合肥一中2024~2025學年度高三第二次教學質量檢測物理試題特別鳴謝：合肥市第一中學鄭州外國語學校（考試時間：滿分：注意事項：12．答題前，務必在答題卡和答題卷規定的地方填寫自己的姓名、準考證號和座位號后兩位。2B用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。05毫米的黑色墨水簽字筆描清楚。3．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．無效。．．4．考試結束，務必將答題卡和答題卷一并上交。一、選擇題：本題共10小題。在每小題給出的四個選項中第1~8題只有一項符合題目要求，每題4分；第9~10題有多項符合題目要求年部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．下列四個圖中是四個物體的a一t圖，初速度均為零，則哪個物體一段時間后會回到出發點（）A．B．C．D．2．2024年9月18日，20時08分在安徽合肥市肥東縣（北緯31.98度，東經度）發生4.7級地震。某研究性學習小組研制了一種簡易地震儀，由豎直彈簧振子P和水平彈簧振子Q組成，兩振子所用彈簧完P的質量小于QP3s后Q定時段P的振幅大于Q的振幅。從震后的媒體報道中獲悉，此次地震的震源位于地震儀正下方，地震波中的橫波和縱波傳播速率分別約為4km/s和6km/s）A．震源距地震儀約10kmB．震源距地震儀約36kmC．此地震波橫波的振幅一定小于縱波的振幅D．此地震波橫波的頻率一定大于縱波的頻率3．有QN三物塊質量均為m，它們豎直疊放在水平面上且處于靜止狀態，現對Q施加一個水平向右的推力，三個物塊依然保持靜止狀態，則施加力F之后（）APQ兩物體之間的摩擦力增大BQN兩物體之間的摩擦力減小CQ一定受到6個力的作用DQN兩物體之間的壓力增大4．黑洞是存在于宇宙空間中的一種特殊天體。人們可以通過觀測黑洞外的另一個天體（也稱伴星）的光譜vc人們在地球上觀測到的伴星光譜譜線的波長λ′=+λλ1cvGc和光源靜止時的譜線波長λ，不考慮宇宙膨脹和黑洞引力導致的譜線波長變化，下列說法正確的是（）A．觀測到伴星光譜譜線的波長λ′<λ，對應著伴星向遠離地球的方向運動B．觀測到伴星光譜譜線波長的最大值，對應著伴星在圖中AC．根據伴星光譜譜線波長變化的周期和最大波長可以估測黑洞的密度D．根據伴星光譜譜線波長變化的周期和最大波長可以估測伴星運動的半徑51m的O2.8m的P10m/s18m/sO位置。已知排球的質量約為0.3kgg取0m/s2，忽略空氣阻力，則（）A．排球沿軌跡①運動的時間為0.6sBOP兩位置的水平距離為10.8mC10m/sD．乙對排球做的功約為6．隨著科技的發展，無人機越來越多的走進人們的生活。如圖是一架無人機正在對一只趴在地上不動的小刺猬進行拍攝。無人機在刺猬的上空以刺猬所在豎直線為中軸線，在水平面內做勻速圓周運動，已知無人10機的質量為m=，飛行的角速度大小為ω=/s，無人機到小刺猬的距離為r=5m，其軌道2中心距小刺猬高度為h=4m，小刺猬和無人機均可看作質點，重力加速度g取0m/s2，下列說法正確的是（）A．空氣對無人機的作用力方向豎直向上B．空氣對無人機的作用力大小為C．由于無人機飛行時要消耗電能，所以其機械能是不斷增加的DB刺猬為37．某實驗興趣小組對新能源車的加速性能進行探究。他們根據自制的電動模型車模擬汽車啟動狀態，并且1通過傳感器，繪制了模型車從開始運動到剛獲得最大速度過程中速度的倒數和牽引力Fv1?F如圖所示。