2025年新疆庫車縣烏尊鎮中學物理高二下期末達標檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個彈簧振子做簡諧運動，當它向平衡位置運動的過程中，下列關于它運動速度、加速度變化的說法中，正確的是A．速度增大，加速度減小 B．速度減小，加速度增大C．速度增大，加速度增大 D．速度減小，加速度減小2、如圖所示，在足夠長的絕緣斜面上固定著導軌GECABDFH，電阻不計，導軌的GEFH區域存在著垂直于導軌平面向上的勻強磁場B0，在導軌的CABD區域另固定著一較小的矩形閉合金屬線圈S，現將光滑的金屬桿L從導軌的EF位置由靜止釋放，金屬桿沿導軌開始下滑后的一小段時間內A．金屬桿L中的電流減小，線圈S中的電流增大B．金屬桿L中的電流減小，線圈S中的電流減小C．金屬桿L中的電流增大，線圈S中的電流增大D．金屬桿L中的電流增大，線圈S中的電流減小3、關于電磁感應現象，下列說法中正確的是（）A．只要有磁通量穿過電路，電路中就有感應電流B．只要閉合電路在做切割磁感線運動，電路中就有感應電流C．只要穿過閉合電路的磁通量足夠大，電路中就有感應電流D．只要穿過閉合電路的磁通量發生變化，電路中就有感應電流4、如圖所示,用兩種不同的金屬絲組成一個回路,接觸點1插在一杯熱水中,接觸點2插在一杯冷水中,此時靈敏電流計的指針會發生偏轉,這就是溫差發電現象,根據這一現象,下列說法中正確的是()A．這一過程違反了熱力學第二定律B．這一過程違反了熱力學第一定律C．熱水和冷水的溫度將發生變化D．這一過程違反了能量守恒定律5、如圖，一質量為M的光滑大圓環，用一細輕桿固定在豎直平面內；套在大圓環上的質量為m的小環（可視為質點），從大圓環的最高處由靜止滑下，重力加速度為g．當小圓環滑到大圓環的最低點時，大圓環對輕桿拉力的大小為（）A．Mg-5mg B．Mg+mg C．Mg+5mg D．Mg+10mg6、氘核、氚核、中子、氦核的質量分別是m1、m2、m3和m4，如果氘核和氚核結合生成氦核，則下列說法中正確的是（）A．核反應方程式為B．這是一個裂變反應C．核反應過程中的質量虧損Δm＝m1＋m2－m4D．核反應過程中釋放的核能ΔE＝（m1＋m2－m3－m4）c2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量為的物體在水平傳送帶上由靜止釋放，傳送帶由電動機帶動，始終保持以速度勻速運動，物體與傳送帶間的動摩擦因數為，物體過一會兒能保持與傳送帶相對靜止，對于物體從靜止釋放到相對靜止這一過程，下列說法正確的是（）A．物體在傳送帶上的劃痕長B．傳送帶克服摩擦力做的功為C．摩擦產生的熱量為D．由于傳送物體，電動機增加的功率為8、截面積S=0.5m2，n=100匝的圓形線圈，處在如圖甲所示的磁場內，磁場方向與線圈平面垂直，磁感應強度B隨時間變化的規律如圖乙所示，已知電路中，線圈電阻，導線電阻忽略不計，t=0時刻磁場方向垂直線圈平面向里，則有A．電容器兩端電壓為10VB．通過電阻R的感應電流大小為2AC．通過電阻R的電流方向為b→R→aD．電容器所帶的電荷量9、如圖所示的(a)、(b)兩圖分別表示兩個交流電壓，比較這兩個交變電壓，它們具有共同的()A．有效值 B．頻率C．最大值 D．均不一樣10、如圖，平行板電容器兩極板水平放置，現將其和二極管串聯接在電源上，已知A和電源正極相連，二極管具有單向導電性．一帶電小球沿AB中心水平射入，打在B極板上的N點，小球的重力不能忽略且重力一定大于電場力，現通過上下移動A板來改變兩極板AB間距(兩極板仍平行），則下列說法正確的是（）A．若小球帶正電，當AB間距增大時，小球將打在N的右側B．若小球帶正電，當AB間距減小時，小球將打在N的左側C．若小球帶負電，當AB間距減小時，小球將打在N的右側D．