陜西省西安市西工大附中2025屆高二物理第二學期期末教學質量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質量一定的兩個質點，它們間的距離為r時，萬有引力大小為F，當距離為2r時，萬有引力的大小為：A．12FB．14F2、如圖所示，一個力F=20N，現已知F的一個分力F1的方向與F成37°，大小未知．已知，．關于另一個分力F2的說法中正確的是（）A．F2的最小值等于零 B．無法確定F2的最小值C．F2的最小值等于12N D．F2的最小值等于16N3、如圖所示，理想變壓器原線圈與120V的交流電源相連，副線圈并聯兩個燈泡A和B，燈泡A、C的額定功率皆為30W，正常發光時電阻皆為30Ω，已知三燈泡均正常發光，流過原線圈的電流為1.0A，則下列說法中正確的是A．原副線圈匝數為3：1B．原副線圈匝數為4：1C．正常發光時B燈電阻為30ΩD．流過燈泡B的電流為1A4、質點做直線運動的速度﹣時間圖象如圖所示，該質點（）A．第1s內和第3s內質點的速度不斷增大，加速度不斷減小B．前1s內和前3s內質點運動的路程相同C．物體在1s，3s時質點的運動方向發生變化D．第2秒末和第4秒末質點的位置相同5、下列說法中正確的是：（）A．彈簧振子的運動是簡諧運動 B．簡諧運動就是指彈簧振子的運動C．簡諧運動是勻變速運動 D．單擺簡諧運動的回復力是重力和拉力的合力6、一個單擺在地面上做受迫振動，改變驅動力頻率，其振動穩定時振幅A與驅動力頻率f的關系如圖所示．單擺所處位置重力加速度g=9.8m/s2，下列說法正確的是（）A．單擺的擺長約為2mB．單擺的受迫振動頻率與驅動力頻率相同時振幅最大C．若減小擺長，共振曲線振幅最大值的橫坐標將向右移動D．若把該單擺移到月球表面，共振曲線振幅最大值的橫坐標將向右移動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、小型發電廠輸出電壓為u=220sin100πt（V）的交流電，經過升壓變壓器輸送到較遠的地區后，再經過降壓變壓器輸給用戶使用，如圖所示。已知變壓器都是理想變壓器，升壓變壓器和降壓變壓器的匝數比分別為1：n和n∶1，下列說法中正確的是（）A．降壓變壓器中原線圈的導線比副線圈的要粗B．升壓變壓器原線圈中的電流小于輸電線中的電流C．若用戶增加時，則輸電線上分得的電壓將增加D．若要用戶得到的電壓（有效值）為220V，則降壓變壓器的匝數比要小于n∶18、一單匝閉合線框從如圖所示位置開始，在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的的轉軸勻速轉動，在轉動過程中，線框中的最大磁通量為，最大感應電動勢為，下列說法正確的是A．轉動90°時磁通量為零，感應電動勢也為零B．當磁通量為零時，感應電動勢最大C．當磁通量等于時，感應電動勢等于D．角速度9、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，從波傳播到O點開始計時，t=4s時刻波傳播到x軸上的B質點，波形如圖所示。下列說法正確是A．波長為2mB．波速大小為0.5m/sC．t=4s時，A點加速度沿y軸負向且最大D．t=6s時，B點經過平衡位置向下運動E.t=6s時，C點開始向下運動10、在勻強磁場中，一個原來靜止的原子核，由于衰變放射出某種粒子，結果得到一張兩個相切圓1和2的徑跡照片(如圖所示)，已知兩個相切圓半徑分貝為r1、r2.下列說法正確的是()A．原子核可能發生的是α衰變，也可能發生的是β衰變B．徑跡2可能是衰變后新核的徑跡C．若衰變方程是，則r1：r2=1：45D．若是α衰變，則1和2的徑跡均是順時針方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某些固體材料受到外力后除了產生形變，其電阻率也要發生變化，這種由于外力的作用而使材料電阻率發生變化的現象稱為“壓阻效應”.