湖北省漢陽一中2025屆化學高二下期末綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、芳香化合物M的結構簡式為，關于有機物M的說法正確的是A．有機物M的分子式為C10H12O3B．1molNa2CO3最多能消耗1mol有機物MC．1molM和足量金屬鈉反應生成22.4L氣體D．有機物M能發生取代、氧化和加成反應2、常溫下，下列各組離子在指定溶液中能大量共存的是A．澄清透明的溶液中：B．使甲基橙變紅的溶液中：Na＋、NH4＋、SO42-、HCO3－C．的溶液中：D．的溶液中:3、萜類化合物a、b、c廣泛存在于動植物體內，關于下列萜類化合物的說法正確的是（）A．b和c互為同分異構體B．a、b、c分子中所有碳原子不可能處于同一平面上C．a和c均能使溴的四氯化碳溶液因反應褪色D．b和c均能與新制的Cu(OH)2反應生成紅色沉淀4、NA為阿伏加德羅常數的值，下列說法正確的是A．過氧化鈉與水反應生成0.1mol氧氣時，轉移的電子數為0.2NAB．常溫下，56g鐵片投入足量濃H2SO4中生成NA個SO2分子C．相同質量的鋁，分別與足量的鹽酸和氫氧化鈉溶液反應放出的氫氣體積一定不相同D．標準狀況下，11.2LN2和O2的混合氣體中所含的原子數為2NA5、下列物質的稀溶液相互反應，無論是前者滴入后者，還是后者滴入前者，反應現象都相同的是()A．Na2CO3和鹽酸 B．AlCl3和NaOHC．NaAlO2和硫酸 D．Na2CO3和BaCl26、下列說法正確的是A．兩種難溶電解質，Ksp小的溶解度一定小B．0.1molAgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c(Cl－)=c(I－)C．在硫酸鋇的沉淀溶解平衡體系中加入蒸餾水，硫酸鋇的Ksp增大D．用鋅片作陽極，鐵片作陰極，電解ZnCl2溶液，鐵片表面出現一層鋅7、下面關于SiO2晶體網狀結構的敘述正確的是A．存在四面體結構單元，O處于中心，Si處于4個頂角B．最小的環上，有3個Si原子和3個O原子C．最小的環上，Si和O原子數之比為1：2D．最小的環上，有6個Si原子和6個O原子8、下列各組中的微粒在指定溶液中一定能大量共存的是A．c(FeCl3)=1.0mol·L-1的溶液中:HCO3-、Cl-、H+、Na+B．常溫下，由水電離出的c(H+)=10-14mol·L-1溶液中:NH4+、K+、CO32-、SO42-C．在c(HCO3-)=0.1mol·L-1的溶液中:NH4+、AlO2-、Cl-、NO3-D．常溫下KW/c（H+）=0.1mol·L-1的溶液中:K+、NH3·H2O、SO42-、NO3-9、鎂、鋁、銅三種金屬粉末混合物，加入過量鹽酸充分反應，過濾后向濾液中加入過量燒堿溶液，再過濾，濾液中存在的離子有（）A．Cu2＋ B．AlO2- C．Al3＋ D．Mg2＋10、在標準狀況下，將aLNH3完全溶于水得到VmL氨水，溶液的密度為ρg/cm3，溶質的質量分數為ω，溶質的物質的量濃度為Cmol/L。下列敘述中正確的有（）①②③上述溶液中加入VmL水后，所得溶液的質量分數大于0.5ω④上述溶液中再加入1.5VmL同濃度稀鹽酸，充分反應后溶液中離子濃度大小關系為：c（Cl-）＞c（NH4+）＞c（H+）＞c（OH-）A．②③B．②④C．③④D．①③11、NaNO2是一種食品添加劑，它與酸性KMnO4溶液可發生反應：MnO4-+NO2-+X→Mn2++NO3-+H2O（未配平）。下列敘述中正確的是A．生成1mo1NaNO3需消耗0.4mo1KMnO4B．反應過程中溶液的pH減小C．該反應中NO2﹣被還原D．X可以是鹽酸12、不能說明X的電負性比Y的大的是（）A．與H2化合時X單質比Y單質容易B．X的最高價氧化物的水化物的酸性比Y的最高價氧化物的水化物的酸性強C．X原子的最外層電子數比Y原子的最外層電子數多D．X單質可以把Y從其氫化物中置換出來13、常溫下，最適宜薄荷生長的土壤pH≈8，土壤中的c(OH—)最接近于A．1×10-5mol/LB．1×10-6mol/LC．1×10-8mol/LD．1×10-9mol/L14、下列各項所述的數字是6的是（）A．在NaCl晶體中，與一個Na＋最近的且距離相等的Na＋的個數B．在晶體硅中，圍成最小環的原子數C．在二氧化硅晶體中，圍成最小環的原子數D．在CsCl晶體中，與一個Cs＋最近的且距離相等的Cl-的個數15、下列實驗能達到實驗目的的是A．