已知模型車的質量m=1kg，行駛過程中受到的阻力恒定，整個過程時間持續5sv得最大速度為4m/s，則下列說法正確的是（）A．模型車受到的阻力大小為B．模型車勻加速運動的時間為2sC．模型車牽引力的最大功率為D．模型車運動的總位移為14m8θ=°0=16m/s從h=20.4m的高臺由靜止開始運送到地面，煤塊可看做質點，已知煤塊的質量為m=1kg，煤塊與傳送帶之間的動摩擦因數為μ=0.25，重力加速度為g=10m/s2，sin37°=0.6，37°=0.8，煤塊由高臺運送到地面的過程中，下列說法正確的是（）A．運送煤塊所用的時間為4.125sB．煤塊與傳送帶之間因摩擦產生的熱量為32JC．摩擦力對煤塊做的功為－4JD．煤塊的機械能減少了9m的物塊在空中某一位置以大小為0t0重力加速度為，則在這段時間t內下列說法正確的是（）A．風力方向一定水平向左B．風力對物體做負功1C．物體機械能減少2t2D．風力對物體的沖量大小為4m20+m2g2t2210θBB處于靜止狀態，現將物塊A置于斜面上BA的位置為原點Ox系，某時刻釋放物塊AA與物塊B碰撞后以共同速度沿斜面向下運動，碰撞時間極短，測得物塊A的動能E與其位置坐標x0~xABk1均可視為質點，彈簧始終處于彈性限度內，不計空氣阻力，已知x，x，x，E）123A．物塊A、B的質量之比為1:3BA與B碰撞后，A在3位置處加速度最大CA與B碰撞后，A在x位置處彈簧壓縮量為x?x221ED．彈簧的勁度系數為(?)xxx121二、實驗題（本題共2小題共15分）6分）某同學在一次“用單擺測定重力加速度”的實驗中先用刻度尺量出懸點到小球的距離99.00cm，后用游標卡尺測得小球直徑如下圖（）所示，該同學為減少實驗誤差，對同一擺長的單擺進行3次周期測量，每次是在擺球通過最低點時，按下秒表開始計時，同時將此次通過最低點作為第一次，接著記錄通過最低點的次數，一直數到計時終止，結果如下圖（）表所示：123數的次數617181時間（）60.4070.6079.80圖（）則（）小球直徑是______cm，（2）這個單擺振動周期的測定值是______s，當地重力加速度的值是______m/s2129分）為了驗證動能定理，某同學利用下面這個實驗裝置進行操作，如圖所示。實驗過程中他的操作步驟如下：①②③④⑤用天平稱出滑塊、遮光條和拉力傳感器的總質量M，以及托盤和砝碼質量m；用游標卡尺測量遮光條的寬度d；在水平桌面上放置氣墊導軌，將它調至水平；由導軌標尺讀出兩光電門中心之間的距離；將滑塊移至光電門1左側某處，待托盤靜止不動時，釋放滑塊，從固定在滑塊上的拉力傳感器讀出細線拉力的大小，從數字計時器讀出遮光條通過光電門1的時間t，通過光電門2的時間?t；12回答下列問題：______2）關于本實驗，某同學提出如下觀點，其中正確的是______；（（A．理論上，遮光條的寬度越窄，遮光條通過光電門的平均速度越接近瞬時速度B，牽引滑塊的細繩應與導軌平行C．需要考慮托盤和砝碼受到的空氣阻力對實驗結果產生的影響D．托盤和砝碼的總質量m必須遠小于滑塊、遮光條和拉力傳感器的總質量M（）即使不計空氣阻力，本實驗在理論上也是存在系統誤差的，因為遮光條寬度的影響，實驗中測得的速W與EW______E合k合k三、計算題（本題3小題，題10分，題分，15題分，共分。要求每題寫出解1310A點由靜止開始滑BCm=60.0kg，滑板與斜坡滑道和水平滑道間的動摩擦因數均為μ=0.5，斜坡的傾角θ=°（sin37°=0.6，37°=0.8靜止且可以看作質點，重力加速度取g=10m/s2。