2025屆高三押題信息卷物理(三)注意事項：要求的.AA2.如圖所示為某一介質中各點，圖甲中的各點在同一條直線上，已知圖甲中相鄰兩點間的距離均為波速為v=1m/s.則下列說法正確的是A.c點剛開始振動時的方向豎直向上B.eC.a、i兩點間有3個加強點D.a、i兩點間有3個減弱點A.細光束2為色光b【高三押題信息卷·物理(三)第1頁(共6頁)】ZZ4.隨著人類對太空的探索，觀測到外太空的兩個星球甲、乙，兩星球周圍均有大量的衛和星球乙做勻速圓周運動，通過研究兩星球周圍衛星的運動，描繪了不同衛星變化規律，如圖所示，已知r為衛星的軌道半徑，w為與軌道半徑相對應的角速度，兩星球均可視為球體，且兩星球的半徑相同，引力常量為G.則下列說法正確的是A.星球甲的質量C.球甲、乙表面的重力加速度之比為b:c5.如圖所示，兩根長直的通電導線M、N,分別通有豎直向上的電流I?和水平向右的電流I?,且I?=2I?,直線電流在周圍空間產生的磁場與距離的關系為,I為電流，r為周圍空間的點到長直導線的距離，k為比例系數.在空間施加一垂直于紙面向里的勻強磁場，當磁感應強度大小為B。時a點的磁感應強度為0.已知a點到通電導線M、N的距離分別為2r、r,b點到通電導線M、N的距離分別為r、2r.則下列說法正確的是A.通電導線M在a點的磁感應強度大小B.通電導線N在a點的磁感應強度大小C.b點的磁感應強度大小為D.通電導線M、N在b點的磁感應強度大小為6.如圖所示，光滑定滑輪用一小段細線固定滑輪，物體乙放在水平面上，系統平衡時，00與豎直方向的夾角為θ,拴接物體乙的輕繩與豎直方向的夾角為α,滑輪的質量可忽略不計.現使物體乙沿水平面向右移動少許，系統再次平衡時A.α始終為θ的2倍B.細線00的作用力增大C.物體乙對水平面的壓力減小D.水平面對物體乙的作用力減小m,在距離水平面17m的O點將一小球沿水平方向拋出，經過一段時間小球剛好垂直地打在AC邊的中點D,重力加速度g=10m/s2,sin37°=37°=0.8,√1.72=1.3.則下列說法正確的是【高三押題信息卷·物理(三)第2頁(共6頁)】A.小球從拋出到擊中D點的時B.小球拋出瞬間的速度大小為16m/sC.拋出點到A點的水平距離為13.6m項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.A.粒子做圓周運動的半徑為中未標出),然后在物體上施加一沿斜面體向下的外力F,緩慢地將輕彈簧的最上端壓到A點，已知B.外力F對物體做的功為B.定值電阻R?=8Ω【高三押題信息卷·物理(三)第3頁(共6頁)】ZZ11.(6分)某實驗小組的同學用如圖所示的裝置做“探究碰撞過程中的動量守恒”實驗.曲面軌道與水平桌面平滑連接于O點，小物塊A從曲面軌道上的某一點由靜止釋放，測得小物塊A在水平桌面上滑行的距離為xo.將另一個材質相同、質量不同的小物塊B放到O點，再次將小物塊A從曲面軌道上由靜止釋放，最終小物塊A、B在水平桌面上滑行的距離分別為x?、x?.·A.小物塊A兩次釋放的位置相同B.曲面軌道必須是光滑的C.測量小物塊A、B的質量mA、mBD.小物塊A、B的質量滿足mA≥mB(3)某次實驗時選擇兩個質量相等的小物塊A、C進行實驗，在O點碰撞后它們粘在一起在水平桌面上滑行，滑行的距離為xs.若小物塊A、C碰撞的過程中動量守恒，則關系式成立(用xo、12.(9分)某實驗小組的同學為了測量水的電阻率，該小組同學將水盛在底面為正方形的柱形容器中，已知底面的邊長為a,高為L,兩底面固定兩電極.實驗室為該實驗小組的同學提供的實驗器材如下：c.電壓表V?(量程0～3V、內阻約為3kΩ)d.電壓表V?(量程0～15V、內阻約為15kΩ)e.滑動變阻器R(0～500Ω)f.電源(電動勢為12V、內阻約為2Ω)g.