高級中學名校試題PAGEPAGE1麗水市2024學年第一學期普通高中教學質量監控高一物理試題卷（2025.1）考生須知：1．本卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，第Ⅰ卷（第1~18題，共54分），第Ⅱ卷（第19~23題，共46分）。滿分為100分，考試時間90分鐘。2．本卷答案必須做在答題卷的相應位置上，做在試題卷上無效。3．請用黑色簽字筆將姓名、準考證號、流水號分別填寫在答題卷的相應位置上。4．本卷中用到g數值的取10m/s2第Ⅰ卷選擇題部分一、單項選擇題（本題共18小題，每小題3分，共54分，每個小題只有一個選項符合題意，多選、錯選均不給分）1.在國際單位制中，力的單位符號是A.N B.s C.kg D.m【答案】A【解析】在國際單位制中，力的單位是牛頓，簡稱牛，符號是N．故A正確，BCD錯誤．2.下列說法正確的是（）A.速度越小的汽車其慣性也越小B.物體的速度越大，其加速度也越大C.牛頓通過斜面實驗總結出自由落體規律D.伽利略的理想斜面實驗說明了力不是維持物體運動的原因【答案】D【解析】A．質量是慣性的唯一量度，慣性與速度無關，質量大慣性大，A錯誤；B．力不是維持物體運動狀態的原因，力是改變物體運動狀態的原因，力是使物體產生加速度的原因，加速度由質量和力共同決定，與瞬時速度無關，B錯誤；C．伽利略通過斜面實驗總結出自由落體規律，C錯誤；D．伽利略理想斜面實驗說明了力不是維持物體運動的原因，D正確。故選D。3.四名運動員在標準田徑場上進行200m賽跑，如圖所示，他們從不同起點起跑，都順利地按規則要求完成了比賽，從起點到終點過程他們的（）A.位移相同 B.路程相等 C.平均速度相同 D.平均速率相同【答案】B【解析】A．每個運動員的起點和終點都不同，則位移不相同，選項A錯誤；B．每個運動員的路徑長度都是200m，則路程相等，選項B正確；C．因位移和時間都不同，則平均速度不相同，選項C錯誤；D．路程相同，但是時間不一定相等，可知平均速率不一定相同，選項D錯誤。故選B。4.2024年巴黎奧運會，中華健兒奮勇拼搏，取得優異成績。有關下列4個場景的說法正確的是（）A.在研究鄭欽文的接球技巧時，可將她看成質點B.劉煥華將杠鈴成功舉過頭頂堅持2秒獲得勝利，“2秒”是指時刻C.楊家玉獲得女子20公里競走冠軍，“20公里”指的是位移D.全紅嬋在跳水決賽中下落過程看到水面離自己越來越近是以自己為參考系【答案】D【解析】A．在研究鄭欽文的接球技巧時，其大小和形狀不能忽略不計，不可將她看成質點，選項A錯誤；B．劉煥華將杠鈴成功舉過頭頂堅持2秒獲得勝利，“2秒”是指時間間隔，選項B錯誤；C．楊家玉獲得女子20公里競走冠軍，“20公里”指的是路程，選項C錯誤；D．全紅嬋在跳水決賽中下落過程看到水面離自己越來越近是以自己為參考系，選項D正確。故選D。5.殲35A是我國自行研發的中型多用途隱身戰機。在2024年珠海航展上表演時，戰機沿曲線ab向上爬升，關于飛機所受合力的4種方向，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】飛機做曲線運動，所以飛機所受合力位于軌跡的凹側。故選C。6.如圖所示，一只風箏被細繩拉緊在天上飛舞，關于這只風箏的受力情況，下列說法正確的是（）A.只受重力作用 B.只受空氣作用力C.只受重力和細繩拉力 D.只受重力、空氣作用力和細繩拉力【答案】D【解析】風箏受重力、空氣作用力和細繩拉力作用。故選D。7.如圖所示為一小孩利用彈弓將彈珠打向前方空地，從橡皮筋（連同彈珠）拉長后離開手到彈珠將要離開橡皮筋這個過程，下列說法正確的是（）A.彈弓連同彈珠整體的重心位置始終不變B.彈弓橡皮筋的彈力是由于彈珠形變產生的C.橡皮筋給彈珠的力與彈珠給橡皮筋的力是一對平衡力D.橡皮筋給彈珠的力與彈珠給橡皮筋的力始終等大反向【答案】D【解析】A．該過程中，彈弓連同彈珠整體的形狀發生了變化，則重心位置發生變化，選項A錯誤；B．彈弓橡皮筋的彈力是由于橡皮筋的形變產生的，選項B錯誤；CD．橡皮筋給彈珠的力與彈珠給橡皮筋的力是一對作用和反作用力，始終等大反向，選項C錯誤，D正確。故選D。8.如圖所示，有人把4個相同的網球疊在一起，下方3個網球緊挨著放在水平地面上，其中一個網球記為B，網球A疊放在3個網球中間的正上方，已知每個網球質量均為m，下列說法正確的是（）A.下方3個球對A球的合力大于A球的重力B下方3個球與地面之間一定沒有摩擦力C.下方3個球受到地面的支持力大小均為D.