現用如圖所示的電路研究某長薄板電阻Rx的壓阻效應，已知Rx的阻值變化范圍為幾歐到幾十歐，實驗室中有下列器材：A．電源E(電動勢3V，內阻約為1Ω)B．電流表A1(0～0.6A，內阻r1＝5Ω)C．電流表A2(0～0.6A，內阻r2≈1Ω)D．開關S，定值電阻R0＝5Ω(1)為了比較準確地測量電阻Rx的阻值，請完成虛線框內電路圖的設計______.(2)在電阻Rx上加一個豎直向下的力F(設豎直向下為正方向)，閉合開關S，記下電表讀數，A1的讀數為I1，A2的讀數為I2，得Rx＝________.(用字母表示)(3)改變力的大小，得到不同的Rx值，然后讓力反向從下向上擠壓電阻，并改變力的大小，得到不同的Rx值.最后繪成的圖象如圖所示，除觀察到電阻Rx的阻值隨壓力F的增大而均勻減小外，還可以得到的結論是________________________.當F豎直向下時，可得Fx與所受壓力F的數值關系是Rx＝________.12．（12分）某小組的同學擬探究小燈泡L的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：小燈泡L，規格“4.0V，0.7A”；電流表A1，量程3A，內阻約為0.1Ω；電流表A2，量程0.6A，內阻R2＝0.2Ω；電壓表V，量程3V，內阻RV＝9kΩ；標準電阻R1，阻值1Ω；標準電阻R2，阻值3kΩ；滑動變阻器R，阻值范圍0～10Ω；學生電源E，電動勢6V，內阻不計；開關S及導線若干。（1）甲同學設計了如圖1所示的電路來進行測量，當通過L的電流為0.46A時，電壓表的示數如圖2所示，此時L的電阻為______Ω。（2）乙同學又設計了如圖3所示的電路來進行測量，電壓表指針指在最大刻度時，加在L上的電壓值是______V。（3）小組認為要想更準確地描繪出L完整的伏安特性曲線，需要重新設計電路。請你在乙同學的基礎上利用所提供器材，在圖4所示的虛線框內補畫出實驗電路圖，并在圖上標明所選器材代號。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示導熱性能良好、內壁光滑的氣缸水平放置，橫截面積，質量，厚度不計的活塞與氣缸底部之間封閉了定量的理想氣體，活塞與氣缸底部之間的距離，活塞與氣缸開口端相距．理想氣體的溫度，外界大氣壓強，若將氣缸開口向下豎直放置，重力加速度．（1）求此時活塞與氣缸底部之間的距離；（2）若對氣缸內氣體加熱，而保證活塞不離開氣缸，求氣缸內氣體的最高溫度．14．（16分）用光滑圓管制成如圖所示的軌道，豎直立于水平地面上，其中ABC為圓軌道的一部分，CD為傾斜直軌道，二者相切與C點，已知圓軌道的半徑R=1m，傾斜軌道CD與水平地面的夾角為=37°，現將一小球以一定的初速度從A點射入圓管，小球直徑略小于圓管的直徑，取，sin37°=1．6，cos37°=1．8，求小球通過傾斜軌道CD的最長時間（結果保留一位有效數字）15．（12分）如圖所示，半圓柱體A、光滑圓柱體B及長方體木塊C放在水平地面上，B與A、C剛好接觸并處于靜止狀態．現用水平向左的推力推C，使其緩慢移動，直到B恰好運動到A的頂端，在此過程中A始終保持靜止，已知A、B、C的質量均為m，A、B的半徑均為R，C與地面間的動摩擦因數為，重力加速度為g，求：（1）B剛離開地面時，C對B的彈力大小；（2）當A、B圓心的連線與地面的夾角為45°時，地面對A的支持力大小；（3）C移動的整個過程中水平推力的最大值．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據萬有引力定律公式F=GMmr2得，當這兩個質點間的距離變為2r時，則萬有引力的大小變為原來的14，即為F4解決本題的關鍵掌握萬有引力定律的公式F=GMm2、C【解析】

