建水縣第一中學2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級_ 座號_ 姓名_ 分數_一、選擇題1 如圖所示,兩根相互平行的長直導線過紙面上的M、N兩點,且與紙面垂直,導線中通有大小相等、方向相反的電流。A、O、B在M、N的連線上,O為MN的中點,C、D位于MN的中垂線上,且A、B、C、D到O點的距離均相等。關于以上幾點處的磁場,下列說法錯誤的是（ ）A. O點處的磁感應強度為0B. A、B兩點處的磁感應強度大小相等、方向相反C. C、D兩點處的磁感應強度大小相等、方向相同D. A、C兩點處的磁感應強度的方向不同【答案】ABD【解析】A.根據安培定則判斷:兩直線電流在O點產生的磁場方向均垂直于MN向下，O點的磁感應強度不為0，故選項A錯誤；B.A、B兩點處的磁感應強度大小相等、方向相同，故選項B錯誤；C.根據對稱性，C、D兩點處的磁感應強度大小相等、方向相同，故C選項正確；D.A、C兩點處的磁感應強度方向相同，故選項D錯誤。故選：ABD。點睛：根據安培定則判斷磁場方向，再結合矢量的合成知識求解。2 測量國際單位制規定的三個力學基本物理量分別可用的儀器是A刻度尺、彈簧秤、秒表 B刻度尺、測力計、打點計時器C量筒、天平、秒表D刻度尺、天平、秒表【答案】D3 庫侖定律是電磁學的基本定律。1766年英國的普里斯特利通過實驗證實了帶電金屬空腔不僅對位于空腔內部的電荷沒有靜電力的作用，而且空腔內部也不帶電。他受到萬有引力定律的啟發，猜想兩個點電荷（電荷量保持不變）之間的靜電力與它們的距離的平方成反比.1785年法國的庫侖通過實驗證實了兩個點電荷之間的靜電力與它們的電荷量的乘積成正比，與它們的距離的平方成反比。下列說法正確的是（ ）A普里斯特利的實驗表明，處于靜電平衡狀態的帶電金屬空腔內部的電勢為零B普里斯特利的猜想運用了“對比”的思維方法C為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的距離的平方成反比，庫侖制作了庫侖扭秤裝置D為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的電荷量的乘積成正比，庫侖精確測定了兩個點電荷的電荷量【答案】C4 如圖所示，MN是某一正點電荷電場中的電場線，一帶負電的粒子（重力不計）從a點運動到b點的軌跡如圖中虛線所示則（ ）A正點電荷位于N點右側B帶電粒子從a運動到b的過程中動能逐漸增大C帶電粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能D帶電粒子在a點的加速度大于在b點的加速度【答案】D5 如圖所示，一圓盤可以繞其豎直軸在水平面內運動，圓盤半徑為R，甲、乙兩物體的質量分別為M和m（Mm），它們與圓盤之間的最大靜摩擦力均為正壓力的倍，兩物體用長為L的輕繩連在一起，LR.若將甲物體放在轉軸位置上，甲、乙連線正好沿半徑方向拉直，要使兩物體與圓盤不發生相對滑動，則圓盤旋轉的角速度最大不得超過（兩物體看作質點）（ ） A. B. C. D.【答案】D【解析】 6 如圖所示，空間有一正三棱錐OABC，點A、B、C分別是三條棱的中點。現在頂點O處固定一正的點電荷，則下列說法中正確的是A. A、B、C三點的電場強度大小相等B. OABC所在平面為等勢面C. 將一正的試探電荷從A點沿直線AB移到B點，靜電力對該試探電荷先做正功后做負功D. 若A點的電勢為，A 點的電勢為，則AA連線中點D處的電勢一定小于【答案】AD【解析】A、因為A、B、C三點離頂點O處的正電荷的距離相等，故三點處的場強大小均相等，但其方向不同，A錯誤；B、由于ABC所在平面上各點到O點的距離不一定都相等，由等勢面的概念可知，ABC所在平面不是等勢面，B錯誤；C、由電勢的概念可知，沿直線AB的電勢變化為先增大后減小，所以當在此直線上從A到B移動正電荷時，電場力對該正電荷先做負功后做正功，C錯誤；D、因為，由點電荷的場強關系可知，又因為，所以有，即，整理可得：，D正確；故選D。7 （2018江西贛中南五校聯考）如圖所示，a、b 兩顆人造地球衛星分別在半徑不同的軌道上繞地球做勻速圓周運動，則下列說法正確的是A.a 的周期小于 b 的周期B.a 的動能大于 b 的動能C.a 的勢能小于 b的勢能D.a 的加速度大于 b 的加速度 【答案】AD【解析】地球對衛星的萬有引力提供衛星做勻速圓周運動的向心力即：G=ma=mr ,解得：T=2.。由于衛星a的軌道半徑較小，所以a 的周期小于 b 的周期，選項A正確；由G=ma可知，a 的加速度大于 b 的加速度，選項D正確。8 放在粗糙水平地面上的物體受到水平拉力的作用，在06s內其速度與時間的圖象和該拉力的功率與時間的圖象分別如圖所示下列說法正確的是（ ）A. 06s內物體的位移大小為30mB. 06s內拉力做的功為70JC. 