將B球拿走后，剩下3個球仍能保持靜止【答案】C【解析】A．由平衡可知，下方3個球對A球的合力等于A球的重力，選項A錯誤；B．上面的一個球A對下面三個球的壓力有水平分量，由平衡可知，下方3個球與地面之間一定有摩擦力，選項B錯誤；C．對4個球的整體分析可知3FN=4mg可得下方3個球受到地面的支持力大小均為選項C正確；D．將B球拿走后，剩下3個球不能保持靜止，選項D錯誤。故選C。9.在皮劃艇賽事上成績卓越的慶元籍運動員王楠，在某次訓練中以恒定速率橫渡一條河，已知越接近河流中間水流速度越大，若她要以最短時間過河，則下列圖像中，皮劃艇渡河軌跡和皮劃艇朝向可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】若她要以最短時間過河，則船頭總是指向正對岸，因河水流速先增加后減小，即小船在平行河岸方向先加速后減速，根據加速度方向指向軌跡的凹向可知，圖像A是正確的。故選A。10.一個質量的物體只受到共面的三個力作用，大小分別為2N、6N、10N，方向可變，則物體的加速度大小不可能為（）A.1m/s2 B.3m/s2 C.6m/s2 D.12m/s2【答案】A【解析】2N、6N的合力范圍為則2N、6N、10N的合力范圍為根據牛頓第二定律可得聯立物體的加速度大小范圍為故選A。11.某物體以8m/s的初速度做勻加速直線運動，加速度為0.2m/s2，經時間t后速度變為12m/s，則以下選項正確的是（）A.運動時間 B.t時間內的位移為400mC.t時間內的平均速度是10m/s D.運動到100m處的速度是9m/s【答案】C【解析】ABC．根據勻變速直線運動速度時間關系可得運動時間t時間內的位移為t時間內的平均速度為故AB錯誤，C正確；D．根據可得運動到100m處的速度為故D錯誤。故選C。12.2024年6月，我國無人機成功飛越珠峰，體現了我國強大的無人機制造能力。如圖甲為某次無人機從地面開始向上起飛的場景，圖乙為它運動的速度—時間（）圖像，下列說法正確的是（）A.無人機有時向上運動有時向下運動B.無人機在至過程中先超重再失重C.無人機在至過程中受到的合力越來越大D.無人機在時的加速度大于在時的加速度【答案】B【解析】A．根據圖乙可知，無人機速度方向一直為正方向，所以無人機一直向上運動，故A錯誤；B．根據圖乙可知，無人機在至過程中先向上加速后向上減速，加速度方向先向上后向下，則無人機先超重再失重，故B正確；C．根據的切線斜率表示加速度，由圖乙可知，在至過程中無人機的加速度逐漸減小，根據牛頓第二定律可知，無人機受到的合力越來越小，故C錯誤；D．根據的切線斜率表示加速度，由圖乙可知，無人機在時的加速度小于在時的加速度，故D錯誤。故選B。13.用如圖所示的推車搬運貨物，推車的底板和背板互相垂直，工人緩慢下壓把手，使背板由豎直轉向水平，推車和貨物的狀態由圖甲變到圖乙。在該過程中不計貨物與推車間的摩擦力，貨物對底板的壓力為、對背板的壓力為。則該過程兩壓力大小變化情況是（）A.逐漸減小到零 B.先減小后增加C.增加到無窮大 D.先增加后減小【答案】A【解析】使背板由豎直轉向水平，設背板與豎直方向的夾角為，則從增加到；以貨物為對象，根據平衡條件可得，可知底板對貨物的支持力逐漸減小到零，背板對貨物的支持力逐漸增大到貨物重力；則貨物對底板的壓力逐漸減小到零，對背板的壓力逐漸增大到貨物重力。故選A。14.如圖所示，汽車車廂中懸掛著小燈籠串，車在平直道路上關閉門窗，向左勻加速直線運動，當小燈籠串相對車廂靜止時（車廂內無風擾動），下列各圖中燈籠串的狀態最有可能的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】車在平直道路上關閉門窗，向左勻加速直線運動，設加速度大小為，以下方n個燈籠為整體，根據牛頓第二定律可得可得可知燈籠偏離豎直方向的夾角與燈籠的個數無關，為定值。故選B。15.如圖所示，某“復興號”動車組在平直的軌道上行駛，共有8節車廂（第1、2、5、6車廂為動力車廂，其余4節為無動力車廂），設每節車廂質量、軌道阻力、空氣阻力均相同，當每節動力車廂牽引力大小均為F時，第3、4兩節車廂間的拉力大小為（）A.F B. C. D.【答案】B【解析】根據牛頓第二定律，對整體分析對前3節分析解得故選B。16.如圖所示，相同的三根彈簧，等間距地掛在水平橫桿上，彈簧下端分別掛上1個、2個、3個相同的鉤碼，靜止后彈簧下端位于同一條傾斜直線上。改變彈簧水平間距，改變鉤碼個數分別為2個、3個、4個，反復多次實驗，彈簧下端均位于同一條傾斜直線上。