安義縣外國語學校2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級_ 座號_ 姓名_ 分數_一、選擇題1 在軍事演習中，某空降兵從懸停在空中的直升飛機上跳下，從跳離飛機到落地的過程中沿豎直方向運動的vt圖象如圖所示，則下列說法正確的是 A010 s內空降兵和降落傘整體機械能守恒B010 s內空降兵和降落傘整體所受空氣阻力越來越大C1015 s時間內運動員的平均速度D1015 s內空降兵和降落傘整體處于失重狀態【答案】BC 【解析】 010 s內速度時間圖線的切線斜率逐漸減小，可知空降兵和降落傘向下做加速度逐漸減小的變加速直線運動，阻力對空降兵和降落傘做負功，故選項A錯誤；根據牛頓第二定律得，mgf=ma，因為加速度減小，可知阻力增大，故選項B正確；1015 s內做空降兵和降落傘向下做加速度減小的變減速直線運動，5 s內的位移小于做勻變速直線運動的位移，故1015 s時間內空降兵和降落傘的平均速度，故C正確；1015 s內做減速運動，加速度方向向上，可知空降兵和降落傘處于超重狀態，故選項D錯誤。2 如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離（ ）A. 帶電油滴將沿豎直方向向上運動B. P點的電勢將降低C. 帶電油滴的電勢能將減小D. 若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大【答案】B【解析】A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動故A錯誤B、場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低故B正確C、由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加故C錯誤D、根據Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯誤；故選B【點睛】本題運用分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化3 在電梯內的地板上，豎直放置一根輕質彈簧，彈簧上端固定一個質量為m的物體。當電梯勻速運動時，彈簧被壓縮了x，某時刻后觀察到彈簧又被繼續壓縮了（重力加速度為g）。則電梯在此時刻后的運動情況可能是A以大小為g的加速度加速上升B以大小為g的加速度減速上升C以大小為的加速度加速下降D以大小為的加速度減速下降【答案】D【解析】4 一圓環形鋁質金屬圈（阻值不隨溫度變化）放在勻強磁場中，設第1s內磁感線垂直于金屬圈平面（即垂直于紙面）向里，如圖甲所示。若磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示，那么第3s內金屬圈中（ ）A. 感應電流逐漸增大，沿逆時針方向B. 感應電流恒定，沿順時針方向C. 圓環各微小段受力大小不變，方向沿半徑指向圓心D. 圓環各微小段受力逐漸增大，方向沿半徑指向圓心【答案】D【解析】試題分析：從圖乙中可得第3s內垂直向里的磁場均勻增大，穿過線圈垂直向里的磁通量增大，由楞次定律可得，感應電流為逆時針方向；根據法拉第電磁感應定律可得線圈產生的感應電動勢為，根據歐姆定律產生的感應電流為， 正比于，第3s內磁通量的變化率恒定，所以產生的感應電流恒定，AB錯誤；圓環各微小段受安培力，由于磁場逐漸增大，電流不變，根據公式，可得圓環各微小段受力逐漸增大，由左手定則可得，安培力的方向沿半徑指向圓心故C錯誤；D正確考點：考查了電磁感應與圖像5 （2018廣州一模）如圖，在勻強電場中，質量為m、電荷量為+q的小球由靜止釋放沿斜向下做直線運動，軌跡與豎直方向的夾角為，則A場強最小值為B電場方向可能水平向左C電場力對小球可能不做功D小球的電勢能可能增加【答案】CD【解析】本題考查物體做直線運動的條件，受力分析，電場力，極值問題，電場力做功和電勢能變化及其相關的知識點。6 已知電場線分布如下圖，則以下說法正確的是A. 場強B. 電勢C. 把一正電荷從A移到B，電場力做正功D. 同一負電荷在兩點受的電場力【答案】BCD【解析】電場線的疏密表示場強大小，則EAEB，同一負電荷在兩點受的電場力，選項A錯誤，D正確；順著電場線電勢降低，則，選項B正確；把一正電荷從A移到B，電場力的方向與位移同向，則電場力做正功，選項C正確；故選BCD.