陜西省西安市慶安初級中學2025屆八下數學期末復習檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（每題4分，共48分）1．用配方法解方程配方正確的是（）A． B． C． D．2．下列函數中，圖像不經過第二象限的是（）A． B． C． D．3．數據2，3，5，5，4的眾數是（）.A．2 B．3 C．4 D．54．將正比例函數y=2x的圖象向下平移2個單位長度，所得圖象對應的函數解析式是（）A．y=2x-1 B．y=2x+2C．y=2x-2 D．y=2x+15．彈簧掛上物體后伸長，已知一彈簧的長度（cm）與所掛物體的質量（kg）之間的關系如下表：下列說法錯誤的是（）物體的質量（kg）012345彈簧的長度（cm）1012.51517.52022.5A．在沒掛物體時，彈簧的長度為10cmB．彈簧的長度隨物體的質量的變化而變化，物體的質量是因變量，彈簧的長度是自變量C．如果物體的質量為mkg，那么彈簧的長度ycm可以表示為y=2.5m+10D．在彈簧能承受的范圍內，當物體的質量為4kg時，彈簧的長度為20cm6．下列命題中，錯誤的是（）A．平行四邊形的對角線互相平分B．菱形的對角線互相垂直平分C．矩形的對角線相等且互相垂直平分D．角平分線上的點到角兩邊的距離相等7．如圖所示，在平面直角坐標系中，的頂點坐標是，頂點坐標是、則頂點的坐標是（）A． B．C． D．8．在下述命題中,真命題有（）（1）對角線互相垂直的四邊形是菱形；（2）三個角的度數之比為的三角形是直角三角形；（3）對角互補的平行四邊形是矩形；（4）三邊之比為的三角形是直角三角形..A．個 B．個 C．個 D．個9．在?ABCD中，∠A：∠B：∠C＝1：2：1，則∠D等于（）A．0° B．60° C．120° D．150°10．某正比例函數的圖象如圖所示，則此正比例函數的表達式為（）A．y=x B．y=x C．y=-2x D．y=2x11．甲、乙二人在相同情況下，各射靶10次，兩人命中環數的平均數都是7，方差S甲2=3，S乙A．甲 B．乙 C．一樣 D．不能確定12．兩組數據：98,99,99,100和98.5,99,99,99.5，則關于以下統計量說法不正確的是()A．平均數相等B．中位數相等C．眾數相等D．方差相等二、填空題（每題4分，共24分）13．某校規定：學生的數學期未總計成須由卷面成績、研究性學習成績、平時成績三部分構成，各部分所占比例如圖所示.小明本學期數學學科的卷面成績、研究性學習成績、平時成績得分依次為90分、80分、85分，則小明的數學期末總評成績為________分.14．如圖，一次函數y=kx+b與x軸、y軸分別交于A、B兩點，則不等式kx+b﹣1＞0的解集是_____．15．將正比例函數的圖象向上平移3個單位，所得的直線不經過第______象限．16．小明的生日是6月19日，他用6、1、9這三個數字設置了自己旅行箱三位數字的密碼，但是他忘記了數字的順序，那么他能一次打開旅行箱的概率是__________.17．如圖，在直角坐標平面內的△ABC中，點A的坐標為（0，2），點C的坐標為（5，5），如果要使△ABD與△ABC全等，且點D坐標在第四象限，那么點D的坐標是__________；18．一輛汽車的行駛距離s(單位：m)與行駛時間t(單位：s)的函數關系式是s＝9t+，則汽車行駛380m需要時間是______s.三、解答題（共78分）19．（8分）如圖1，正方形ABCD中，E為BC上一點，過B作BG⊥AE于G，延長BG至點F使∠CFB=45°（1）求證：AG=FG；（2）如圖2延長FC、AE交于點M，連接DF、BM，若C為FM中點，BM=10，求FD的長．20．（8分）如圖，利用一面墻(墻的長度不限)，用20m長的籬笆圍成一個面積為50m2矩形場地，求矩形的寬BC．21．（8分）甲、乙兩車都從A地前往B地，如圖分別表示甲、乙兩車離A地的距離S（千米）與時間t（分鐘）的函數關系.已知甲車出發10分鐘后乙車才出發，甲車中途因故停止行駛一段時間后按原速繼續駛向B地，最終甲、乙兩車同時到達B地，根據圖中提供的信息解答下列問題：（1）甲、乙兩車行駛時的速度分別為多少？（2）乙車出發多少分鐘后第一次與甲車相遇？（3）甲車中途因故障停止行駛的時間為多少分鐘？22．（10分）如圖,平行四邊形ABCD的兩條對角線相交于O,且AC平分∠DAB(1)求證:四邊形ABCD是菱形(2)若AC=16,BD=12,試求點O到AB的距離.23．（10分）某區舉行“中華誦經典誦讀”大賽，小學、中學組根據初賽成績，各選出5名選手組成小學代表隊和中學代表隊參加市級決賽，兩個代表隊各選出的5名選手的決賽成績分別繪制成下列兩個統計圖根據以上信息，整理分析數據如下：平均數（分中位數（分眾數（分小學組85100中學組85（1）寫出表格中，，的值：，，．（2）結合兩隊成績的平均數和中位數進行分析，哪個隊的決賽成績較好？（3）計算兩隊決賽成績的方差，并判斷哪一個代表隊選手成績較穩定．24．（10分）如圖，點A的坐標為（﹣32（1）求過A，B兩點直線的函數表達式；（2）過B點作直線BP與x軸交于點P，且使OP=2OA，求△ABP的面積．25．（12分）如圖，在四邊形ABCD中，AD∥BC，BD⊥AD，點E，F分別是邊AB，CD的中點，且DE=BF.求證：四邊形ABCD是平行四邊形.26．如圖直線y＝2x+m與y＝(n≠0)交于A，B兩點，且點A的坐標為(1，4)．(1)求此直線和雙曲線的表達式；(2)過x軸上一點M作平行于y軸的直線1，分別與直線y＝2x+m和雙曲線y＝(n≠0)交于點P，Q，如果PQ＝2QM，求點M的坐標．