下列說法正確的是（）A.可以得出伸長量越大彈簧勁度系數越大B.不能得出彈力大小與伸長量成一次函數關系C.彈簧自身重力不會影響彈簧下端連線的傾斜程度D.掛4個鉤碼的彈簧可能已經超出彈簧的彈性限度【答案】C【解析】A．由胡克定律可知，在彈性限度內本題中彈簧下端分別掛上1個、2個、3個相同的鉤碼時，可知n為鉤碼個數，可見彈簧伸長量與所掛鉤碼個數成正比，故靜止后彈簧下端位于同一條傾斜直線上。由上述分析可知，本實驗無法得出伸長量越大彈簧勁度系數越大結論，A錯誤；B．由上述分析可知，本實驗可以得出彈力大小與伸長量成一次函數關系，B錯誤；C．由上述分析可知，彈簧自身重力不會影響彈簧下端連線的傾斜程度，C正確；D．改變鉤碼個數分別為2個、3個、4個，反復多次實驗，彈簧下端均位于同一條傾斜直線上，可見掛4個鉤碼的彈簧沒有超出彈簧的彈性限度，D錯誤。故選C。17.農民采用拋秧的方式種植水稻，如圖所示，甲、乙兩顆秧苗從同一位置以相同的速率同時拋出，運動軌跡在同一豎直面內，不計空氣阻力，關于甲、乙兩顆秧苗的判斷正確的是（）A.可能會在空中相遇 B.在空中的運動時間相等C.在軌跡最高點時的速度甲大于乙 D.在空中任意時間段的速度變化量方向相同【答案】D【解析】AB．秧苗做斜拋運動，豎直方向上升過程可逆向看成自由落體運動，根據，可知秧苗在空中的運動時間由高度決定，由題圖可知，甲秧苗的高度大于乙秧苗的高度，所以甲秧苗在空中的運動時間大于乙秧苗在空中的運動時間，由于甲、乙兩顆秧苗從同一位置同時拋出，到達兩軌跡相交點時，乙秧苗所用時間較短，所以甲、乙兩顆秧苗不可能會在空中相遇，故AB錯誤；C．從最高點到落地過程，根據，由于甲秧苗的高度較大，水平位移較小，則甲秧苗所用時間較長，甲秧苗在軌跡最高點時的速度小于乙，故C錯誤；D．兩顆秧苗在空中的加速度均為重力加速度，根據可知甲、乙兩顆秧苗在空中任意時間段的速度變化量方向相同，均豎直向下，故D正確。故選D。18.如圖所示，屋檐口滴下的水，長年累月水滴石穿。檐口到下方石板的高度為，若質量為1g的水滴從屋檐上由靜止開始落下，落到石板上濺起的最大高度為，水滴與石板間相互作用的時間為0.05s。不計空氣阻力，重力加速度，則水對石板豎直方向平均作用力大小約為（）A.0.26N B.0.14N C.0.026N D.0.014N【答案】A【解析】由可得，水滴落地時速度大小為水滴濺起時的速度大小為規定向上為正方向，對于水滴與石板間相互作用的過程應用動量定理解得故選A。非選擇題部分二、填空與實驗題（本題共2小題，共16分）19.某小組通過如圖甲裝置完成以下實驗：I．“練習使用打點計時器”；II．“探究小車速度隨時間變化的規律”；Ⅲ．“探究加速度與力、質量的關系”（1）用圖中器材完成實驗，采用的電源應選擇______（填“交流”或“直流”）______V（2）在完成實驗Ⅰ時，用手拉P端得到打點的紙帶，計算不同時刻的速度并描點如圖乙所示，以下兩幅圖的連線方式與小車運動變化規律最接近的是______（選填“A”、“B”）A.折線連線 B.平滑曲線連線（3）在實驗Ⅱ中，打出如圖丙所示的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G是打好的紙帶上6個連續的計數點（每兩點間還有四個點沒有畫出）。打下D點時小車的速度大小為______m/s，小車的加速度大小為______m/s2。（計算結果均保留三位有效數字）（4）有關I、II、III三個實驗，下列說法正確的是______A.三個實驗中細繩一定都要與軌道平行B.三個實驗都需要調節軌道傾角補償摩擦阻力C.實驗Ⅱ中，P端所掛鉤碼質量可以大于小車及車上鉤碼的總質量D.實驗Ⅲ中，P端所掛槽碼質量要遠小于小車及車上鉤碼的總質量【答案】（1）交流220（2）B（3）0.2630.496（4）CD【解析】【小問1解析】電火花計時器采用的電源應選擇220V交流電源。【小問2解析】描點連線時應該用平滑曲線連線，故選B。【小問3解析】相鄰計數點之間有四個計時點沒有畫出來，故計數周期為打下D點時小車的速度大小等于CE間的平均速度由逐差法可知小車的加速度為【小問4解析】A．“練習使用計時器”不需要細繩一定都要與軌道平行，A錯誤；B．“練習使用計時器”“探究小車速度隨時間變化的規律”不需要調節軌道傾角補償摩擦阻力，B錯誤；C．實驗Ⅱ“探究小車速度隨時間變化的規律”中，只要保證小車做勻加速直線運動即可，P端所掛鉤碼質量可以大于小車及車上鉤碼的總質量，C正確；D．