粗苯甲酸經過加熱溶解、趁熱過濾、蒸發結晶，可獲得純苯甲酸B．蔗糖溶液中加入幾滴稀硫酸，水浴中加熱，再加入銀氨溶液，檢驗蔗糖水解產物C．溴乙烷與強堿的乙醇溶液共熱，將產生的氣體直接通入酸性高錳酸鉀溶液，如果酸性高錳酸鉀溶液褪色，則證明產物中一定含有乙烯D．乙醇與濃硫酸混合加熱制乙烯，加熱時使溫度迅速上升至170℃16、質量為25.6g的KOH和KHCO3的混合物，先在250℃煅燒，冷卻后發現混合物的質量損失4.9g，則原混合物中KOH和KHCO3的物質的量的關系為（）A．KOH物質的量＞KHCO3物質的量 B．KOH物質的量＜KHCO3物質的量C．KOH物質的量=KHCO3物質的量 D．KOH和KHCO3以任意比混合17、研究反應物的化學計量數與產物之間的關系時，使用類似數軸的方法可以收到直觀形象的效果，下列表達不正確的是()A．NaOH溶液與SO2反應時溶液中溶質的情況B．NaAlO2溶液與鹽酸反應后鋁的存在形式C．Fe在Cl2中燃燒產物D．Fe和稀硝酸反應后，鐵的存在形式18、下列關于氫鍵的說法中正確的是()A．氫鍵屬于共價鍵B．氫鍵只存在于分子之間C．氫鍵的形成使物質體系的能量降低D．氫鍵在物質內部一旦形成，就不會再斷裂19、夏日的夜晚，?？匆妰和殖职l光的“魔棒”在廣場上嬉戲?！澳О簟卑l光原理是利用過氧化氫氧化草酸二酯產生能量，該能量被傳遞給熒光物質后便發出熒光，草酸二酯(CPPO)可用下圖表示。()下列有關說法正確的是()A．草酸二酯的分子式為C26H24Cl6O8 B．上述表示方法是該物質的結構式C．草酸二酯（CPPO）屬于芳香烴 D．該物質含有三種官能團20、在某無色透明溶液中，能大量共存的離子組是A．K＋、MnO4―、SO42― B．Al3＋、Cl―、SO42―C．Na＋、CH3COO―、H＋ D．OH―、Na＋、Fe3＋21、下列有關金屬腐蝕與防護的說法正確的是()A．金屬的化學腐蝕比電化學腐蝕更普遍B．當鍍錫鐵制品的鍍層破損時，鍍層仍能對鐵制品起保護作用C．海輪外殼焊接鋅塊是采用了犧牲陽極的陰極保護法D．可將地下輸油鋼管與外加直流電源的正極相連以保護它不受腐蝕22、肯定屬于同族元素且性質相似的是()A．原子核外電子排布式：A為1s22s2，B為1s2B．結構示意圖：A為，B為C．A原子基態時2p軌道上有1個未成對電子，B原子基態時3p軌道上也有1個未成對電子D．A原子基態時2p軌道上有一對成對電子，B原子基態時3p軌道上也有一對成對電子二、非選擇題(共84分)23、（14分）A、B、C為三種烴的衍生物，它們的相互轉化關系入下：其中B可發生銀鏡反應,C與石灰石反應產生使澄清石灰水變渾濁的氣體。①A、B、C的結構簡式依次是_________、________、________。②A→B的化學方程式為：____________。③B→C的化學方程式為：___________。④B→A的化學方程式為：___________。24、（12分）A～I分別表示中學化學中常見的一種物質，它們之間相互關系如下圖所示（部分反應物、生成物沒有列出），且已知G為地殼中含量最多的金屬元素的固態氧化物，A、B、C、D、E、F六種物質中均含同一種元素。請填寫下列空白：（1）寫出下列物質的化學式A_______________；G____________________；（2）若C→D為化合反應，則此時的化學方程式_______________________________；（3）寫出E→F的化學方程式___________________________________________；（4）寫出反應④的離子方程式___________________________________________；25、（12分）鐵是人體必須的微量元素，治療缺鐵性貧血的常見方法是服用補鐵藥物?！八倭Ψ啤保ㄖ饕煞郑虹晁醽嗚F，呈暗黃色）是市場上一種常見的補鐵藥物。該藥品不溶于水但能溶于人體中的胃酸。某同學為了檢測“速力菲”藥片中Fe2+的存在，設計并進行了如下實驗：（1）試劑1是_______________________。（2）加入KSCN溶液后，在未加新制氯水的情況下，溶液中也產生了紅色，其可能的原因是_______________________________________________________________。（3）在實驗中發現放置一段時間，溶液的顏色會逐漸褪去。為了進一步探究溶液褪色的原因，甲、乙、丙三位同學首先進行了猜想：編號