點睛：明確電場線的疏密程度反映場強的相對大小，電場線的切線方向表示電場強度的方向，順著電場線電勢降低是解答本題的關鍵7 一個礦泉水瓶底部有一小孔。靜止時用手指堵住小孔不讓它漏水，假設水瓶在下述幾種運動過程中沒有轉動且忽略空氣阻力，則 A水瓶自由下落時，小孔向下漏水B將水瓶豎直向上拋出，水瓶向上運動時，小孔向下漏水；水瓶向下運動時，小孔不向下漏水C將水瓶水平拋出，水瓶在運動中小孔不向下漏水D將水瓶斜向上拋出，水瓶在運動中小孔向下漏水【答案】C【解析】無論向哪個方向拋出，拋出之后的物體都只受到重力的作用，加速度為g，處于完全失重狀態，此時水和容器的運動狀態相同，它們之間沒有相互作用，水不會流出，所以C正確。8 如圖所示，AB、CD 為兩個光滑的平臺，一傾角為 37，長為 5 m 的傳送帶與兩平臺平 滑連接。現有一小煤塊以 10 m/s 的速度沿平臺 AB 向右運動，當傳送帶靜止時，小煤塊恰好能滑到平臺 CD 上，則下列說法正確的是（重力加速度 g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8）（ ）A. 小煤塊跟傳送帶間的動摩擦因數=0.5B. 當小煤塊在平臺 AB 上的運動速度 v=4 m/s 時，無論傳送帶勻速運動的速度多大，小物體都不能到達平臺 CDC. 若小煤塊以 v=8 m/s 的速度沿平臺 AB 向右運動，傳送帶至少要以 3m/s 的速度順時針 運動，才能使小物體到達平臺 CDD. 若小煤塊以 v=8m/s 的速度沿平臺 AB 向右運動，傳送帶以 4m/s 的速度順時針運動時， 傳送帶上留下的痕跡長度為 2.4m【答案】ABC【解析】A、傳送帶靜止時，小煤塊受力如圖甲所示據牛頓第二定律得 ，BC過程有，解得， ，故A正確；B、當小煤塊受到的摩擦力始終向上時，最容易到達傳送帶頂端，此時，小物體受力如圖乙所示，據牛頓第二定律得，若恰好能到達高臺時，有，解得，即當小煤塊在AB平臺上向右滑動速度小于4m/s，無論傳帶順時針傳動的速度多大，小煤塊總也不能到達高臺CD，故B正確；C、以表示傳送帶順時針傳動的速度大小，對從小煤塊滑上傳送帶到小物體速度減小到傳送帶速度過程有，對從小煤塊速度減小到運動到恰滑上CD高臺過程，有， ，解得，即傳送帶至少以3m/s的速度順時針運動，小物體才能到達高臺CD，故C正確；D、對小煤塊煤塊的位移， ，t=1s，傳送帶的位移， ，傳送帶上留下的痕跡長度，故D錯誤；故選ABC。9 如圖甲所示，兩平行金屬板A、B放在真空中，間距為d，P點在A、B板間，A板接地，B板的電勢隨時間t的變化情況如圖乙所示，t=0時，在P點由靜止釋放一質量為m、電荷量為e的電子，當=2T時，電子回到P點。電子運動過程中未與極板相碰，不計重力，則下列說法正確的是A.： =1：2B.： =1：3C. 在02T時間內，當t=T時電子的電勢能最小D. 在02T 時間內，電子的電勢能減小了【答案】BD【解析】根據場強公式可得0T時間內平行板間的電場強度為：，電子的加速度為：，且向上做勻加速直線運動，經過時間T的位移為：，速度為：v1=a1T，同理在T2T內平行板間電場強度為：，加速度為：，電子以v1的速度向上做勻變速度直線運動，位移為：，由題意2T時刻回到P點，則有：x1+x2=0，聯立可得：2=31，故A錯誤，B正確；當速度最大時，動能最大，電勢能最小，而0T內電子做勻加速運動，之后做勻減速直線運動，因2=31，所以在2T時刻電勢能最小，故C錯誤；電子在2T時刻回到P點，此時速度為：，（負號表示方向向下），電子的動能為：，根據能量守恒定律，電勢能的減小量等于動能的增加量，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。10遠距離輸電中，發電廠輸送的電功率相同，如果分別采用輸電電壓為和輸電電壓為輸電。則兩種情況中，輸電線上通過的電流之比I1I2等于（ ）A11 B31 C13 D91【答案】B【解析】由公式可知B對；11高蹺運動是一項新型運動，圖甲為彈簧高蹺。當人抓住扶手用力蹬踏板壓縮彈簧后。人就向上彈起，進而帶動高蹺跳躍，如圖乙。則下列說法正確的是A人向上彈起過程中，先處于超重狀態，后處于失重狀態B人向上彈起過程中，踏板對人的作用力大于人對踏板的作用力C彈簧壓縮到最低點時，高蹺對人的作用力大于人的重力D彈簧壓縮到最低點時，高蹺對地的壓力等于人和高蹺的總重力【答案】AC【解析】對象，彈簧壓縮到最低點時，根據牛頓第二定律，地對高蹺的壓力大于人和高蹺的總重力，再根據牛頓第三定律，可知高蹺對地的壓力大于人和高蹺的總重力，故D項錯誤；綜上所述本題答案是AC。