求：（1）人從斜坡上滑下的加速度為多大?（2）若由于場地的限制，水平滑道的最大長度L=20.0m，則斜坡上B兩點間的距離應不超過多少?1415分）如圖，輕質彈簧的一端固定在水平地面上，另一端與質量為M=0.5kg的薄木板A相連，質量為1=的小球B放在木板Ak=200N/mF=20N的力作用在B上使系統處于靜止狀態，在B正上方處有一固定的四分之一內壁光滑的豎直圓弧軌道，軌道半徑R=，軌道下端P點距離靜止時薄木板A高度為h=0.2m。撤去外力F后，B豎直上升剛好能到達P點，求：（（1）撤去外力FA對B的彈力大小；2）若將B球換成質量為2=的C球，再次用外力壓到原來相同位置保持靜止，隨后撤去外力，則判斷小球C能不能到達Q?若能到達則小球C在Q點時對軌道的壓力為多少?15分）如圖所示，6個相同的扁長木板一個緊挨一個放在水平地面上，每個木板的質量m=L=1.0m1=0.05質量為M=1.0kg的小鉛塊，它與木板間的動摩擦因數為μ=0.20。現突然給鉛塊一個向右的初速度v，20g=10m/s2，鉛塊線度遠小于（10=4m/s，試畫出第三個木塊所受地面摩擦力ft的圖像20=25m/s，求鉛塊到停下運動的位移?（合肥一中2024~2025學年度高三第二次教學質量檢測物理參考試卷題號12345678910答案BBDDBDDCBDABD12．答案：B．答案：Bxx解析：設震源距地震儀的距離為，有?=3s解得x=36kmA錯誤，B正確；C．因為地4km/s6km/s震是一個不穩定的振動，題中只是某個穩定時段P的振幅大于Q的振幅，所以不能確定地震波橫波的振幅和縱波的不同時間段振幅大小關系，C錯誤；D．由于是同一震源，所以地震波的橫波和縱波頻率相同，D錯誤。故選。3D4Dvcλ′=+λ1【解析】A．由于題中規定地球的視向方向為v的正方向，且當觀測到伴星光譜譜線的波長λ′<λ，表明v為負值，則v的方向與視向方向相反，即對應著伴星向靠近地球的方向運動，故A錯誤；Bv即該位置對應著伴星在圖中A位置關于黑洞對稱的位置，故B錯誤；D長的最大值位置對應著伴星在圖中A位置關于黑洞對稱的位置，此時分速度即等于伴星繞黑洞圓周運動的vλ線速度，令最大波長與伴星繞黑洞圓周運動的線速度分別為λ、v，則有λ=1+0c000(λ?0)2r根據線速與周期的關系有0=解得r=故D正確；T2λ4π2rCG=m結合上述可以求出黑洞的質量，r2T2但是，由于不知道黑洞自身的半徑，因此無法求出黑洞的密度，故C錯誤。故選D。．答案：B51【詳解】B．對于軌跡②的運動，豎直方向有h=222×(2.81?)2h解得t==s=g10=′=×=，可知OP兩位置的水平距離為10.8m，故B正確；AC．排球沿軌跡①做斜拋運動，豎直方向上做豎直上拋運動，在最高點豎直速度為0，水平方向做勻速直線運動，豎直方向上運動距離h′>=水平方向有xvt180.6m10.8mh1m?=則排球沿軌跡①運動的時間大于0.6s，且最高點的速度小于10m/s，故AC錯誤；′D．設乙將排球擊出的速度為v，在P點由動能定理可知，乙對排球所做的功為12121=mv′2?mv2=××(?)=0.3182102J33.6J，故D錯誤。故選。W乙26．答案：D【詳解】A．對無人機受力分析，如圖所以空氣對無人機的作用力方向與豎直向上成θ角，故A錯誤；B．因為無人機在水平面內做勻速圓周運動，由牛頓第二定律F=ω2合由幾何關系R=r?h2，其中2F2合=F?(mg222聯立解得，空氣對無人機的作用力大小為F=20NB錯誤；CC錯誤；D．