開關和導線若干1k”擋位，然后進行,再用多用電表的兩個表筆與容器的兩個電極相接觸，其讀數如圖1(2)該小組的同學為了精確測量水的電阻值，電流表應選用,電壓表應選用;(均選填器材前的字母序號)(3)根據選擇的實驗器材，將圖2中的實物圖完成；壓表的示數I和U,利用得到的數據描繪出I-U圖像，并擬合成一條直線，圖像的斜率為k,則水的電阻率為p=;(用題中的物理量a、k、L表示)13.(10分)如圖所示，絕熱汽缸開口向上放置在水平面上，汽缸的總長度為L、橫截面積為S底部處以及汽缸頂部均有銷釘，現用質量均為m的活塞將理想氣體I、Ⅱ封閉在汽缸中，平衡時活塞乙位于銷釘處，活塞甲剛好位于距離汽缸頂部處，此時兩部分氣體的壓強均為1.2po,溫度均為有一電阻絲能對氣體I加熱.求：(1)當氣體I的溫度為T?=360K時，活塞甲到汽缸頂部的距離；(2)當氣體I的溫度為T?=1012.5K時，氣體Ⅱ的壓強大小.14.(11分)如圖所示，兩間距為L=1.0m、阻值可忽略不計的平行光滑導軌沿水平方向固定，導軌左端連接電容為C=3F的電容器，用電鍵控制，兩虛線1、2之間的間距可忽略，虛線1的左側存在磁感應強度大小為B=1.0T、方向豎直向上的勻強磁場.質量為m?=0.5kg、阻值為r=0.2Ω的導體棒b垂直于導軌放置在兩虛線之間，質量為m?=1kg、阻值可忽略不計的導體棒a垂直于導軌放置，導體棒a到虛線1的距離為x=0.8m,兩導體棒的長度均為L=1.0m,且始終與導軌保持良好的接觸，整個過程導體棒a始終沒有運動到導軌的最左端.求：(1)若取下導體棒b,閉合電鍵，在導體棒a上施加一水平向右的恒力F=10N,求導體棒a剛運動到虛線1處的速度大小；(2)若電鍵斷開放回導體棒b,給導體棒a一水平向右的初速度v?=7m/s,經過一段時間兩導體棒發生碰撞，且該碰撞過程沒有機械能損失，求碰后瞬間兩導體棒a、b的速度.15.(18分)如圖所示，光滑的曲面軌道與水平面平滑相切于P點，質量為M=4kg、長為L=6m的長木板B靜止在水平面上，且長木板的最左端剛好位于P點，質量為m=2kg可視為質點的物體C靜止在長木板的正中央，另一質量為mo=4kg的物體A由曲面上的O點靜止釋放，經過一段時間與長木板發生彈性碰撞，已知B、C間的動摩擦因數為μ?=0.1,B與水平面間的動摩擦因數為μz=0.3,重力加速度為g=10m/s2,假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力.求：(1)欲使物體C不離開長木板B,釋放點O到P點的豎直高度；(2)撤走曲面軌道，在長木板B上施加一水平向右外力，當B、C保持相對靜止且一起運動時，外力的取值范圍；(3)如果在長木板上施加的水平向右外力大小為F?=36N,外力作用的時間為t時，物體C剛好不從長木板上離開，求t?以及最終C到長木板最右端的間距s(結果保留三位小數).如K題題2025屆高三押題信息卷物理(三)參考答案1.B欲使電流表有示數，光照射到陰極K時應發生光電效應現象，發生光電效應現象的條件是入射光的頻率大于陰極K的極限頻率，與入射光的強度無關，A錯誤，B正確；若將電源換成導線，當人射光的頻率大于陰極K的極限頻率時，從陰極K逸出的光電子能到達陽極A,則電流表一定有示數，C錯誤；由電路圖可知，光電管兩端的電壓為正向電壓，只要入射光的頻率足夠大，則電流表一定有示數，D錯誤.2.D由圖乙和圖丙可知，振源a的起振方向豎直向下，振源i的起振方向豎直向上，即兩波源的振動步調完全相反，由于c點到振源a的距離較近，又兩振源形成的兩列波的傳播速度相同，所以振源a形成的水波先傳到c點，所以c點剛開始振動時的方向豎直向下，A錯誤；由圖甲可知e點為兩振源的中點，則該點到兩振源的距離差等于波長的0倍，則e點應為振動減弱點，則該點的振幅應為兩列波的振幅之差，即e點的振幅為0,B錯誤；由圖甲可知b、h兩點到兩振源的