猜想

甲

溶液中的+3價Fe又被還原為+2價Fe

乙

溶液中的SCN-被過量的氯水氧化

丙

新制的氯水具有漂白性，將該溶液漂白

基于乙同學的猜想，請設計實驗方案，驗證乙同學的猜想是否正確。寫出有關的實驗操作、預期現象和結論。（不一定填滿，也可以補充）編號實驗操作預期現象和結論

26、（10分）實驗室中有一未知濃度的稀鹽酸，某學生為測定鹽酸的濃度在實驗室中進行如下實驗：請完成下列填空：（1）配制100mL0.1000mol/LNaOH標準溶液。（2）取20.00mL待測稀鹽酸溶液放入錐形瓶中，并滴加2~3滴酚酞作指示劑，用自己配制的標準NaOH溶液進行滴定。重復上述滴定操作2~3次，記錄數據如下。實驗編號NaOH溶液的濃度（mol/L）滴定完成時，NaOH溶液滴入的體積（mL）待測鹽酸溶液的體積（mL）10.100030.0520.0020.100029.9520.0030.100028.2020.00①滴定達到終點的判斷是________，此時錐形瓶內溶液的pH為_____________。②根據上述數據，可計算出該鹽酸的濃度約為___________（保留四位有效數字）③排去堿式滴定管中氣泡的方法應采用操作__________，然后輕輕擠壓玻璃球使尖嘴部分充滿堿液甲.乙.丙.④在上述實驗中，下列操作（其他操作正確）會造成鹽酸濃度測定結果偏高的有_____A、酸式滴定管使用前，水洗后未用待測鹽酸溶液潤洗B、錐形瓶水洗后未干燥C、滴定到終點讀數時發現滴定管尖嘴處懸掛一滴溶液D、配制NaOH標準溶液時，移液后未洗滌燒杯和玻璃棒E、堿式滴定管尖嘴部分有氣泡，滴定后消失27、（12分）海洋是生命的搖籃，海水不僅是寶貴的水資源，而且蘊藏著豐富的化學資源。I.（1）海水中所得粗鹽中通常含Ca2+、Mg2+、SO42-等雜質，為了得到精鹽，下列試劑加入的先后順序正確的是________。A．BaCl2→Na2CO3→NaOH→HClB．NaOH→BaCl2→Na2CO3→HClC．BaCl2→NaOH→Na2CO3→HClD．Na2CO3→NaOH→BaCl2→HCl（2）為了檢驗精鹽中是否含有SO42-，正確的方法是____________________________。II.海藻中提取碘的流程如圖所示（1）灼燒過程中，需使用到的（除泥三角外）實驗儀器有______。A．試管B．瓷坩堝C．坩堝鉗D．蒸發皿E．酒精燈F．三腳架（2）指出提取碘的過程中有關實驗操作名稱：①________③__________④_________。（3）步驟②反應的離子方程式為___________________，該過程氧化劑也可以用H2O2，將等物質的量的I-轉化為I2，所需Cl2和H2O2的物質的量之比為__________。（4）下列關于海藻提取碘的說法，正確的是_________。A．含碘的有機溶劑呈現紫紅色B．操作③中先放出下層液體，然后再從下口放出上層液體C．操作④時，溫度計的水銀球應伸入液面以下但不能觸碰到蒸餾燒瓶的底部28、（14分）醋酸是常見的弱酸，氨水是常見的弱堿。（1）25℃時，用0.1000mol·L－1鹽酸滴定25.00mL0.1000mol·L－1氨水的滴定曲線如圖所示。①滴定時，可選用____（填“甲基橙”或“酚酞”）作指示劑；錐形瓶中水的電離程度：a點____b點（填“＞”“＜”或“＝”）。②滴定至反應終點前，溶液中發生反應的離子方程式為____。③滴定至a點處，錐形瓶中NH4+、Cl－、NH3·H2O的濃度由小到大的順序為____。④滴定至c點處，錐形瓶中NH4+、Cl－、H+的濃度由小到大的順序為____。（2）25℃時，用HCl或NaOH調節醋酸的pH，配得一組c(CH3COOH)+c(CH3COO－)=0.1mol·L－1溶液，溶液中H+、OH－、CH3COO－及CH3COOH濃度的對數值（lgc）與pH關系如圖所示：①圖中表示H+的線是____（填小寫字母）；0.1mol·L－1CH3COONa溶液的pH約為____（保留2位小數）。②反應CH3COOHCH3COO－+H+的電離常數的對數值lgK=____（填數值）。29、（10分）（1）在苯酚鈉溶液中通入少量的CO2，寫出反應的化學方程式：_______________；（2）丙酸與乙醇發生酯化反應的的化學方程式：_______________；（3）1,2—二溴丙烷發生消去反應：_______________；（4）甲醛和新制的銀氨溶液反應：_______________。