當F2的方向與F1的方向垂直時，F2具有最小值，依據三角知識，則有：F2min=Fsin37°=12N所以F2的大小不可能小于12N．A．F2的最小值等于零，與結論不相符，選項A錯誤；B．無法確定F2的最小值，與結論不相符，選項B錯誤；C．F2的最小值等于12N，與結論相符，選項C正確；D．F2的最小值等于16N，與結論不相符，選項D錯誤；故選C．3、A【解析】根據題意，閉合開關S，三個燈泡均能正常發光，設通過燈泡C的電流為I，C兩端的電壓為U，則：U=I1RC=1.0×30=30V；所以變壓器的輸入電壓：U1=U0-U=120-30=90V；燈泡A的額定功率為30W，A兩端的電壓：；所以原副線圈的匝數比：．故A正確，B錯誤；副線圈上的總電流：，所以流過B的電流：．故D錯誤；由歐姆定律可得，正常發光時B燈電阻為：．故C錯誤；故選A．點睛：此題解題的突破口在原副線圈的電流關系，特別注意電源總電壓與加在副線圈兩端電壓的關系，難度適中．4、A【解析】

根據速度圖象能直接讀出速度的變化，根據速度圖象的斜率分析加速度的變化．根據圖象與時間軸圍成的面積等于物體在該段時間內通過的位移，分析位移，從而確定出路程關系．速度的正負表示速度的方向．根據位移關系分析質點位置關系．【詳解】A項：第1s內質點的速度不斷增大，根據速度圖象的斜率表示加速度，知加速度不斷減小．第3s內質點的速度沿負方向不斷增大，加速度不斷減小，故A正確．B項：只要質點在運動，其運動的路程就在增大，所以前1s內的路程小于前3s內的路程，故B錯誤．C項：根據速度的正負表示質點的運動方向，知物體在1s，3s時質點的運動方向均沒有發生變化，故C錯誤．D項：根據圖象與時間軸圍成的面積大小等于位移，知0﹣2s內的位移大于0，0﹣4s內的位移為0，所以第2秒末和第4秒末質點的位置不同，故D錯誤．故選A．本題的關鍵要理解速度圖象的物理意義，知道圖象的斜率表示加速度，面積表示位移，要注意位移的正負．5、A【解析】

A、彈簧振子的運動是種周期性的往返運動，屬于簡諧運動；故A正確.B、簡諧運動并不只是彈簧振子的運動；單擺的運動也可以看作是簡諧運動；故B錯誤.C、簡諧運動的加速度隨物體位置的變化而變化，不是勻變速運動；故C錯誤.D、單擺做簡諧運動的回復力由重力沿擺球運動軌跡切向的分力提供，故D錯誤.故選A.本題考查簡諧運動的性質，要注意明確簡諧運動中的受力、位移及速度均隨時間做周期性變化．6、C【解析】單擺做受迫振動，振動頻率與驅動力頻率相等；當驅動力頻率等于固有頻率時，發生共振，則固有頻率為0.5Hz，周期為2s；由公式T=2π，可得L≈1m，故A錯誤；單擺的受迫振動頻率與固有頻率相同時振幅最大，選項B錯誤；若擺長減小，則固有頻率變大，所以共振曲線的峰將向右移動．故C正確；若把該單擺移到月球表面，重力加速度減小，則振動的頻率減小，則共振曲線振幅最大值的橫坐標將向左移動，故D錯誤；故選C．點睛：本題關鍵明確：受迫振動的頻率等于驅動力的頻率；當受迫振動中的固有頻率等于驅動力頻率時，出現共振現象．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A．根據I1：I2=n2：n1知，電流和線圈匝數成反比，降壓變壓器中，原線圈匝數比副線圈多，故原線圈的電流小，而電流越大需要導線越粗，所以原線圈導線比副線圈的要細，故A錯誤。

B．根據I1：I2=n2：n1知，電流和線圈匝數成反比，升壓變壓器原線圈匝數比副線圈匝數少，所以升壓變壓器原線圈中的電流大于輸電線中的電流，故B錯誤。

C．若用戶增加時，總電流增大，根據U=IR知，輸電線上分得的電壓將增加，故C正確。

D．升壓變壓器初級電壓有效值為220V，則升壓變壓器次級電壓為220nV，由于導線上有電壓損失，則降壓變壓器的原線圈電壓小于220nV，即降壓變壓器的匝數比小于n：1，故D正確。