若小球帶負電，當AB間距增大時，小球將打在N的左側三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在家中找到兩根一樣的輕彈簧P和Q、裝有水總質量m=1kg的礦泉水瓶、刻度尺、量角器和細繩等器材，設計如下實驗驗證力的平行四邊形定則，同時測出彈簧的勁度系數k．其操作如下：a、將彈簧P上端固定，讓其自然下垂，用刻度尺測出此時彈簧P的長度L0=12.50cm；b、將礦泉水瓶通過細繩連接在彈簧P下端，待礦泉水瓶靜止后用刻度尺測出此時彈簧P的長度L1，如圖甲所示，則L1=____________cm；c、在細繩和彈簧Q的掛鉤上涂抹少許潤滑油，將細繩搭在掛鉤上，緩慢的拉起彈簧Q，使彈簧P偏離豎直方向夾角為60°，測出彈簧Q的長度為L2及其軸線與豎直方向夾角為θ，如圖乙所示；(1)取重力加速度g=10m/s2，則彈簧P的勁度系數k=____________；(2)若要驗證力的平行四邊形定則，L2和θ需滿足的條件是L2=__________cm，θ=_________．12．（12分）用半徑相同的小球1和小球2的碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接．安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重錘線所指的位置O．接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止滾下，并落在地面上．重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止滾下，使它們碰撞．重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟1：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度．（1）對于上述實驗操作，下列說法正確的是___________A．實驗過程中，白紙可以移動，復寫紙不能移動B．小球1的質量應大于小球2的質量C．應使小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下D．斜槽軌道必須光滑（2）本實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量有_______．A．小球1和小球2的質量m1、m2B．小球1和小球2的半徑rC．A、B兩點間的高度差h1D．B點離地面的高度h2（1）入射球a的質量為m1，被碰球b的質量為m2，各小球的落地點如上圖所示，下列關于這個實驗的說法正確的是______A．軌道末端必須水平B．實驗中必須測量兩個小球的直徑C．要驗證的表達式是m1ON＝m1OM＋m2OPD．要驗證的表達式是m1OP＝m1OM＋m2ON（4）完成上述實驗后，某實驗小組對上述裝置進行了改造，如圖所示．在水平槽末端與水平地面間放置了一個斜面，斜面的頂點與水平槽等高且無縫連接．使小球1仍從斜槽上A點由靜止滾下，重復實驗步驟1和2的操作，得到兩球落在斜面上的平均落點M′、P′、N′．用刻度尺測量斜面頂點到M′、P′、N′三點的距離分別為L1、L2、L1．則驗證兩球碰撞過程中動量守恒的表達式為______________________（用所測物理量的字母表示）．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑水平面上使滑塊A以2m/s的速度向右運動，滑塊B以4m/s的速度向左運動并與滑塊A發生彈性正碰，已知滑塊A、B的質量分別為1kg、2kg，滑塊B的左側連有輕彈簧，求：