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、D【解析】

A、根據結構簡式，有機物M的分子式為C10H10O3，故A錯誤；B、羧基和碳酸鈉反應，1molNa2CO3最多能消耗2mol羧基，1molNa2CO3最多能消耗2mol有機物M，故B錯誤；C、羧基、羥基都能與鈉反應放出氫氣，1molM和足量金屬鈉反應生成1mol氫氣，在標準狀況下的體積是22.4L，故C錯誤；D、有機物M含有羧基、羥基能發生取代、含有碳碳雙鍵能發生氧化和加成反應，故D正確。2、D【解析】A．Fe3+、SCN-結合生成絡離子，不能共存，故A不選；B．能使甲基橙變紅的溶液，顯酸性，不能大量存在HCO3-，故B不選；C．Fe2+、MnO4-發生氧化還原反應，不能共存，故C不選；D．由比值可知，c(OH-)＞c(H+)，溶液顯堿性，該組離子之間不反應，可大量共存，故D選；故選D。3、B【解析】分析A．b和c分子式不相同；B．a、b、c中含甲基、亞甲基、次甲基均為四面體構型；C．a含碳碳雙鍵、c含-CHO；D．只有-CHO與新制的Cu(OH)2反應生成紅色沉淀。解答解：A．b分子式為C10H14O，c分子式為C10H16O，不互為同分異構體，選項A錯誤；B．a、b、c中含甲基、亞甲基、次甲基均為四面體構型，則a、b、c分子中所有碳原子不可能處于同一平面上，選項B正確；C．a含碳碳雙鍵能與溴發生加成反應而使溴的四氯化碳溶液褪色，c含-CHO不能使溴的四氯化碳溶液因反應褪色，選項C錯誤；D．只有-CHO與新制的Cu(OH)2反應生成紅色沉淀，則只有c能與新制的Cu(OH)2反應生成紅色沉淀，選項D錯誤；答案選B。點睛：本題考查有機物的結構與性質，為高頻考點，把握官能團與性質的關系、有機反應為解答的關鍵，側重分析能力和應用能力的考查，注意選項B為解答的難點，題目難度不大。4、A【解析】分析：A．過氧化鈉與水反應時，氧元素的價態一半由-1價變為0價，一半降為-2價；B、常溫下，鐵在濃硫酸中會鈍化；C．根據鋁與氫氧化鈉溶液和稀鹽酸反應的化學方程式分析判斷；D.先計算標準狀況下11.2LN2和O2的混合氣體的物質的量，再判斷。詳解：A．過氧化鈉與水反應時，氧元素的價態由-1價變為0價，一半降為-2價，故當生成0.1mol氧氣時轉移0.2mol電子即0.2NA個，故A正確；B、鐵在濃硫酸中會鈍化，故鐵不能完全反應，則生成的二氧化硫分子小于NA個，故B錯誤；C．由2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑、2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2↑可知，當酸、堿均過量，鋁完全反應，鋁的物質的量相等，轉移電子數相等，生成氫氣的物質的量相等，故C錯誤；D.標準狀況下，11.2LN2和O2的混合氣體的物質的量為11.2L22.4L/mol=0.5mol，所含的原子數為NA，故D錯誤；故選點睛：本題考查阿伏加德羅常數的有關計算和判斷。本題的易錯點為B，要注意鐵或鋁常溫下在濃硫酸或濃硝酸中發生鈍化，同時要知道鈍化屬于化學變化。5、D【解析】

A.將Na2CO3溶液滴入鹽酸中，相當于鹽酸過量，立即就會有大量氣體產生；將鹽酸滴入Na2CO3溶液，碳酸鈉過量，首先生成碳酸氫鈉，沒有氣體產生，當碳酸鈉與鹽酸完全生成碳酸氫鈉后，再滴入鹽酸才開始有氣體產生，A項不符合題意；B.將氯化鋁溶液滴入氫氧化鈉溶液中，氫氧化鈉過量，開始時沒有沉淀析出，當氯化鋁過量時才開始出現沉淀；將氫氧化鈉溶液滴入氯化鋁溶液中，氯化鋁過量，開始就有沉淀析出，當氫氧化鈉過量時，沉淀溶解至無，B項不符合題意；C.將偏鋁酸鈉溶液滴入硫酸中，硫酸過量，開始時沒有沉淀出現，當偏鋁酸鈉過量時，才有大量沉淀出現；將硫酸滴入偏鋁酸鈉溶液中，偏鋁酸鈉過量，開始就有沉淀出現，當硫酸過量時，沉淀又會溶解，C項不符合題意；D.碳酸鈉溶液和氯化鋇溶液反應，反應的產物與過量與否無關，將碳酸鈉溶液滴入氯化鋇溶液，開始就出現沉淀，沉淀一直增多，直至反應到氯化鋇沒有了，沉淀不再產生；將氯化鋇溶液滴入到碳酸鈉溶液中，也是開始就出現沉淀，隨后沉淀一直增多，直至反應到碳酸鈉反應沒了，沉淀不再產生。故選D。6、D【解析】

A.組成相同的難溶電解質可以直接用Ksp的大小比較其溶解度的大小，否則不能直接比較，因此A不正確；B.AgCl和AgI的溶解度不同，等物質的量的這兩種物質溶于1L水中，c(Cl－)和c(I－)不相等，故B不正確；C.在沉淀的飽和溶液中加水，可增大物質溶解的量，但不能改變溶解度和Ksp，它們只與溫度有關，所以C不正確；D.用鋅片作陽極，失去電子被溶解，溶液Zn2+在陰極鐵片上得到電子而析出達到鍍鋅的目的，因此D正確。本題答案為D。7、D【解析】試題分析：根據教材中SiO2的晶體空間結構模型，每個硅原子與4個氧原子結合形成4個共價鍵，每個氧原子與2個硅原子結合形成2個共價鍵，其空間網狀結構中存在四面體結構單元，硅原子位于四面體的中心，氧原子位于四面體的4個頂角，Ａ錯誤；金剛石的最小環上有6個碳原子，SiO2的晶體結構可將金剛石晶體結構中的碳原子用硅原子代替，每個Si—Si鍵中“插入”一個氧原子，所以其最小環上有6個硅原子和6個氧原子，Si、O原子個數比為1∶1，Ｂ、Ｃ兩項錯誤，Ｄ正確；答案選Ｄ?？键c：考查晶體的空間構型。8、D【解析】