12在勻強磁場內放置一個面積為S的線框，磁感應強度為B，線框平面與磁場方向垂直，穿過線框所圍面積的磁通量，下列關系正確的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】磁通量定義可知當B與S相互垂直時，磁通量為=BS，故A正確，BCD錯誤。13在物理學發展的過程中，許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程在對以下幾位物理學家所作科學貢獻的敘述中，正確的說法是A在對自由落體運動的研究中，伽利略猜想運動速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證B牛頓應用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”觀點C胡克認為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比D亞里士多德認為兩個從同一高度自由落下的物體，重物體與輕物體下落一樣快【答案】C14如圖所示，在真空中勻強電場的方向豎直向下，勻強磁場的方向垂直紙面向里，三個油滴a、b、c帶有等量同種電荷，其中a靜止，b向左做勻速直線運動，c向右做勻速直線運動。比較它們所受的重力ma、mb、mc間的關系，正確的是 Ama最大 Bmb最大Cmc最大 Dmc最小【答案】BD 【解析】 a球受力平衡，有mag=qE，重力和電場力等值、反向、共線，故電場力向上，由于電場強度向下，故球帶負電，b球受力平衡，有mbg=qvB+qE；c球受力平衡，有mcg+qvB=qE，解得：mbmamc，故選BD。15如圖所示電路中，三個相同的燈泡額定功率是40 W，在不損壞燈泡的情況下，這三個燈泡消耗的總功率最大不應超過 A40 W B60 W C80 W D120 W【答案】B二、填空題16如右圖所示，平行的兩金屬板M、N與電源相連，一個帶負電的小球懸掛在兩板間，閉合開關后，懸線偏離豎直方向的角度為。若保持開關閉合，將N板向M板靠近，角將_；若把開關斷開，再使N板向M板靠近，角將_。（填“變大”、“變小”或“不變” ）【答案】變大 不變 17輕質彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小鐵球，在電梯運行時，乘客發現彈簧的伸長量比電梯靜止時的伸長量小，這一現象表明電梯的加速度方向一定_（填“向下”或“向上”），乘客一定處在_（填“失重”或“超重”）狀態，人對電梯的壓力比自身重力_（填“大”或“小”）。【答案】向下 失重 小（每空2分）【解析】彈簧伸長量減小，說明彈力減小，則物體受到的合力向下，故小鐵球的加速度向下，故乘客一定處于失重狀態，根據N=mgma可知人對電梯的壓力比自身重力小。三、解答題18 如圖甲所示，在坐標系xOy平面內，y軸的左側有一個速度選擇器，其中電場強度為E，磁感應強度為B0。粒子源不斷地釋放出沿x軸正方向運動，質量均為m、電荷量均為+q、速度大小不同的粒子。在y軸的右側有一勻強磁場，磁感應強度大小恒為B，方向垂直于xOy平面，且隨時間做周期性變化（不計其產生的電場對粒子的影響），規定垂直xOy平面向里的磁場方向為正，如圖乙所示。在離y軸足夠遠的地方有一個與y軸平行的熒光屏。假設帶電粒子在y軸右側運動的時間達到磁場的一個變化周期之后，失去電荷變為中性粒子。（粒子的重力忽略不計） （1）從O點射入右側磁場的粒子速度多大；（2）如果磁場的變化周期恒定為T=m/Bq，要使不同時刻從原點O進入變化磁場的粒子做曲線運動的時間等于磁場的一個變化周期，則熒光屏離開y軸的距離至少多大；（3）熒光屏離開y軸的距離滿足（2）的前提下，如果磁場的變化周期T可以改變，試求從t=0時刻經過原點O的粒子打在熒光屏上的位置離x軸的距離與磁場變化周期T的關系。【答案】【解析】 因為磁場的變化周期恒為，所以粒子在該磁場中運動半個周期所轉過的角度為90，任一時刻進入y軸右側磁場的粒子其運動軌跡如圖甲所示 為使粒子在磁場中運動滿一個變化周期，熒光屏離開y軸的距離應該為當=45時，x的值最大，最大值為xk*w（3）因為帶電粒子在兩個磁感應強度大小相等的磁場中運動的時間相等，所以其軌跡具有對稱性，如圖乙所示，其經過一個磁場變化周期之后的速度方向與x軸方向平行，且此時距