實驗Ⅲ“探究加速度與力、質量的關系”中，當P端所掛槽碼質量要遠小于小車及車上鉤碼的總質量時，繩子拉力近似等于槽碼重力，故需要P端所掛槽碼質量要遠小于小車及車上鉤碼的總質量，D正確。故選CD。20.某小組做“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗，裝置如圖甲所示，（1）關于該實驗，下列說法正確的是______A.該實驗采用的物理思想方法是控制變量法B.測力計外殼接觸到白紙不會影響實驗結果C.兩個測力計拉細繩時，兩細繩的夾角越大越好D.同一次實驗中只要將橡皮筋拉伸相同長度即可（2）某次實驗中彈簧測力計示數如圖甲所示，其讀數為______N。【答案】（1）B（2）2.08##2.09##2.10##2.11##2.12【解析】【小問1解析】A．該實驗采用的物理思想方法是等效替代法，選項A錯誤；B．測力計外殼接觸到白紙不會影響實驗結果，選項B正確；C．兩個測力計拉細繩時，兩細繩的夾角大小要適當，并非越大越好，選項C錯誤；D．同一次實驗中要將結點拉到相同的位置，只將橡皮筋拉伸相同長度不一定保證與原來等效，選項D錯誤。故選B。【小問2解析】彈簧測力計最小可度為0.1N，則其讀數為2.10N。21.某小組做“探究平拋運動的特點”的實驗：（1）探究一：用如圖甲、乙兩種裝置研究平拋運動，以下說法正確的是______A.圖甲探究平拋運動豎直方向的運動規律B.圖甲探究平拋運動水平方向的運動規律C.圖乙探究平拋運動豎直方向的運動規律D.圖乙探究平拋運動水平方向的運動規律（2）探究二：用如下圖裝置通過多次描點獲得小球平拋運動的軌跡，其中斜槽軌道末端已經調整正確的是______A. B. C.（3）用題（2）中的裝置做實驗，如下圖丙所示為小球在斜槽軌道末端時的位置示意圖，1、2、3、4點分別表示小球最高點、球心、最低點、右端點水平投影在豎直板上的位置，小球拋出點的位置應是______（選填數字1、2、3、4）。（4）在實驗中，將白紙換成方格紙，方格紙的豎直線與重錘線平行，方格紙的每個小方格邊長。實驗記錄了小球在運動中的4個點跡，如圖丁所示，則小球在C點時的速度大小為______m/s，g取10m/s2。【答案】（1）AD（2）C（3）2（4）2.5【解析】【小問1解析】AB．圖甲中兩小球豎直方向有相同的運動情況，探究平拋運動豎直方向的運動規律，故A正確，B錯誤；CD．圖乙中兩小球水平方向有相同的運動情況，探究平拋運動水平方向的運動規律，故C錯誤，D正確。故選AD。【小問2解析】為了保證小球拋出時的速度處于水平方向，斜槽軌道末端應處于水平方向。故選C。【小問3解析】小球拋出點的位置應是小球在斜槽軌道末端時，小球球心水平投影在豎直板上的位置，即小球拋出點的位置應是2。【小問4解析】由題圖可知與的水平位移相等，則與所用時間相等，豎直方向根據解得水平方向有解得水平分速度為小球在C點時的豎直分速度大小為則小球在C點時的速度大小為三、計算題（本題共3小題，共30分，解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數字計算的答案中必須明確寫出數值和單位。）22.汽車在道路上出現故障而停車時，應在車后放置三角警示牌（如圖所示），以提醒后方車輛減速安全通過。在雨天，有一輛貨車在平直高速公路因故障停車，后方有一轎車以的速度向前行駛，由于雨天視線不好，轎車駕駛員只能看清前方內的路況，轎車剎車系統響應與人的反應總時間，該時間內轎車保持原有運動狀態，轎車剎車后做勻減速直線運動的加速度大小，求：（1）轎車勻減速直線運動到停止的位移大小；（2）轎車從駕駛員剛看到三角警示牌到剎車停止運動所用的總時間；（3）貨車司機應當把三角警示牌至少放在車后多遠處，才能有效避免轎車與貨車相撞。【答案】（1）90m（2）7.5s（3）95m【解析】【小問1解析】根據勻變速直線運動規律解得轎車勻減速直線運動到停止的位移大小為【小問2解析】轎車剎車時間為駕駛員看到警示牌到車停止所用時間為【小問3解析】在反應時間內轎車的位移為駕駛員看到警示牌到車停止的總位移為為了避免轎車與貨車相撞，則警示牌放置車后的距離至少為23.一個放在水平地面上的小型滑梯，滑梯裝置的總質量為M、斜面傾角為，一質量為m的小孩爬上滑梯準備滑下，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，求：（1）當小孩靜止在滑梯斜面上時受到的摩擦力大小；（2）要使小孩能下滑，滑梯斜面與小孩褲料間的動摩擦因數不能超過多少；（3）當小孩勻速下滑的過程中，整個滑梯裝置對地面的壓力大小。