參考答案一、選擇題（每題4分，共48分）1、A【解析】

本題可以用配方法解一元二次方程，首先將常數項移到等號的右側，將等號左右兩邊同時加上一次項系數一半的平方，即可將等號左邊的代數式寫成完全平方形式．【詳解】解：，，∴，．故選：．【點睛】此題考查配方法的一般步驟：①把常數項移到等號的右邊；②把二次項的系數化為1；③等式兩邊同時加上一次項系數一半的平方．選擇用配方法解一元二次方程時，最好使方程的二次項的系數為1，一次項的系數是2的倍數．2、B【解析】

根據一次函數的性質，逐個進行判斷，即可得出結論．【詳解】各選項分析得：A.k=3>0，b=5>0，圖象經過第一、二、三象限；B.k=3>0，b=?5<0，圖象經過第一、三、四象限；C.k=?3<0，b=5>0，圖象經過第一、二、四象限；D.k=?3<0，b=?5<0，圖象經過第二、三、四象限.故選B.【點睛】此題考查一次函數的性質，解題關鍵在于掌握一次函數的性質.3、D【解析】

由于眾數是一組數據中出現次數最多的數據，注意眾數可以不止一個，由此即可確定這組數據的眾數．【詳解】解：∵1是這組數據中出現次數最多的數據，

∴這組數據的眾數為1．

故選：D．【點睛】本題屬于基礎題，考查了確定一組數據的眾數的能力，解題關鍵是要明確定義，讀懂題意．4、C【解析】

根據“上加下減”的原則求解即可．【詳解】將正比例函數y=1x的圖象向下平移1個單位長度，所得圖象對應的函數解析式是y=1x-1．故選C．【點睛】本題考查的是一次函數的圖象與幾何變換，熟知函數圖象變換的法則是解答此題的關鍵．5、B【解析】