合外力在06s內做的功與02s內做的功相等D. 滑動摩擦力的大小為5N【答案】ABC【解析】A項：06s內物體的位移大小x=30m故A正確 B項：在02s內，物體的加速度a=3m/s2，由圖，當P=30W時，v=6m/s，得到牽引力F=5N在02s內物體的位移為x1=6m，則拉力做功為W1=Fx1=56J=30J26s內拉力做的功W2=Pt=104J=40J所以06s內拉力做的功為W=W1+W2=70J故B正確 C項：在26s內，物體做勻速運動，合力做零，則合外力在06s內做的功與02s內做的功相等故C正確 D項：在26s內，v=6m/s，P=10W，物體做勻速運動，摩擦力f=F，得到f=F=故D錯誤點晴：速度圖象的“面積”表示位移02s內物體做勻加速運動，由速度圖象的斜率求出加速度，26s內物體做勻速運動，拉力等于摩擦力，由P=Fv求出摩擦力，再由圖讀出P=30W時，v=6m/s，由F=求出02s內的拉力，由W=Fx求出02s內的拉力做的功，由W=Pt求出26s內拉力做的功9 在圖示的四幅圖中，正確標明了帶正電的粒子所受洛倫茲力f方向的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】由左手定則可知，在A圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向下，故A錯誤；由左手定則可知，在B圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向上，故B正確；由左手定則可知，在C圖中，粒子運動的方向與磁場的方向平行，不受洛倫茲力作用，故C錯誤；由左手定則可知，在D圖中，粒子運動的方向與磁場的方向平行，不受洛倫茲力作用，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。10如圖所示，a、b是等量異種點電荷連線的中垂線上的兩點，現將某檢驗電荷分別放在a、b兩點，下列說法中正確的是 A. 受到電場力大小相等，方向相同B. 受到電場力大小相等，方向相反C. 受到電場力大小不相等，方向相反D. 受到電場力大小不相等，方向相同【答案】D【解析】試題分析：由圖可知看出：a處電場線密，電場強度大兩點的電場線的切線方向相同，所以電場強度方向相同，放入同種檢驗電荷，受到的電場力大小不等，方向相同故選D考點：等量異種電荷的電場.11OabcA如圖所示，圓形區域內有垂直紙面的勻強磁場，三個質量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，以不同的速率對準圓心O沿著AO方向射入磁場，其運動軌跡如圖。若帶電粒子只受磁場力的作用，則下列說法正確的是（ ）Aa粒子動能最大Bc粒子速率最大Cc粒子在磁場中運動時間最長D它們做圓周運動的周期【答案】B12甲、乙兩物體在同一直線上做直線運動的速度時間圖象如圖所示，則（ ）A. 前3秒內甲、乙運動方向相反B. 前3秒內甲的位移大小是9mC. 甲、乙兩物體一定是同時同地開始運動D. t=2s時，甲、乙兩物體可能恰好相遇【答案】BD13如圖所示，兩個線圈套在同一個鐵芯上，線圈的繞向如圖甲所示，左線圈連著正方形線框abcd，線框所在區域存在變化的磁場，取垂直紙面向里為正，磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，不計線框以外的感生電場，右側線圈連接一定值電阻R，下列說法中正確的是（ ）A. t1時刻ab邊中電流方向由ab，e點電勢高于f點B. 設t1、t3時刻ab邊中電流大小分別為i1、i3，則有i1i3，e點與f點電勢相等C. t2t4時間內通過ab邊電量為0，定值電阻R中無電流D. t5時刻ab邊中電流方向由ab，f點電勢高于e點【答案】B【解析】:A、t1 時刻磁場方向向里且均勻增加,根據楞次定律,線框中感應電流沿逆時針方向,ab邊中電流方向由ab ,根據法拉第電磁感應定律知,正方形線框中的感應電動勢是恒定值,原線圈中電流值恒定,副線圈中不產生感應電動勢,e點電勢等于f點電勢,故A錯誤;B、根據法拉第電磁感應定律E=nt=nBtS , t1時刻磁感應強度的變化率小于t3時刻的磁感應強度變化率,e1e3 ,根據歐姆定律i=ER ,知i1i3 ,所以B選項是正確的;C、t2t4時間內磁感應強度均勻變化,磁通量均勻變化,有恒定感應電流通過ab,通過ab邊的電量不為0,副線圈磁通量不變,定值電阻中無電流,故C錯誤;D、t5時刻磁場方向垂直紙面向外,磁場變小,磁通量減小,根據楞次定律得感應電流逆時針,ab邊中電流方向ab,磁感應強度的變化率增大,感應電流大小變大,穿過原副線圈的磁通量增大,根據楞次定律,副線圈中感應電動勢上正下負,因此e點電勢高于f點,故D錯誤;所以B選項是正確的綜上所述本題的答案是：B14三個點電荷電場的電場線分布如圖，圖中a、b兩處的場強大小分別為、，電勢分別為，則A，B，C，D，【答案】C15如圖所示，絕緣粗糙斜面固定在水平地面上，斜面所在空間存在平行于斜面向上的勻強電場E，輕彈簧一端固定在斜面項端，另一端拴接一質量不計的絕緣薄板，一帶正電的小滑塊，從斜面上的P點由靜止釋放沿斜面向上運動，并能壓縮彈簧至R點（圖中未標出） 然后返回，則A. 