【答案】（1）（2）（3）【解析】小問1解析】小孩在滑梯斜面上受到重力、支持力和靜摩擦力，根據平衡知識可知摩擦力【小問2解析】若小孩能下滑時，需滿足又因為解得【小問3解析】解法一：將小孩和滑梯作為一個整體研究，地面對滑梯的支持力等于這個整體所受到的重力，則有根據牛頓第三定律，滑梯對地面的壓力解法二：小孩受到滑梯的支持力和摩擦力合力豎直向上，根據牛頓第三定律，小孩對滑梯的壓力和摩擦力的合力豎直向下，故滑梯受到支持力大小根據牛頓第三定律，滑梯對地面的壓力解法三：小孩對滑梯的壓力摩擦力對滑梯受力分析，有解得根據牛頓第三定律，滑梯對地面的壓力24.如圖甲所示，礦山利用傳送帶傳輸礦物，對其裝置簡化為如圖乙所示進行研究。粗糙傾斜軌道AB與水平傳送帶BC平滑連接，CD為光滑水平軌道，傳送帶與軌道無縫銜接，B、C、D在同一水平直線上，EF為一足夠長的水平接收裝置，E點位于D點正下方，DE間高度。可視為質點的礦物從A點靜止開始下滑，落到EF上時離E點的水平距離為x，已知AB軌道長、傾角，礦物與AB間的動摩擦因數，與傳送帶之間的動摩擦因數，傳送帶BC長，并以速度v沿順時針方向勻速轉動，為了確保輸送過程的穩定性與便捷性，傳送帶速度大小不能超過6m/s，重力加速度，，，不計空氣阻力。（1）求礦物運動到B點時速度的大小；（2）若傳送帶靜止，求x大小；（3）要使x最大，求傳送帶的速度大小范圍；（4）求x隨v變化的關系。【答案】（1）（2）（3）（4）綜上，當時，；當時，；當時，【解析】【小問1解析】根據牛頓第二定律：得根據勻變速直線運動規律得【小問2解析】在傳送帶上勻減速運動，根據牛頓第二定律得根據勻變速直線運動規律得根據平拋運動規律，解得【小問3解析】若礦物在傳送帶上一直做勻加速運動，則離開D點時的速度最大，x最大根據勻變速直線運動規律有得所以要使x最大，傳送帶的速度【小問4解析】①由（3）可知，當時，得：②由（2）可知若礦物在傳送帶上一直做減速運動，，則，得③當時，礦物離開C點時與傳送帶共速，即得綜上，當時，；當時，；當時，。麗水市2024學年第一學期普通高中教學質量監控高一物理試題卷（2025.1）考生須知：1．本卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，第Ⅰ卷（第1~18題，共54分），第Ⅱ卷（第19~23題，共46分）。滿分為100分，考試時間90分鐘。2．本卷答案必須做在答題卷的相應位置上，做在試題卷上無效。3．請用黑色簽字筆將姓名、準考證號、流水號分別填寫在答題卷的相應位置上。4．本卷中用到g數值的取10m/s2第Ⅰ卷選擇題部分一、單項選擇題（本題共18小題，每小題3分，共54分，每個小題只有一個選項符合題意，多選、錯選均不給分）1.在國際單位制中，力的單位符號是A.N B.s C.kg D.m【答案】A【解析】在國際單位制中，力的單位是牛頓，簡稱牛，符號是N．故A正確，BCD錯誤．2.下列說法正確的是（）A.速度越小的汽車其慣性也越小B.物體的速度越大，其加速度也越大C.牛頓通過斜面實驗總結出自由落體規律D.伽利略的理想斜面實驗說明了力不是維持物體運動的原因【答案】D【解析】A．質量是慣性的唯一量度，慣性與速度無關，質量大慣性大，A錯誤；B．力不是維持物體運動狀態的原因，力是改變物體運動狀態的原因，力是使物體產生加速度的原因，加速度由質量和力共同決定，與瞬時速度無關，B錯誤；C．伽利略通過斜面實驗總結出自由落體規律，C錯誤；D．伽利略理想斜面實驗說明了力不是維持物體運動的原因，D正確。故選D。3.四名運動員在標準田徑場上進行200m賽跑，如圖所示，他們從不同起點起跑，都順利地按規則要求完成了比賽，從起點到終點過程他們的（）A.位移相同 B.路程相等 C.平均速度相同 D.平均速率相同【答案】B【解析】A．每個運動員的起點和終點都不同，則位移不相同，選項A錯誤；B．每個運動員的路徑長度都是200m，則路程相等，選項B正確；C．因位移和時間都不同，則平均速度不相同，選項C錯誤；D．路程相同，但是時間不一定相等，可知平均速率不一定相同，選項D錯誤。故選B。4.2024年巴黎奧運會，中華健兒奮勇拼搏，取得優異成績。有關下列4個場景的說法正確的是（）A.在研究鄭欽文的接球技巧時，可將她看成質點B.劉煥華將杠鈴成功舉過頭頂堅持2秒獲得勝利，“2秒”是指時刻C.楊家玉獲得女子20公里競走冠軍，“20公里”指的是位移D.全紅嬋在跳水決賽中下落過程看到水面離自己越來越近是以自己為參考系【答案】D【解析】A．