A.鐵離子和碳酸氫根離子會發生雙水解反應，A錯誤；B.水電離出來的c(H+)=10-14mol·L-1溶液可能是酸溶液也可能是堿溶液；如果是酸溶液，那么碳酸根離子和氫離子會發生反應；如果是堿溶液，銨根離子和氫氧根離子會發生反應；B錯誤；C.HCO3-和AlO2-會發生反應:HCO3-+AlO2-+H2O=Al(OH)3↓+CO32-，C錯誤；D.KW/c（H+）=c(OH-)，所以此溶液是堿性的，氫氧根離子和這4種微粒都沒有發生反應，這四種微粒相互間也不反應，D正確。故合理選項為D。9、B【解析】

鎂、鋁、銅三種金屬粉末混合物，加入過量鹽酸充分反應，只有鎂和鋁與鹽酸反應，生成氯化鎂和氯化鋁，過濾后濾液中存在Mg2+和Al3+，向濾液中加入一定量燒堿溶液，發生復分解反應后生成氫氧化鎂沉淀和氫氧化鋁沉淀，其中氫氧化鋁沉淀能繼續溶解在燒堿溶液中，據此分析判斷。【詳解】鎂、鋁、銅中加入過量鹽酸充分反應，只有鎂和鋁與鹽酸反應，過濾后濾液中存在Mg2+和Al3+，向濾液中加入一定量燒堿溶液，發生復分解反應后生成氫氧化鎂和氫氧化鋁沉淀，其中氫氧化鋁沉淀能繼續溶解在燒堿溶液中，過濾后濾液中只存在AlO2-；答案選B。10、B【解析】分析：①質量分數＝質量溶質/溶液的質量×100%；②根據c=1000ρ?③根據氨水的密度小于水分析；④根據反應后溶液中的溶質，結合鹽類水解分析。詳解：①氨氣溶于水，以NH3作為溶質，氨氣的物質的量是a22.4mol，質量是17a22.4g，溶液質量是②根據以上分析可知氨氣的濃度C＝1000ρ×17a③水的密度比氨水的密度大，所以上述溶液中再加入VmL水后，混合后溶液的質量大于2倍的原氨水的質量，溶質氨氣的質量不變，所以所得溶液的質量分數小于0.5ω，③錯誤；④上述溶液中再加入1.5VmL同濃度稀鹽酸，與氨水反應生成氯化銨，鹽酸過量，溶液為氯化銨與氯化氫的混合溶液，濃度之比為2：1，溶液呈酸性，c（H+）＞c（OH-），銨根離子水解，水解程度微弱，所以c（Cl-）＞c（NH4+），因此充分反應后溶液中離子濃度大小關系為：c（Cl-）＞c（NH4+）＞c（H+）＞c（OH-），④正確；答案選B。11、A【解析】試題分析:NaNO2與酸性KMnO4溶液發生的反應為2MnO4-+5NO2-+6H+=2Mn2++5NO3-+3H2O，反應中是KMnO4氧化劑、NaNO2是還原劑。錳的化合價由+7降到+2，降低了5，所以1molKMnO4可以得到5mol電子；N的化合價由+3升高到+5，升高了2，所以可以失去2mol電子。A.生成1mo1NaNO3需消耗0.4mo1KMnO4，A正確；B.反應過程中溶液中氫離子濃度減小，所以其pH增大，B不正確；C.該反應中NO2﹣被氧化，C不正確；D.X不可以是鹽酸，因為高錳酸鉀可以把鹽酸氧化，D不正確。本題選A。12、C【解析】

A項，與H2化合時X單質比Y單質容易，則X的非金屬性強于Y，元素非金屬性越強電負性越大，能說明X的電負性比Y大；B項，X的最高價氧化物的水化物的酸性比Y的最高價氧化物的水化物的酸性強，則X的非金屬性強于Y，元素非金屬性越強電負性越大，能說明X的電負性比Y大；C項，X原子的最外層電子數比Y原子的最外層電子數多不能說明X的電負性比Y大，如Si的電負性比H??；D項，X單質可以把Y從其氫化物中置換出來，則X的非金屬性強于Y，元素非金屬性越強電負性越大，能說明X的電負性比Y大；答案選C。13、B【解析】