距離差等于半波長的3倍，d、f兩點到兩振源的距離差等于半波長的1倍，所以這四點均為振動加強點，C錯誤；由圖甲可知c、g兩點到兩振源的距離差均為波長的1倍，則這兩點也為振動減弱點，所以a、i兩點間有3個減弱點，D正確.3.C由光路圖可知，兩種色光均在○點發生了反射，所以光束2由色光a、b組成，A錯誤；由光路圖可知，兩種色光以相同的入射角射到O點后，只有b光在O點發生全反射，說明b光的臨界角小于a光的臨界角，由臨界角公式a的波長較長，則兩種色光分別通過同一雙縫干涉裝置時，由公式可知色光a的條紋間距較寬，C正確；由衍射4.C衛星環繞星球做勻速圓周運動時，萬有引力提供向心力，則有,結合圖像解得星球甲的質量為,A錯誤；同理，由圖像得,解得星球乙的質量為,設兩星球的半徑均為R,則兩星球的體積為,星球的密度為,整理得,解得p甲：p乙=b:c,B錯誤；對于處在5.C規定垂直紙面向外為正方向，由安培定則可知通電導線M在a點產生的磁場垂直紙面向里，通電導線N在a點產生的磁場垂直紙面向外，對a點有k,解得.通電導線M在a點的磁感應強度大小為k,A錯誤；通電導線N在a點的磁感應強度大小為k,B錯誤；由安培定則可知通電導線M、N在b點產生的的磁感應強度大小為,D錯誤.6.A系統平衡時，連接兩物體的輕繩的拉力始終等于物體甲的重力，細線OO'恰好在兩輕繩夾角的角平分線上，則應有α=20,物體乙向右移動少許，當系統再次平衡時a增大，但α始終為θ的2倍，A正確；由于輕繩的拉力大小不變，當兩輕繩的夾角增大時，兩輕繩拉力的合力減小，對輕滑輪分析可知，細線OO的作用力大小始終等于兩輕繩拉力的合力，所物體乙所受的摩擦力增大，水平面對物體乙的作用力指的是支持力和摩擦力的合力，即為F合=√Fn2+F2,所以水平面對物體乙的作用力增大，D錯誤.7.C由幾何關系可知D點到水平面的高度為,拋出點到D點的高度為h=H—ho=12.8m,小球在豎直方向做自由落體運動，則小球從拋出到擊中D點的時間為,A錯誤；小球擊中D點時的豎直速度大小為v,=gt=16m/s,則小球拋出瞬間的速度大小為vo=v,tan37°=12m/s,B錯誤；小球在水平方向做勻速直線【高三押題信息卷·物理(三)參考答案第1頁(共4頁)】ZZ運動，則有x=vot=19.2m,又AD兩點的水平間距為.5.6m,所以拋出點到A點的水平距離為xo=x-xAD=13.6m,C正確；欲使小球落在C點，則小球下落的高度應為h′=H-xncsin37°=8.6m,小球從拋出到落在C點的時間為,該過程小球的水平位移為x'=zt′=15.6m,則拋出點到A點的水平距離為一8.AB粒子在加速電場中，由動能定理得,粒子在兩電極間做圓周運動時有,聯立解得,A正確；當加速電壓U加倍，則粒子在兩極間運動的半徑加倍，所以粒子的運動軌跡變化，D錯誤；粒子的電荷量增加為原來的4倍，其運動軌跡不變，由公式,解得v?=2v,則粒子在加速電場、無場區域及半圓柱形電極間的運動時間都減半，其在全過程的時間減半，B正確；若粒子的質量增加為原來的4倍，由公式,解得,則粒子在加速電場、無場區域及半圓柱形電極間的運動時間都加倍，其在全過程的時間加倍，C錯誤.9.BD物體在B點時，設輕彈簧的壓縮量為x,由力的平衡條件得mgsinα=kx,,解得x=xo,當用外力F緩慢壓縮輕彈簧時，物體處于動態平衡，當物體位于最低點時，由力的平衡條件得F+mgsina=k·4.xo,解得錯誤；用外力緩慢壓縮物體，由功能關系得2,解得,B正確；由題意可知當物體的加速度為0時，物體的速度最大，即從撤走外力到物體運動到B點時，物體的速度最大，由機械能守恒定律得,解得,C錯誤；從撤走外力到物體運動到最高點的過程中，設物體沿斜面體上滑的最大距離為x',由機械能守恒定律得,解得x′=8x?,D正確.10.BC兩電鍵均閉合時，由電路圖可知，變壓器原線圈兩端的電壓為U?