在研究鄭欽文的接球技巧時，其大小和形狀不能忽略不計，不可將她看成質點，選項A錯誤；B．劉煥華將杠鈴成功舉過頭頂堅持2秒獲得勝利，“2秒”是指時間間隔，選項B錯誤；C．楊家玉獲得女子20公里競走冠軍，“20公里”指的是路程，選項C錯誤；D．全紅嬋在跳水決賽中下落過程看到水面離自己越來越近是以自己為參考系，選項D正確。故選D。5.殲35A是我國自行研發的中型多用途隱身戰機。在2024年珠海航展上表演時，戰機沿曲線ab向上爬升，關于飛機所受合力的4種方向，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】飛機做曲線運動，所以飛機所受合力位于軌跡的凹側。故選C。6.如圖所示，一只風箏被細繩拉緊在天上飛舞，關于這只風箏的受力情況，下列說法正確的是（）A.只受重力作用 B.只受空氣作用力C.只受重力和細繩拉力 D.只受重力、空氣作用力和細繩拉力【答案】D【解析】風箏受重力、空氣作用力和細繩拉力作用。故選D。7.如圖所示為一小孩利用彈弓將彈珠打向前方空地，從橡皮筋（連同彈珠）拉長后離開手到彈珠將要離開橡皮筋這個過程，下列說法正確的是（）A.彈弓連同彈珠整體的重心位置始終不變B.彈弓橡皮筋的彈力是由于彈珠形變產生的C.橡皮筋給彈珠的力與彈珠給橡皮筋的力是一對平衡力D.橡皮筋給彈珠的力與彈珠給橡皮筋的力始終等大反向【答案】D【解析】A．該過程中，彈弓連同彈珠整體的形狀發生了變化，則重心位置發生變化，選項A錯誤；B．彈弓橡皮筋的彈力是由于橡皮筋的形變產生的，選項B錯誤；CD．橡皮筋給彈珠的力與彈珠給橡皮筋的力是一對作用和反作用力，始終等大反向，選項C錯誤，D正確。故選D。8.如圖所示，有人把4個相同的網球疊在一起，下方3個網球緊挨著放在水平地面上，其中一個網球記為B，網球A疊放在3個網球中間的正上方，已知每個網球質量均為m，下列說法正確的是（）A.下方3個球對A球的合力大于A球的重力B下方3個球與地面之間一定沒有摩擦力C.下方3個球受到地面的支持力大小均為D.將B球拿走后，剩下3個球仍能保持靜止【答案】C【解析】A．由平衡可知，下方3個球對A球的合力等于A球的重力，選項A錯誤；B．上面的一個球A對下面三個球的壓力有水平分量，由平衡可知，下方3個球與地面之間一定有摩擦力，選項B錯誤；C．對4個球的整體分析可知3FN=4mg可得下方3個球受到地面的支持力大小均為選項C正確；D．將B球拿走后，剩下3個球不能保持靜止，選項D錯誤。故選C。9.在皮劃艇賽事上成績卓越的慶元籍運動員王楠，在某次訓練中以恒定速率橫渡一條河，已知越接近河流中間水流速度越大，若她要以最短時間過河，則下列圖像中，皮劃艇渡河軌跡和皮劃艇朝向可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】若她要以最短時間過河，則船頭總是指向正對岸，因河水流速先增加后減小，即小船在平行河岸方向先加速后減速，根據加速度方向指向軌跡的凹向可知，圖像A是正確的。故選A。10.一個質量的物體只受到共面的三個力作用，大小分別為2N、6N、10N，方向可變，則物體的加速度大小不可能為（）A.1m/s2 B.3m/s2 C.6m/s2 D.12m/s2【答案】A【解析】2N、6N的合力范圍為則2N、6N、10N的合力范圍為根據牛頓第二定律可得聯立物體的加速度大小范圍為故選A。11.某物體以8m/s的初速度做勻加速直線運動，加速度為0.2m/s2，經時間t后速度變為12m/s，則以下選項正確的是（）A.運動時間 B.t時間內的位移為400mC.t時間內的平均速度是10m/s D.運動到100m處的速度是9m/s【答案】C【解析】ABC．根據勻變速直線運動速度時間關系可得運動時間t時間內的位移為t時間內的平均速度為故AB錯誤，C正確；D．根據可得運動到100m處的速度為故D錯誤。故選C。12.2024年6月，我國無人機成功飛越珠峰，體現了我國強大的無人機制造能力。如圖甲為某次無人機從地面開始向上起飛的場景，圖乙為它運動的速度—時間（）圖像，下列說法正確的是（）A.無人機有時向上運動有時向下運動B.無人機在至過程中先超重再失重C.無人機在至過程中受到的合力越來越大D.無人機在時的加速度大于在時的加速度【答案】B【解析】A．根據圖乙可知，無人機速度方向一直為正方向，所以無人機一直向上運動，故A錯誤；B．根據圖乙可知，無人機在至過程中先向上加速后向上減速，加速度方向先向上后向下，則無人機先超重再失重，故B正確；C．