pH≈8時氫離子濃度約是10－8mol/L，則土壤中的c(OH—)約是10-14答案選B。14、B【解析】分析：本題考查的是晶體的結構分析，重點是對結構圖像的觀察與理解，掌握常見晶胞的結構是解題的關鍵。詳解：A.氯化鈉晶體屬于面心立方結構，晶胞如圖，由結構可知，氯化鈉晶體中氯離子位于頂點和面心，鈉離子位于體心和棱心，所以觀察體心的鈉離子，與其距離最近的鈉離子在12個棱的棱心，故在氯化鈉晶體中每個鈉離子周圍緊鄰12個鈉離子，故錯誤；B.晶體硅中，由共價鍵形成的最小環上有6個硅原子，每個硅原子形成四個共價鍵，從而形成空間網狀結構，故正確；C.由二氧化硅晶體結構分析，晶體中最小環上含有6個硅原子和6個氧原子，共12個原子，故錯誤；D.在CsCl晶體中，與一個Cs＋最近的且距離相等的Cl-的個數是8，故錯誤，故選B。點睛：掌握常見晶體的結構和微粒數。1.氯化銫晶體中每個銫離子周圍最近且等距離的氯離子有8個，每個氯離子周圍最近且等距離的銫離子有8個人，每個銫離子周圍最近且等距離的銫離子有6個，每個氯離子周圍最近且等距離的氯離子也有6個。2.氯化鈉晶體中每個鈉離子周圍最近且等距離的氯離子有6個，每個氯離子周圍最近且等距離的鈉離子也有6個。每個鈉離子周圍最近且等距離的鈉離子有12個。3.金剛石晶體中最小碳環有6個碳原子組成，碳原子個數與碳碳鍵個數比為1:2。4.二氧化硅晶體中每個硅與4個氧結合，晶體中硅原子和氧原子個數比為1:2。15、D【解析】

A.因苯甲酸在水中的溶解度受溫度影響很大,溶解后,趁熱過濾減少苯甲酸的損失,冷卻結晶、過濾、洗滌可提純粗苯甲酸，故A不符合題意；B.蔗糖水解產物有葡萄糖，在堿性條件下能與新制的銀氨溶液發生銀鏡反應，而題中水解后得到的溶液顯酸性，無法用銀鏡檢驗，故B錯誤；C.溴乙烷與強堿的乙醇溶液共熱產生乙烯，還含有揮發出來的乙醇，也能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，故C錯誤；D.乙醇與濃硫酸混合加熱制乙烯，加熱時使溫度迅速上升至170℃，防止副反應發生，故D正確；綜上所述，本題正確答案為D16、B【解析】

加熱時發生反應KOH＋KHCO3K2CO3＋H2O，如果二者恰好反應，KOH和KHCO3物質的量相等，則固體減少的質量是＜4.9g；說明發生該反應后碳酸氫鉀是過量的（即KOH物質的量<KHCO3物質的量），過量的碳酸氫鉀繼續分解生成碳酸鉀、水和CO2，所以選項B正確。17、C【解析】

A.當≤1時，二者反應生成NaHSO3；當≥2時，二者反應生成Na2SO3；當介于1與2之間時，二者反應生成Na2SO3與NaHSO3的混合物；A項正確；B.當≤1時，二者反應生成Al(OH)3沉淀；當≥4時，二者反應生成Al3+；當介于1與4之間時，Al以Al(OH)3和Al3+形式存在；B項正確；C.Fe在Cl2中燃燒，無論二者哪種物質過量，結果只能生成FeCl3，不會生成FeCl2，C項錯誤；D.當≤時，Fe以Fe3+形式存在，當≥時，以Fe2+形式存在；當介于與之間時，Fe3+、Fe2+同時存在；D項正確；答案選C?！军c睛】掌握物質之間的相互轉化關系式解題的關鍵，尤其鐵三角及鋁三角的元素存在形式是基礎。要明確鐵單質在氯氣（不論氯氣是否過量）中燃燒產物只有氯化鐵。18、C【解析】

A．氫鍵屬于分子間作用力，不屬于共價鍵，故A錯誤；B．氫鍵可存在于分子內，例如HNO3、鄰硝基苯酚分子可以形成分子內氫鍵，還有一個苯環上連有兩個羥基，一個羥基中的氫與另一個羥基中的氧形成氫鍵，故B錯誤；C．氫鍵的形成過程是通過微粒之間作用力來進一步使體系的能量降低，物質處于較穩定狀態，形成的氫鍵越強，物質的能量越低，故C正確；D．氫鍵比化學鍵弱得多，在一定條件下和化學鍵一樣也可以發生斷裂，如水的蒸發過程中就存在氫鍵的斷裂，故D錯誤；故答案為C。19、A【解析】

A.根據結構簡式可知草酸二酯的分子式為C26H24Cl6O8，故A正確；B.上述表示方法是該物質的結構簡式，故B錯誤；C.草酸二酯（CPPO）屬于烴的衍生物，故C錯誤；D.該物質含有酯基和氯原子兩種官能團，故D錯誤；所以本題答案：A。20、B【解析】

A．含有MnO4―的溶液顯紫色，不可能存在于無色溶液中，故A錯誤；B．離子組Al3＋、Cl―、SO42―彼此間不發生離子反應，能大量共存于無色溶液中，故B正確；C．CH3COO―與H＋能生成醋酸，醋酸是弱電解質，故CH3COO―與H＋不能大量共存于無色溶液中，故C錯誤；D．OH―與Fe3＋能生成紅褪色氫氧化鐵沉淀，且含有Fe3＋的溶液顯棕黃色，故OH―與Fe3＋不能大量共存于無色溶液中，故D錯誤；故答案為B?！军c睛】離子不能大量共存的一般情況，如：能發生復分解反應的離子之間，能發生氧化還原反應的離子之間，能發生絡合反應的離子之間(如Fe3+和SCN-)等；還應該注意題目所隱含的條件，如：溶液的顏色、溶液的酸堿性等，據此來判斷溶液中是否有大量的H+或OH-；是“可能”共存，還是“一定”共存等。21、C【解析】分析：A.鋼鐵的腐蝕主要是析氫腐蝕和吸氧腐蝕；