(1)當滑塊A的速度減為0時，滑塊B的速度大小；

(2)兩滑塊相距最近時滑塊B的速度大??；

(3)兩滑塊相距最近時，彈簧的彈性勢能的大小．14．（16分）如圖所示，水平面上有兩根相距0.5m的足夠長的平行光滑金屬導軌MN和PQ，它們的電阻忽略不計，在M和P之間接有阻值R為4Ω的定值電阻，現有一質量m為0.5kg的導體棒ab，長L=0.5m，其電阻r為1.0Ω，與導軌接觸良好，整個裝置處于方向豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B=1T，現使導體棒ab以v=8m/s的速度向右做勻速運動．求：(1)導體棒ab中電流的方向；(2)ab兩端電壓U；(3)導體棒ab所受的外力大?。?5．（12分）如圖1所示，游樂場的過山車可以底朝上在圓軌道上運行，游客卻不會掉下來。我們把這種情形抽象為如圖2所示的模型：弧形軌道的下端與半徑為R的豎直圓軌道相接，B、C分別為圓軌道的最低點和最高點。質量為m的小球（可視為質點）從弧形軌道上的A點由靜止滾下，到達B點時的速度為vB=，且恰好能通過C點。已知A、B間的高度差為h=4R，重力加速度為g。求：（1）小球運動到B點時，軌道對小球的支持力F的大小；（2）小球通過C點時的速率vC；（3）小球從A點運動到C點的過程中，克服摩擦阻力做的功W。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】一個彈簧振子做簡諧運動，當它向平衡位置運動的過程中根據回復力F=-kx可知加速度減小，并且回復力做正功，所以速度增大．故A正確；故選A2、D【解析】

通過分析可以得到，，金屬桿做加速度減小的加速運動，金屬桿中的電流為，且在增大；導軌中產生的感應電流在線圈區域產生逐漸增大的磁場，但是磁通量變化率是逐漸減小的，所以根據法拉第電磁感應定律可知，線圈電流逐漸減?。瓵BC．與分析結論不符；ABC錯誤．D．與分析結論相符，D正確．3、D【解析】

A、有磁通量穿過電路時，電路中不一定有感應電流，若電路不閉合或磁通量沒有發生變化時，電路中沒有感應電流，故A錯誤；

B、閉合電路在做切割磁感線運動時，電路中不一定有感應電流，還要看磁通量有沒有變化，若磁通量沒有變化，電路中沒有感應電流，故B錯誤；

C、穿過閉合電路的磁通量足夠大而且變化時，電路中才有感應電流，故C錯誤；

D、只要穿過閉合電路的磁通量發生變化，電路中就一定有感應電流產生，故D正確。故選D。4、C【解析】

A.熱力學第二定律有實際熱現象總結而來，故任何宏觀的實際熱現象都符合熱力學第二定律，故A錯誤；B.吸放熱和做功均會改變內能，該過程沒有違反熱力學第一定律，故B錯誤。C.在實驗過程中，熱水內能減少，一部分轉移到低溫物體，一部分轉化為電能，故熱水一定會降溫，冷水一定會升溫，故C正確。D.能量守恒定律是普遍定律，在實驗過程中，熱水的內能部分轉化成電能，有電阻的位置都會產生熱能，符合能量守恒定律，故D錯誤。5、C【解析】試題分析：小圓環到達大圓環低端時滿足：，對小圓環在最低點，有牛頓定律可得：；對大圓環，由平衡可知：，解得，選項C正確．考點：牛頓定律及物體的平衡．6、D【解析】

A.核反應過程中質量數和電荷數守恒，由此可知核反應方程為故A項與題意不相符；B.該反應為聚變反應，故B項與題意不相符；C.該反應的中質量虧損為：△m=m1+m2-m3-m4，故C項與題意不相符；D.根據質能方程得故D項與題意相符．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A、當物塊的速度達到皮帶的速度時，所用的時間為，達到共速時皮帶走的位移為物塊運動走過的位移為：所以痕跡的長度為故A正確；B、根據功的定義，故B正確；C、摩擦產生的熱量，故C錯誤；D、由于傳送物體，電動機增加的功率等于，故D正確；故選ABD點睛：物體在傳送帶上運動時,物體和傳送帶要發生相對滑動,所以電動機做的功一部分轉化成了物體的動能另一部分就是增加了相同的內能.分析相對位移與物體對地位移的關系,求傳送帶克服摩擦力做的功.由能量守恒定律分析即可.8、BD【解析】