故選CD。8、BD【解析】

A、線框從如圖位置開始，轉過90度時，正好處于中性面，它恰好和磁感線垂直，磁通量最大；兩條豎直邊，恰好不切割磁場，感應電動勢為零，A錯誤；B、如圖所示的平面，為線框與中性面垂直的平面，線框平面與磁場平行，磁通量為零，兩條豎邊正好垂直切割磁場，感應電動勢最大，B正確；C、設線框平面和磁場方向夾角為時，則穿過線框的磁通量為，所以當磁通量為0.5時，得=60o．但若線框從如圖所示平面開始轉動，轉過的角度可能為=60o或120o，根據電動勢的瞬時表達式，該瞬時電動勢可能為或-，則C錯誤；D、因為電動勢峰值，最大磁通量，則，D正確．故本題選BD若發電機內部線框處于中性面時，磁通量最大，感應電動勢瞬時值為零；若線框處于與中性面垂直的平面時，此時磁通量為零，瞬時感應電動勢最大；線框從中性面開始轉動時，電動勢瞬時值表達式為；若從與中性面垂直的平面開始轉動，．9、ABD【解析】

A.由波形圖可知，波長為2m，選項A正確；B.t=4s時刻波傳播到x軸上的B質點，則波速大小為v=xt=C.t=4s時，A點加速度沿y軸正向且最大，選項C錯誤；D.t=4s時，B點經過平衡位置向上運動，則再經過2s，即t=6s時，B點經過平衡位置向下運動，選項D正確；E.t=6s時，振動傳到C點，C點開始向上運動，選項E錯誤；10、CD【解析】

靜止的原子核發生衰變，根據動量守恒可知，發生衰變后的粒子的運動的方向相反，在根據粒子在磁場中運動的軌跡可以判斷粒子的電荷的性質；衰變后的粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力可得半徑公式，結合軌跡圖分析．【詳解】A．原子核衰變過程系統動量守恒，由動量守恒定律可知，衰變生成的兩粒子動量方向相反，粒子速度方向相反，由左手定則知：若生成的兩粒子電性相反則在磁場中的軌跡為內切圓，若電性相同則在磁場中的軌跡為外切圓，所以為電性相同的粒子，可能發生的是衰變，但不是衰變，故A錯誤；BC．核反應過程系統動量守恒，原子核原來靜止，初動量為零，由動量守恒定律可知，原子核衰變后生成的兩核動量P大小相等、方向相反，粒子在磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由于P、B都相同，則粒子電荷量q越大，其軌道半徑r越小，由于新核的電荷量大于粒子的電荷量，則新核的軌道半徑小于粒子的軌道半徑，則半徑為的圓為放出新核的運動軌跡，半徑為的圓為粒子的運動軌跡，：：：45，故B錯誤，C正確；D．若是衰變，生成的兩粒子電性相同，圖示由左手定則可知，兩粒子都沿順時針方向做圓周運動，故D正確．知道原子核衰變過程動量守恒是本題解題的前提與關鍵，分析清楚圖示運動軌跡、應用動量守恒定律與牛頓第二定律即可解題．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、壓力方向改變，其阻值不變【解析】

（1）由于題目中沒有電壓表，為了比較準確測量電阻，知道電流表的阻值，所以用電流表作為電壓表使用，電流表連在干路上，即可求出電阻的阻值，電路圖的設計：（2）根據串并聯和歐姆定律得：，得到：．（3）從圖象上可以看出壓力方向改變，其阻值不變，其電阻與壓力關系為一次函數，由圖象可得：．12、①5（2分）②4（3分）③答圖1（5分）答圖2（3分）【解析】試題分析：①由圖知，電壓表的讀數為2.30V，根據歐姆定律，L的電阻RL＝UI＝2.300.46Ω＝5Ω；②電壓表與電阻R2串聯，電壓表兩端的電壓3V，根據串聯電路電阻與電壓的關系，電阻R2兩端的電壓為1V，燈泡L兩端的電壓為電壓表和電阻R2兩端的電壓之和，即為4V；③為了使電流表讀數準確，電流表應用A2，因其量程為0.6A，不能測量0.7A，所以應與A2并聯一個定值電阻R考點：歐姆定律，串聯電路的關系，并聯電路的關系，電路圖畫法點評：學生能熟練運用歐姆定律，串聯電路的關系，并聯電路的關系去分析問題。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

(1)氣缸水平放置時：封閉氣體的壓強，體積氣缸豎直放置時：封閉氣體的壓強，體積氣體做等溫變化，由玻意耳定律得：代入數據得：(Ⅱ)溫度升高，活塞剛好達到氣缸開口處，氣體做等壓變化加熱前：，加熱后