B.Fe、Sn形成原電池時，Fe為負極；

C.Fe、Zn形成原電池時，Fe為正極；

D.Fe與正極相連作陽極，被腐蝕。詳解:A.鋼鐵的腐蝕主要是析氫腐蝕和吸氧腐蝕，屬于電化學腐蝕，故A錯誤；

B.Fe、Sn形成原電池時，Fe為負極，負極失電子被腐蝕，所以當鍍錫鐵制品的鍍層破損時，鍍層不能對鐵制品起保護作用，故B錯誤；

C.Fe、Zn形成原電池時，Fe為正極，Zn為負極失電子，則Fe被保護，屬于犧牲陽極的陰極保護法，所以C選項是正確的；

D.Fe與正極相連作陽極，活性電極作陽極時，電極失電子被腐蝕，則地下輸油管與外加直流電源的負極相連以保護它不受腐蝕，故D錯誤。

所以C選項是正確的。點睛：金屬腐蝕包括化學腐蝕和電化學腐蝕，且主要也是以電化學腐蝕為主。而金屬的防護也主要是依據電化學原理，常用的方法是犧牲陽極的陰極保護法以及外接電流的以及保護法。22、D【解析】

A：前者為Be，后者為He，分處于IIA及0族。B：前者為0族Ne，后者為IA的Na；C：前者為B或F，后者為Al或Cl，不一定是同族元素；D：前者為O，后者為S，均為第ⅥA元素；故選D。二、非選擇題(共84分)23、CH3CH2OHCH3CHOCH3COOH2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O2CH3CHO+O22CH3COOHCH3CHO+H2CH3CH2OH【解析】

氣體和溴水反應生成1，2-二溴乙烷，則該氣體為CH2=CH2，則A與濃硫酸共熱發生消去反應產生乙烯，則A應為CH3CH2OH，乙醇催化氧化產生的B可發生銀鏡反應，應為CH3CHO，B氧化產生C，C跟石灰石反應產生使石灰水變渾濁的氣體，C應為CH3COOH，結合有機物的性質解答該題。【詳解】①根據上述分析可知X是CH2=CH2，ACH3CH2OH，B為CH3CHO，C為CH3COOH。②A為CH3CH2OH，在Cu或Ag作催化劑條件下加熱可被氧化為CH3CHO，反應的化學方程式為2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；③B為CH3CHO，可被氧化為CH3COOH，反應的方程式為2CH3CHO+O22CH3COOH；④B為CH3CHO，含有-CHO，可與氫氣發生加成反應生成CH3CH2OH，反應的化學方程式為CH3CHO+H2CH3CH2OH。【點睛】本題考查有機物的推斷的知識，涉及烯烴、醇、醛、羧酸的轉化關系，注意醛處在含氧衍生物的相互轉變的中心環節，是聯系醇和羧酸的橋梁在有機推斷題中應特別注意。24、FeAl2O32FeCl2+Cl2=2FeCl34Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)32Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑【解析】

G為主族元素的固態氧化物，在電解條件下生成I和H，能與NaOH溶液反應，說明G為Al2O3，與NaOH反應生成NaAlO2，而I也能與NaOH反應生成NaAlO2，則I為Al，H為O2，C和堿反應生成E、F，D和氣體K反應也生成E、F，則說明E、F都為氫氧化物，E能轉化為F，應為Fe(OH)2→Fe(OH)3的轉化，所以E為Fe(OH)2，F為Fe(OH)3，則C為FeCl2，D為FeCl3，B為Fe3O4，與Al在高溫條件下發生鋁熱反應生成A，即Fe，則推斷各物質分別為：A為Fe，B為Fe3O4，C為FeCl2，D為FeCl3，E為Fe(OH)2，F為Fe(OH)3，G為Al2O3，H為O2，為Al，結合物質的性質分析作答?！驹斀狻扛鶕鲜龇治鲆字?，（1）A為Fe，G為Al2O3；（2）C為FeCl2，D為FeCl3，若C→D為化合反應，則反應的化學方程式為：2FeCl2+Cl2=2FeCl3；（3）E為Fe(OH)2，F為Fe(OH)3，Fe(OH)2在空氣中被氧化為Fe(OH)3，其化學方程式為：4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3；（4）Al與NaOH溶液反應生成NaAlO2和H2的離子方程式為：2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑。25、稀鹽酸（或稀硫酸溶液）少量Fe2+被空氣中氧氣氧化成Fe3+編號