根據的切線斜率表示加速度，由圖乙可知，在至過程中無人機的加速度逐漸減小，根據牛頓第二定律可知，無人機受到的合力越來越小，故C錯誤；D．根據的切線斜率表示加速度，由圖乙可知，無人機在時的加速度小于在時的加速度，故D錯誤。故選B。13.用如圖所示的推車搬運貨物，推車的底板和背板互相垂直，工人緩慢下壓把手，使背板由豎直轉向水平，推車和貨物的狀態由圖甲變到圖乙。在該過程中不計貨物與推車間的摩擦力，貨物對底板的壓力為、對背板的壓力為。則該過程兩壓力大小變化情況是（）A.逐漸減小到零 B.先減小后增加C.增加到無窮大 D.先增加后減小【答案】A【解析】使背板由豎直轉向水平，設背板與豎直方向的夾角為，則從增加到；以貨物為對象，根據平衡條件可得，可知底板對貨物的支持力逐漸減小到零，背板對貨物的支持力逐漸增大到貨物重力；則貨物對底板的壓力逐漸減小到零，對背板的壓力逐漸增大到貨物重力。故選A。14.如圖所示，汽車車廂中懸掛著小燈籠串，車在平直道路上關閉門窗，向左勻加速直線運動，當小燈籠串相對車廂靜止時（車廂內無風擾動），下列各圖中燈籠串的狀態最有可能的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】車在平直道路上關閉門窗，向左勻加速直線運動，設加速度大小為，以下方n個燈籠為整體，根據牛頓第二定律可得可得可知燈籠偏離豎直方向的夾角與燈籠的個數無關，為定值。故選B。15.如圖所示，某“復興號”動車組在平直的軌道上行駛，共有8節車廂（第1、2、5、6車廂為動力車廂，其余4節為無動力車廂），設每節車廂質量、軌道阻力、空氣阻力均相同，當每節動力車廂牽引力大小均為F時，第3、4兩節車廂間的拉力大小為（）A.F B. C. D.【答案】B【解析】根據牛頓第二定律，對整體分析對前3節分析解得故選B。16.如圖所示，相同的三根彈簧，等間距地掛在水平橫桿上，彈簧下端分別掛上1個、2個、3個相同的鉤碼，靜止后彈簧下端位于同一條傾斜直線上。改變彈簧水平間距，改變鉤碼個數分別為2個、3個、4個，反復多次實驗，彈簧下端均位于同一條傾斜直線上。下列說法正確的是（）A.可以得出伸長量越大彈簧勁度系數越大B.不能得出彈力大小與伸長量成一次函數關系C.彈簧自身重力不會影響彈簧下端連線的傾斜程度D.掛4個鉤碼的彈簧可能已經超出彈簧的彈性限度【答案】C【解析】A．由胡克定律可知，在彈性限度內本題中彈簧下端分別掛上1個、2個、3個相同的鉤碼時，可知n為鉤碼個數，可見彈簧伸長量與所掛鉤碼個數成正比，故靜止后彈簧下端位于同一條傾斜直線上。由上述分析可知，本實驗無法得出伸長量越大彈簧勁度系數越大結論，A錯誤；B．由上述分析可知，本實驗可以得出彈力大小與伸長量成一次函數關系，B錯誤；C．由上述分析可知，彈簧自身重力不會影響彈簧下端連線的傾斜程度，C正確；D．改變鉤碼個數分別為2個、3個、4個，反復多次實驗，彈簧下端均位于同一條傾斜直線上，可見掛4個鉤碼的彈簧沒有超出彈簧的彈性限度，D錯誤。故選C。17.農民采用拋秧的方式種植水稻，如圖所示，甲、乙兩顆秧苗從同一位置以相同的速率同時拋出，運動軌跡在同一豎直面內，不計空氣阻力，關于甲、乙兩顆秧苗的判斷正確的是（）A.可能會在空中相遇 B.在空中的運動時間相等C.在軌跡最高點時的速度甲大于乙 D.在空中任意時間段的速度變化量方向相同【答案】D【解析】AB．秧苗做斜拋運動，豎直方向上升過程可逆向看成自由落體運動，根據，可知秧苗在空中的運動時間由高度決定，由題圖可知，甲秧苗的高度大于乙秧苗的高度，所以甲秧苗在空中的運動時間大于乙秧苗在空中的運動時間，由于甲、乙兩顆秧苗從同一位置同時拋出，到達兩軌跡相交點時，乙秧苗所用時間較短，所以甲、乙兩顆秧苗不可能會在空中相遇，故AB錯誤；C．從最高點到落地過程，根據，由于甲秧苗的高度較大，水平位移較小，則甲秧苗所用時間較長，甲秧苗在軌跡最高點時的速度小于乙，故C錯誤；D．兩顆秧苗在空中的加速度均為重力加速度，根據可知甲、乙兩顆秧苗在空中任意時間段的速度變化量方向相同，均豎直向下，故D正確。故選D。18.如圖所示，屋檐口滴下的水，長年累月水滴石穿。檐口到下方石板的高度為，若質量為1g的水滴從屋檐上由靜止開始落下，落到石板上濺起的最大高度為，水滴與石板間相互作用的時間為0.05s。不計空氣阻力，重力加速度，則水對石板豎直方向平均作用力大小約為（）A.0.26N B.0.14N C.0.026N D.0.014N【答案】A【解析】由可得，水滴落地時速度大小為水滴濺起時的速度大小為規定向上為正方向，對于水滴與石板間相互作用的過程應用動量定理解得故選A。