因為表中的數據主要涉及到彈簧的長度和所掛物體的重量，所以反映了所掛物體的質量和彈簧的長度之間的關系，所掛物體的質量是自變量；彈簧的長度是因變量；由已知表格得到彈簧的長度是y=10+2.5m，質量為mkg，y彈簧長度；彈簧的長度有一定范圍，不能超過．【詳解】解：A．在沒掛物體時，彈簧的長度為10cm，根據圖表，當質量m=0時，y=10，故此選項正確，不符合題意；B、反映了所掛物體的質量和彈簧的長度之間的關系，所掛物體的質量是自變量；彈簧的長度是因變量，故此選項錯誤，符合題意；C、當物體的質量為mkg時，彈簧的長度是y=12+2.5m，故此選項正確，不符合題意；D、由C中y=10+2.5m，m=4，解得y=20，在彈簧的彈性范圍內，故此選項正確，不符合題意；故選B．點評：此題考查了函數關系式，主要考查了函數的定義和結合幾何圖形列函數關系式．函數的定義：在一個變化過程中，有兩個變量x，y，對于x的每一個取值，y都有唯一確定的值與之對應，則y是x的函數，x叫自變量．6、C【解析】試題分析：根據平行四邊形的性質對A進行判斷；根據菱形的性質對B進行判斷；根據矩形的性質對C進行判斷；根據角平分線的性質對D進行判斷．解：A、平行四邊形的對角線互相平分，所以A選項的說法正確；B、菱形的對角線互相垂直平分，所以B選項的說法正確；C、矩形的對角線相等且互相平分，所以C選項的說法錯誤；D、角平分線上的點到角兩邊的距離相等，所以D選項的說法正確．故選C．7、A【解析】

此題可過P作PE⊥OM，過點N作NF⊥OM，根據勾股定理求出OP的長度，則N點坐標便不難求出．【詳解】過P作PE⊥OM，過點N作NF⊥OM，∵頂點P的坐標是(3,4)，∴OE=3,PE=4,∵四邊形ABCD是平行四邊形，∴OE=MF=3，∵4+3=7，∴點N的坐標為(7,4).故選A.【點睛】此題考查平行四邊形的性質，坐標與圖形性質，解題關鍵在于作輔助線.8、C【解析】

根據矩形、菱形、直角三角形的判定定理對四個選項逐一分析．【詳解】解：（1）對角線平分且互相垂直的四邊形是菱形，故錯誤；（2）180°÷8×4=90°，故正確；（3）∵平行四邊形的對角相等，又互補，∴每一個角為90°∴這個平行四邊形是矩形，故正確；（4）設三邊分別為x，x：2x，∵∴由勾股定理的逆定理得，這個三角形是直角三角形，故正確；∴真命題有3個，故選：C．【點睛】本題考查的知識點：矩形、菱形、直角三角形的判定，解題的關鍵是熟練掌握這幾個圖形的判定定理.9、C【解析】

在□ABCD中，，，而且四邊形內角和是，由此得到，．【詳解】解：在□ABCD中，，∴又∵，∴，．故選：C．【點睛】本題主要考查四邊形的內角和定理及平行四邊形的性質，利用平行四邊形的性質尋找各角之間的關系是解題的關鍵．10、A【解析】

本題可設該正比例函數的解析式為y=kx，然后結合圖象可知，該函數圖象過點A（-2，1），由此可利用方程求出k的值，進而解決問題．【詳解】解：正比例函數的圖象過點M(?2,1)，∴將點(?2,1)代入y=kx，得：1=?2k，∴k=﹣，∴y=﹣x，故選A．【點睛】本題考查了待定系數法求正比例函數解析式，牢牢掌握該法求函數解析式是解答本題的關鍵．11、B【解析】

根據方差的定義，方差越小數據越穩定．【詳解】解：∵兩人命中環數的平均數都是7，方差S甲2=3，S乙2=1.8，∴S甲2＞S乙2，∴射擊成績較穩定的是乙；故選：B．【點睛】本題考查了方差的意義．方差是用來衡量一組數據波動大小的量，方差越大，表明這組數據偏離平均數越大，即波動越大，數據越不穩定；反之，方差越小，表明這組數據分布比較集中，各數據偏離平均數越小，即波動越小，數據越穩定．12、D【解析】