A．根據法拉第電磁感應定律可知，線圈中產生的感應電動勢為，電容器兩端電壓等于電路路端電壓，可得U=6V，A錯誤B．根據閉合電路歐姆定律可得，，B正確C．根據楞次定律可得，通過電阻R的電流方向為a→R→b，C錯誤D．電容器所帶的電荷量，D正確9、BC【解析】A：圖(a)為正弦交流電，電壓有效值；圖(b)為大小不變，方向改變的交流電，電壓有效值．故兩電流的有效值不同．B：由題圖可知，兩個交變電壓周期均為0.4s；周期相同，則頻率相同．故兩電流的頻率相同．C：由題圖可知，兩個交變電壓最大值均為2V．故兩電流的最大值相同．本題選兩交變電壓的相同量，答案是BC．10、BC【解析】試題分析：若小球帶正電，當AB間距增大時，電容器電容減小，電容器應該放電，但是由于二極管的單向導電性，使得電容器帶電量不變，故兩板場強是不變的，故小球還將打在N點，選項A錯誤；同理，若小球帶負電，當AB間距增大時，電容器電容減小，電容器應該放電，但是由于二極管的單向導電性，使得電容器帶電量不變，故兩板場強是不變的，故小球還將打在N點，選項D錯誤；若當AB間距減小時，電容器電容增大，電容器充電，兩板場強增大，小球向下的加速度變大，打到極板的時間減小，故小球將打在N點左側，選項B正確；同理，若小球帶負電，當AB間距減小時，電容器電容增大，電容器充電，兩板場強增大，小球向下的加速度變小，打到極板的時間增加，故小球將打在N點右側，選項C正確；故選BC.考點：電容器；電場強度；平拋運動的規律.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、17.50200N/m17.5060o【解析】

（1）由圖知：刻度尺上1cm之間有10個小格，所以一個小格代表1mm，即刻度尺的分度值為1mm，根據甲圖可知，物體的長度為L=17.50cm．

（2）若要驗證力的平行四邊形定則，則兩個彈簧拉力的合力與重力等大反向，根據幾何關系可知，若兩根彈簧的拉力相等，即彈簧的長度相等，與豎直方向的夾角也相等，此時F1=F2=mg，即可驗證了力的平行四邊形定則，則有：L2=17.50

cm，θ=60°．12、(3)BC；(3)A；(3)AD；(4)；【解析】(3)A、實驗過程中，白紙不可以移動．故A錯誤．B、根據動量守恒定律可知若碰撞小球3的質量小于3球的質量，則小球3可能被碰回，所以3球質量必須大于3球質量．故B正確．C、小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下，使得小球與另一小球碰撞前的速度不變．故C正確．D、斜槽的粗糙與光滑不影響實驗的效果，只要到達底端時速度相同即行．故D錯誤.故選BC．(3)本實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量是兩小球的質量，因為可以通過水平位移代表速度的大小，所以不必測量AB的高度和B點離地面的高度．小球的半徑不需測量．故A正確．(3)A、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故A正確;B、本實驗只需滿足正碰，即兩個球的大小相同，必須測出小球的質量、小球的水平位置OB，OA，OC，故B錯誤；C、D、小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則：m3v0=m3v3+m3v3，兩邊同時乘以t得：m3v0t=m3v3t+m3v3t，即，故D正確，C錯誤.故選AD.(4)碰撞前，m3落在圖中的P′點，設其水平初速度為v3．小球m3和m3發生碰撞后，m3的落點在圖中M′點，設其水平初速度為v3′，m3的落點是圖中的N′點，設其水平初速度為v3．設斜面BC與水平面的傾角為α，由平拋運動規律得:,,解得：；同理，，可見速度正比于.所以只要驗證即可.【點睛】解決本題的關鍵掌握實驗的原理，以及實驗的步驟，在驗證動量守恒定律實驗中，無需測出速度的大小，可以用位移