非選擇題部分二、填空與實驗題（本題共2小題，共16分）19.某小組通過如圖甲裝置完成以下實驗：I．“練習使用打點計時器”；II．“探究小車速度隨時間變化的規律”；Ⅲ．“探究加速度與力、質量的關系”（1）用圖中器材完成實驗，采用的電源應選擇______（填“交流”或“直流”）______V（2）在完成實驗Ⅰ時，用手拉P端得到打點的紙帶，計算不同時刻的速度并描點如圖乙所示，以下兩幅圖的連線方式與小車運動變化規律最接近的是______（選填“A”、“B”）A.折線連線 B.平滑曲線連線（3）在實驗Ⅱ中，打出如圖丙所示的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G是打好的紙帶上6個連續的計數點（每兩點間還有四個點沒有畫出）。打下D點時小車的速度大小為______m/s，小車的加速度大小為______m/s2。（計算結果均保留三位有效數字）（4）有關I、II、III三個實驗，下列說法正確的是______A.三個實驗中細繩一定都要與軌道平行B.三個實驗都需要調節軌道傾角補償摩擦阻力C.實驗Ⅱ中，P端所掛鉤碼質量可以大于小車及車上鉤碼的總質量D.實驗Ⅲ中，P端所掛槽碼質量要遠小于小車及車上鉤碼的總質量【答案】（1）交流220（2）B（3）0.2630.496（4）CD【解析】【小問1解析】電火花計時器采用的電源應選擇220V交流電源。【小問2解析】描點連線時應該用平滑曲線連線，故選B。【小問3解析】相鄰計數點之間有四個計時點沒有畫出來，故計數周期為打下D點時小車的速度大小等于CE間的平均速度由逐差法可知小車的加速度為【小問4解析】A．“練習使用計時器”不需要細繩一定都要與軌道平行，A錯誤；B．“練習使用計時器”“探究小車速度隨時間變化的規律”不需要調節軌道傾角補償摩擦阻力，B錯誤；C．實驗Ⅱ“探究小車速度隨時間變化的規律”中，只要保證小車做勻加速直線運動即可，P端所掛鉤碼質量可以大于小車及車上鉤碼的總質量，C正確；D．實驗Ⅲ“探究加速度與力、質量的關系”中，當P端所掛槽碼質量要遠小于小車及車上鉤碼的總質量時，繩子拉力近似等于槽碼重力，故需要P端所掛槽碼質量要遠小于小車及車上鉤碼的總質量，D正確。故選CD。20.某小組做“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗，裝置如圖甲所示，（1）關于該實驗，下列說法正確的是______A.該實驗采用的物理思想方法是控制變量法B.測力計外殼接觸到白紙不會影響實驗結果C.兩個測力計拉細繩時，兩細繩的夾角越大越好D.同一次實驗中只要將橡皮筋拉伸相同長度即可（2）某次實驗中彈簧測力計示數如圖甲所示，其讀數為______N。【答案】（1）B（2）2.08##2.09##2.10##2.11##2.12【解析】【小問1解析】A．該實驗采用的物理思想方法是等效替代法，選項A錯誤；B．測力計外殼接觸到白紙不會影響實驗結果，選項B正確；C．兩個測力計拉細繩時，兩細繩的夾角大小要適當，并非越大越好，選項C錯誤；D．同一次實驗中要將結點拉到相同的位置，只將橡皮筋拉伸相同長度不一定保證與原來等效，選項D錯誤。故選B。【小問2解析】彈簧測力計最小可度為0.1N，則其讀數為2.10N。21.某小組做“探究平拋運動的特點”的實驗：（1）探究一：用如圖甲、乙兩種裝置研究平拋運動，以下說法正確的是______A.圖甲探究平拋運動豎直方向的運動規律B.圖甲探究平拋運動水平方向的運動規律C.圖乙探究平拋運動豎直方向的運動規律D.圖乙探究平拋運動水平方向的運動規律（2）探究二：用如下圖裝置通過多次描點獲得小球平拋運動的軌跡，其中斜槽軌道末端已經調整正確的是______A. B. C.（3）用題（2）中的裝置做實驗，如下圖丙所示為小球在斜槽軌道末端時的位置示意圖，1、2、3、4點分別表示小球最高點、球心、最低點、右端點水平投影在豎直板上的位置，小球拋出點的位置應是______（選填數字1、2、3、4）。（4）在實驗中，將白紙換成方格紙，方格紙的豎直線與重錘線平行，方格紙的每個小方格邊長。實驗記錄了小球在運動中的4個點跡，如圖丁所示，則小球在C點時的速度大小為______m/s，g取10m/s2。【答案】（1）AD（2）C（3）2（4）2.5【解析】【小問1解析】AB．圖甲中兩小球豎直方向有相同的運動情況，探究平拋運動豎直方向的運動規律，故A正確，B錯誤；CD．圖乙中兩小球水平方向有相同的運動情況，探究平拋運動水平方向的運動規律，故C錯誤，D正確。故選AD。【小問2解析】為了保證小球拋出時的速度