根據平均數的計算公式、眾數和中位數的概念以及方差的計算公式計算，判斷即可．【詳解】14（98+99+99+100）=99，14（98.5+99+99+99.5）=99，平均數相等，兩組數據：98，99，99，100和98.5，99，99，99.5的中位數都是99，眾數是99，則中位數相等，眾數相等，B、C不合題意；14[（98﹣99）2+（99﹣99）2+（99﹣99）2+[100﹣99）2]=12，14[（98.5﹣99）2+（99﹣99）2+（99﹣99）2+[99.5﹣99）故選D．【點睛】本題考查了平均數、眾數、中位數和方差，掌握它們的概念以及計算公式是解題的關鍵．二、填空題（每題4分，共24分）13、1【解析】

按統計圖中各部分所占比例算出小明的期末數學總評成績即可．【詳解】解：小明的期末數學總評成績=90×60%+80×20%+85×20%=1（分）．故答案為1．14、x＜1【解析】

由一次函數y=kx+b的圖象過點（1，1），且y隨x的增大而減小，從而得出不等式kx+b﹣1＞1的解集．【詳解】由一次函數的圖象可知，此函數是減函數，即y隨x的增大而減小，∵一次函數y=kx+b的圖象與y軸交于點（1，1），∴當x＜1時，有kx+b﹣1＞1．故答案為x＜1【點睛】本題考查的是一次函數與一元一次不等式，能利用數形結合求出不等式的解集是解答此題的關鍵．15、三【解析】

根據函數的平移規律，一次函數的性質，可得答案．【詳解】由正比例函數的圖象向上平移3個單位，得，一次函數經過一二四象限，不經過三象限，故答案為：三．【點睛】本題考查了一次函數圖象與幾何變換，利用函數的平移規律：上加下減，左加右減是解題關鍵．16、【解析】

首先利用列舉法可得：等可能的結果有：619，691，169，196，961，916；然后直接利用概率公式求解即可求得答案．【詳解】解：∵等可能的結果有：619，691，169，196，961，916；∴他能一次打開旅行箱的概率是：，故答案為：．【點睛】此題考查了列舉法求概率的知識．用到的知識點為：概率=所求情況數與總情況數之比．17、（3，-3）【解析】

根據全等三角形的性質，三條對應邊均相等，又頂點C與頂點D相對應，所以點D與C關于AB對稱，即點D與點C對與AB的相對位置一樣．【詳解】解：∵△ABD與△ABC全等，

∴C、D關于AB對稱，頂點C與頂點D相對應，即C點和D點到AB的相對位置一樣．

∵由圖可知，AB平行于x軸，

∴D點的橫坐標與C的橫坐標一樣，即D點的橫坐標為3．

又∵點A的坐標為（0，2），點C的坐標為（3，3），點D在第四象限，

∴C點到AB的距離為2．

∵C、D關于AB軸對稱，

∴D點到AB的距離也為2，

∴D的縱坐標為-3．

故D（3，-3）．18、20【解析】

令S＝380m，即可求出t的值．【詳解】解：當s＝380m時，9t+t2＝380，整理得t2+18t﹣760＝0，即(t﹣20)(t+38)＝0，解得t1＝20，t2＝﹣38(舍去)．∴行駛380米需要20秒，故答案為：20【點睛】本題主要考查根據函數值求自變量的值，能夠利用方程的思想是解題的關鍵．三、解答題（共78分）19、（1）證明見解析；（2）25．【解析】試題分析：（1）證明：過C點作CH⊥BF于H點∵∠CFB=45°∴CH=HF∵∠ABG+∠BAG=90°，∠FBE+∠ABG=90°∴∠BAG=∠FBE∵AG⊥BFCH⊥BF∴∠AGB=∠BHC=90°在△AGB和△BHC中∵∠AGB=∠BHC，∠BAG=∠HBC，AB=BC∴△AGB≌△BHC∴AG=BH，BG=CH∵BH=BG+GH∴BH=HF+GH=FG∴AG=FG(2)∵CH⊥GF∴CH∥GM∵C為FM的中點∴CH=12GM∴BG=1∴BG=25，GM=45（1分）∴AG=∴HF=25∴CF=25×2過B點作BK⊥CM于K∵CK=12CM=12過D作DQ⊥MF交MF延長線于Q∴△BKC≌△CQD∴CQ=BK=3DQ=CK=10∴QF=310－210=10∴DF=10+10考點：三角形和正方形點評：本題考查三角形和正方形的知識，解本題的關鍵是熟練掌握三角形和正方形的一些性質，此題難度較大20、5m【解析】