實驗操作

預期現象和結論

①

取少量褪色后溶液，加入KSCN溶液

如果溶液變紅色，說明乙同學的猜想是合理的；如果溶液不變紅色，說膽乙同學的猜想是不合理的

或

取少量褪色后溶液，加入FeCl3溶液

如果溶液仍不變紅色，說明乙同學的猜想是合理的；如果溶液變紅色，說明乙同學的猜想是不合理的

【解析】

（1）根據圖示分析可知，加入試劑1用于溶解藥品，應該選用加入非氧化性的酸；（2）亞鐵離子具有較強的還原性，部分亞鐵離子能夠被空氣中氧氣氧化成鐵離子；（3）若溶液中的SCN-被過量的氯水氧化，可以再向溶液中加入硫氰化鉀溶液，根據反應現象進行判斷?！驹斀狻浚?）試劑1用于溶解樣品，可以選用稀鹽酸或者稀硫酸；（2）少量Fe2+被空氣中的氧氣氧化成Fe3+，所以加入KSCN溶液后，在未加新制氯水的情況下，溶液中也產生了紅色，（3）乙的猜想為：溶液中的SCN-被過量的氯水氧化，若檢驗乙同學的猜想是否正確，可以取少量褪色后溶液，加入KSCN溶液，如果溶液變紅色，說明乙同學的猜想是合理的；如果溶液不變紅色，說膽乙同學的猜想是不合理的，故答案為編號實驗操作預期現象和結論①取少量褪色后溶液，加入KSCN溶液如果溶液變紅色，說明乙同學的猜想是合理的；如果溶液不變紅色，說膽乙同學的猜想是不合理的或取少量褪色后溶液，加入FeCl3溶液如果溶液仍不變紅色，說明乙同學的猜想是合理的；如果溶液變紅色，說明乙同學的猜想是不合理的26、滴入最后一滴NaOH標準溶液，錐形瓶中溶液由無色變成淺紅色，且30s不褪色8.2～10.00.1500mol/L丙CDE【解析】

①用氫氧化鈉溶液滴定鹽酸的實驗中，選用酚酞作指示劑時，滴入最后一滴NaOH溶液時，溶液顯堿性，結合酚酞的性質分析解答；②根據c(酸)×V(酸)=c(堿)×V(堿)計算；③堿式滴定管的氣泡通常在橡皮管內，只要將滴定玻璃頭朝上，并擠橡皮管中的玻璃珠就可以將氣泡沖排出；④根據c(待測)=分析誤差?！驹斀狻竣僭谟脷溲趸c溶液滴定鹽酸的實驗中，選用酚酞作指示劑時，當滴入最后一滴NaOH溶液時，溶液顏色恰好由無色變為(淺)紅色，且半分鐘內不褪色，說明達到了滴定終點；酚酞的變色范圍是8.2～10，所以滴定終點時溶液pH為8.2～10；故答案為：滴入最后一滴氫氧化鈉溶液，溶液由無色恰好變成淺紅色，且半分鐘內不褪色；8.2～10；②根據表格數據可知，第三次實驗誤差較大，刪去，根據c(酸)×V(酸)=c(堿)×V(堿)，消耗的V[NaOH(aq)]=mL=30.00mL，則該鹽酸的濃度為：=0.15mol/L，故答案為：0.15mol/L；③堿式滴定管的氣泡通常在橡皮管內，只要將滴定玻璃頭朝上，并擠橡皮管中的玻璃珠就可以將氣泡排出，圖示丙操作合理，故答案為：丙；④A．酸式滴定管水洗后未用待測稀鹽酸溶液潤洗，會導致鹽酸濃度偏低，需要NaOH體積偏小，測定值偏低，故A錯誤；B．錐形瓶水洗后直接裝待測液，錐形瓶中HCl的物質的量不變，消耗的NaOH的量不變，對實驗無影響，故B錯誤；C、滴定到終點讀數時發現滴定管尖嘴處懸掛一滴溶液，導致消耗的NaOH體積偏大，測定值偏高，故C正確；D、配制NaOH標準溶液時，移液后未洗滌燒杯和玻璃棒，導致氫氧化鈉溶液的濃度偏小，消耗的NaOH體積偏大，測定值偏高，故D正確；E．堿式滴定管尖嘴部分有氣泡，滴定后消失，會導致消耗的NaOH體積偏大，測定值偏高，故E正確；故答案為：CDE。27、ABC取少量精鹽溶于水，先加入稀鹽酸，無現象，向其中加入氯化鋇溶液，若產生沉淀，則含有硫酸根離子BCEF過濾萃取分液蒸餾Cl2+2I-=2Cl-+I21:1A【解析】

I.海水中所得粗鹽中通常含Ca2+、Mg2+、SO42-等雜質，為了得到精鹽，Ca2+用碳酸鈉轉化為沉淀、Mg2+用NaOH轉化為沉淀、SO42-用氯化鋇溶液轉化為沉淀，先除去Mg2+或SO42-，然后再加入過量的碳酸鈉除去Ca2+以及過量的Ba2+雜質，過濾后再加鹽酸除去過量的NaOH和碳酸鈉；關鍵點：根據不能產生新雜質的要求排序，前面加入的過量溶液應用后加入的溶液除去；檢驗硫酸根離子一定要防止其他離子干擾；II.將海藻曬干，放到坩堝中灼燒得到海藻灰，海藻灰懸濁液過濾除掉殘渣，得到含碘離子的溶液，通入氯氣將碘離子氧化為碘單質，加入有機試劑苯或四氯化碳將碘單質萃取到有機層，分液得有機溶液，再蒸餾得到晶態碘，據此解答?！驹斀狻縄.（1）根據不能產生新雜質的要求排序，前面加入的過量溶液應用后加入的溶液除去的原則確定除雜順序，所以碳