滑塊從P點運動到R點過程中，其機械能增量等于電場力與彈簧彈力做功之和B. 滑塊從P點運動到R 點過程中，電勢能的減少量大于重力勢能和彈簧彈性勢能的增加量之和C. 滑塊返回過程能到達的最低位置位于P點的上方D. 滑塊最終停下來，克服摩擦力所做的功等于電勢能減少量與重力勢能增加量之差【答案】BC【解析】試題分析：由題可知，小滑塊從斜面上的P點處由靜止釋放后，沿斜面向上運動，說明小滑塊開始時受到的合力的方向向上，開始時小滑塊受到重力、電場力、斜面的支持力和摩擦力的作用；小滑塊開始壓縮彈簧后，還受到彈簧的彈力的作用小滑塊向上運動的過程中，斜面的支持力不做功，電場力做正功，重力做負功，摩擦力做負功，彈簧的彈力做負功在小滑塊開始運動到到達R點的過程中，電場力做的功轉化為小滑塊的重力勢能、彈簧的彈性勢能以及內能由以上的分析可知，滑塊從P點運動到R點的過程中，其機械能增量等于電場力與彈簧彈力做功、摩擦力做功之和，故A錯誤；由以上的分析可知，電場力做的功轉化為小滑塊的重力勢能、彈簧的彈性勢能以及內能，所以電勢能的減小量大于重力勢能和彈簧彈性勢能的增加量之和，故B正確；小滑塊運動的過程中，由于摩擦力做功，小滑塊的機械能與電勢能的和增加減小，所以滑塊返回能到達的最低位置在P點的上方，不能在返回P點，故C正確；滑塊運動的過程中，由于摩擦力做功，小滑塊的機械能與電勢能的和逐漸減小，所以滑塊最終停下時，克服摩擦力所做的功等于電勢能的減小量與重力勢能增加量、彈性勢能增加量之差，故D錯誤。考點：考查了功能關系的應用【名師點睛】該題中，小滑塊的運動的過程相對是比較簡單的，只是小滑塊運動的過程中，對小滑塊做功的力比較多，要逐個分析清楚，不能有漏掉的功，特別是摩擦力的功16質點做直線運動的位移x與時間t的關系為x=5t+t2（各物理量均采用國際單位），則該質點（ ）A. 第1s內的位移是5m B. 前2s內的平均速度是6m/sC. 任意相鄰的1s 內位移差都是1m D. 任意1s內的速度增量都是2m/s【答案】D17在勻強電場中，把一個電量為q的試探電荷從A移動到B點。已知場強為E，位移大小為d，初末位置電勢差為U，電場力做功為W，A點電勢為。下面關系一定正確的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】因初末位置電勢差為U，則電場力的功為W=Uq，選項A正確；因位移d不一定是沿電場線的方向，則U=Ed不一定正確，故選項BCD錯誤；故選A.二、填空題18如圖所示，水平導軌間距為L=0.5m，導軌電阻忽略不計；導體棒ab的質量m=l kg，電阻R0=0.9，與導軌接觸良好；電源電動勢E=10V，內阻r=0.1，電阻R=4；外加勻強磁場的磁感應強度B=5T，方向垂直于ab，與導軌平面成=53角；ab與導軌間動摩擦因數為=0.5（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），定滑輪摩擦不計，線對ab的拉力為水平方向，重力加速度g=10m/s2，ab處于靜止狀態（已知sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）ab受到的安培力大小和方向（2）重物重力G的取值范圍【答案】 （1）由閉合電路的歐姆定律可得，通過ab的電流 方向：由a到b；ab受到的安培力：F=BIL=520.5=5N；方向：與水平成37角斜向左上方（2）ab受力如圖所示，最大靜摩擦力：由平衡條件得：當最大靜摩擦力方向向右時：當最大靜摩擦力方向向左時：由于重物平衡，故：T=G則重物重力的取值范圍為：0.5NG7.5N；19有一正弦交流電，它的電壓隨時間變化的情況如圖所示，則電壓的峰值為_ V；有效值為_ V；交流電的；頻率為_ Hz. 第22題 第23題【答案】10 v ； V或7.07 v ； 2.5Hz【解析】試題分析：由圖可知，該交流電的電壓最大值為：，所以有效值為：，周期為0.4s，所以有：考點：正弦式電流的圖象和三角函數表達式；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率20輸送1.0l05瓦的電功率，用發1.0l04伏的高壓送電，輸電導線的電阻共計1.0歐，輸電導線中的電流是 A，輸電導線上因發熱損失的電功