設矩形的寬BC=xm.根據面積列出方程求解可得.【詳解】解：設矩形的寬BC=xm.則AB=(20-2x)m，根據題意得：x(20-2x)=50，解得：，答：矩形的寬為5m.【點睛】此題考查了一元二次方程的應用,列方程時要找到題目中的等量關系，所求得的解要符合實際情況.21、（1）甲車的速度是千米每分鐘,乙車的速度是1千米每分鐘；（2）乙車出發20分鐘后第一次與甲車相遇；（3）甲車中途因故障停止行駛的時間為25分鐘．【解析】

（1）分別根據速度=路程÷時間列式計算即可得解；（2）設甲車離A地的距離S與時間t的函數解析式為s=kt+b（k≠0），利用待定系數法求出乙函數解析式，再令s=20求出相應的t的值，然后求解即可；（3）求出甲繼續行駛的時間，然后用總時間減去停止前后的時間，列式計算即可得解．【詳解】解：（千米/分鐘），∴甲車的速度是千米每分鐘．（千米/分鐘），∴乙車的速度是1千米每分鐘．（2）設甲車離A地的距離S與時間t的函數解析式為：（）將點（10,0）（70,60）代入得：解得：，即當y=20時，解得t=30，∵甲車出發10分鐘后乙車才出發，∴30-10=20分鐘，乙車出發20分鐘后第一次與甲車相遇.（3）∵（分鐘）∵70-30-15=25（分鐘），∴甲車中途因故障停止行駛的時間為25分鐘．22、（1）證明見解析；（2）4.8【解析】

(1)由平行四邊形的對邊平行得∠DAC=∠BCA，由角平分線的性質得∠DAC=∠BAC，即可知∠BCA=∠BAC，從而得AB=BC，即可得證；(2)由菱形的對角線互相垂直且平分得AO=8、BO=6且∠AOB=90°，利用勾股定理得AB=10，根據S△AOB=AB?h=AO?BO即可得答案．【詳解】(1)∵平行四邊形ABCD，∴AD//BC，∴∠DAC=∠BCA，∵AC平分∠DAB，∴∠CAD=∠BAC，∴∠ACB=∠BAC，∴AB=BC，∴ABCD是菱形；(2)∵四邊形ABCD是菱形，AC=16，BD=12，所以AO=8，BO=6，∵∠AOB=90°，∴AB==10，設O點到AB的距離為h，則S△AOB=AB?h=AO?BO，即：×10h=×8×6，解得h=4.8，所以O點到AB的距離為4.8.【點睛】本題考查了平行四邊形的性質，菱形的判定與性質及勾股定理，熟練掌握菱形的判定與性質是見本題的關鍵.23、（1）1，80，1；（2）從平均數和中位數進行分析，中學組代表隊的決賽成績較好；（3）中學組代表隊選手成績較穩定．【解析】

（1）根據平均數、中位數、眾數的計算方法，通過計算得出答案，（2）從平均數和中位數兩個方面進行比較、分析得出結論，（3）利用方差的計算公式，分別計算兩個組的方差，通過比較得出答案．【詳解】（1）中學組的平均數分；小學組的成績：70、75、80、100、100因此中位數為：80；中學組出現次數最多的分數是1分，所有眾數為1分；故答案為：1，80，1．（2）從平均數上看，兩個隊都是1分，但從中位數上看中學組1分比小學組的80分要好，因此從平均數和中位數進行分析，中學組的決賽成績較好；答：從平均數和中位數進行分析，中學組代表隊的決賽成績較好．（3），中學組的比較穩定．答：中學組代表隊選手成績較穩定．【點睛】考查從統計圖、統計表中獲取數據的能力，以及平均數、中位數、眾數、方差的意義和計算方法、明確各個統計量反映一組數據哪些特征，即要對一組數據進行分析，需要利用哪個統計量．24、（1）過A，B兩點的直線解析式為y=2x+3；（2）△ABP的面積為274或9【解析】

（1）設直線l的解析式為y=ax+b，把A、B的坐標代入求出即可；（2）分為兩種情況：①當P在x軸的負半軸上時，②當P在