】： （1）碰撞過程中，A、B系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量