=U?=16V,則由變壓器的工作原理所以U?=8V,由于三個燈泡均正常發光，則三個燈泡的電壓和流過三個燈泡的電流均相等，則有Ua=U?=U.=UR?,Ia=I?=I,又I+I=IR?+Ia,U?=Ua+U?=8V,所以Ua=U?=U.=U錯誤；兩電鍵均斷開時，只有燈泡a正常發光，則有I?=1A,此時流過燈泡b、c的電流均為,所以燈泡b兩端的電壓為U′?=I’?R=2V,變壓器副線圈的輸出電壓為U′?=Ua+U′?=6V,由變壓器的工作原理,解得U′?=12V,又由得I?=0.5A,定值電阻R?兩端的電壓為UR=U?—U′?=4V,則定值電阻R?的電阻值為,B正確；由以上分析可知兩電鍵閉合時，定值電阻R?消耗的電功率為PR2=Ig?2R?=12×4W=4W,三個燈泡消耗的電功率均為P=UI=4×1W=4W,所以副線圈的輸出功率為P?=PR2+3P=16W,兩電鍵斷開時，燈泡b、c消耗的電功率均為P′=U',I'′b=2×0.5W=1W,而燈泡a正常發光，則副線圈的輸出功率為P?=P+2P′=6W,則兩電鍵閉合與兩電鍵斷開時，副線圈的輸出功率之比為P?:P?=8:3,C正確；兩電鍵閉合時，電源消耗的電功率為P電=P?=16W,兩電鍵斷開時，電源消耗的電功率為P電2=P?+I2R?=8W,電源消耗的電功率之比為P電1:P電2=2:1,D錯誤.解析：(1)根據實驗原理可知，實驗中需要小物塊A兩次均從曲面軌道上的同一位置由靜止釋放，以保證它經過0點時的速度相同，A正確；根據動能定理可知，實驗中不需要保證曲面軌道光滑，B錯誤；動量守恒定律的關系式涉及物體的質量，所以需要測量小物塊A、B的質量m、mg,C正確；為了防止碰撞后小物塊A反彈，因此小物塊A、B的質量需要(2)單獨釋放小物塊A時，設其經過O點時的速度為vo,根據勻變速直線運動的規律有0—z2=—2axo,設小物塊A、(3)由于小物塊A、C的材質相同，則小物塊A、C與水平桌面之間的動摩擦因數相同，對小物塊，根據牛頓第二定律可v?,則有0—vs2=-2ax?,碰撞過程中動量守恒，則有mAv?=(mA+mc)v?,聯立解得xo=4x3.分)(3)圖見解析(2分)((2分)(5)大于(1分)解析：(1)多用電表每換一次擋位，在測量電阻前均需要歐姆調零；因多用電表的選擇開關所選的擋位為“×1k”,由圖1可知，表針所指的刻度為“18”,則水的電阻值約為18kΩ;ZZ【高三押題信息卷·物理(三)參考答案第2頁(共4頁)】【高三押題信息卷·物理(三)參考答案第3頁(共4頁)】ZZ(2)由于電源的電動勢為12V,則流過水樣的電流約為則電壓表應選用測量值為15V的電壓表V?,即電壓表應選擇d;電流表應選用(3)由于電流表的內阻遠小于容器中水的電阻，則應采用電流表內接法，滑動變阻器的最大阻值遠小于待測電阻的阻值，則滑動變阻器應用作分壓接法，故電路連接如圖所示；(4)由歐姆定律得,結合題意可知,又由電阻定律得,又S=a2,整理得(5)由于電流表內阻的影響，電阻的測量值為水的電阻和電流表的內阻之和，而I-U圖像的斜率表示,因此斜率偏小，則電阻率的測量值大于真實值.則有mg=0.2poS對氣體I,由查理定律解得T=350K<T?(1分)顯然當T?=360K時，活塞乙已經向上移動了一段距離，活塞甲到達頂部銷釘之前，氣體Ⅱ的壓強、溫度都不變化，氣體Ⅱ的體積也不變.設穩定后活塞乙距汽缸底部的高度為l,則對氣體I,由理想氣體狀態方程(1分)解得所以活塞甲離頂部的距離為L(1分)(2)設當氣體I的溫度為T時，活塞甲剛好到汽缸頂部.對氣體I,根據理想氣體狀態方程得解得T′=700K<T?(1分)所以活塞甲已到達汽缸頂部，設最終氣體Ⅱ的壓強為p,氣柱的高度為I′,對氣體Ⅱ由據玻意耳定律得1.設此時氣體I的壓強為p?,對活塞乙受力分析，由力的平衡條件得mg+p.S=p?S(1