當無人機運動到B點時，突然從無人機上掉落一個小物體，小物體做平拋運動，則1h=gt2，x==ωt，聯立可得x=32m2作出物體下落過程中的俯視圖，如圖所示2()則小物體落地時距離小刺猬為．答案：Ds=R2+x2=2+32m=3，故D正確。故選D。711【詳解】A．根據P=Fv，可得=?FvP結合圖線的斜率可得P=即模型車的速度從2m/s增加至4m/s力等于阻力，根據圖像可知，在F=2N時速度達到最大值，因此有F=f=2N，故A錯誤；B．由圖像可知小車初始牽引力為4N，且勻加速結束時模型車的速度大小1=2m/s，根據牛頓第二定律有F?f=，解得加速度a=2m/s21a根據勻變速直線運動，速度與時間的關系可得勻加速運動的時間t==，故B1C．根據以上分析可知，模型車牽引力功率最大時即為勻加速結束時獲得的功率，可知最大功率為8WC錯誤；D．根據題意，模型車速度達到最大用時5s，而勻加速階段用時，則可知，模型車以恒定功率運動所需112時間t2=4s，根據動能定理Pt?fx=mv2?mv2，式中v=4m/s，v=2m/s，解得x=13m2221212211勻加速階段位移x=at21=×2×=122故總位移x=x+x=14m，故D正確。故選D。128．答案：C【詳解】A．煤塊剛放上傳動帶時，受到的滑動摩擦力沿斜面向下，根據牛頓第二定律得sin37°+?mgcos37°=，解得a=8m/s21101t==則煤塊從0加速到與傳送帶共速需要11煤塊的位移為x=at211=16m12由于sin37°>μcos37°可知煤塊與傳送帶共速后繼續做勻加速運動，摩擦力沿斜面向上，根據牛頓第二定律得sin37°?μcos37°=，解得a=4m/s2221根據x=vt+at=L?x，解得t=1s222202122共計t=t+t=3s，故A錯誤；12B．第一個過程傳送帶的位移為x=vt=32m301煤塊與傳送帶的相對位移為x=x?x=16m131第二個過程傳送帶的位移x=vt=16m402相對位移x=x?x=2m224第一個過程摩擦生熱為Q=F?x=32J1f1第二個過程摩擦生熱為Q=F?x=4J2f2故總產熱量為Q=Q+Q=36J，故B12CD．摩擦力大小為f=mgμ37°=2N第一個過程摩擦力對煤塊做功W=Fx=32J1f1第二個過程摩擦力對煤塊做功W=?Fx=?36J2f2故全程摩擦力對煤塊做功為－，煤塊的機械能減少了，故C正確，D錯誤。故選C。．答案9【詳解】由于初速度和末速度都是水平的且相等，則豎直方向運動至少是先加速后減速，所以豎直方向有1風力的分力且大小或方向還在變，豎直不是自由落體，下落高度也不等于gt2，損失的機械能也不等于212ACB202t2力沖量大小，將其合成得4m2v20+m2g2。2t10．答案：12【詳解】A．由圖乙可知，物塊A與物塊B碰撞前的動能Av2=E2E可得物塊A與物塊B碰撞前的速度為v=A1E物塊A與物塊B碰撞后的動能Av2=2共16E解得物塊A與物塊B碰撞后的速度共=8Am13(+)=物塊A與物塊B碰撞時間極短，根據動量守恒定律AvAmv=，解得AA正確；B共BB．根據動能定理有合x=0?k由上述可知E?xA與物塊Bx處合外k3力最大，即加速度最大。故B正確；C．由圖乙可知，x處是物塊B靜止的位置，此時彈簧處于壓縮狀態，并不是原長，故x位置處彈簧壓縮12量大于x?xC錯誤；21D．彈簧上端與物塊B相連，物塊B處于靜止狀態，設此時彈簧的形變量為0，結合圖甲，根據平衡條件可知Bgsinθ=0由圖乙可知，當物塊A與物塊B一起運動到2時，速度最大，根據平衡條件Agsinθ+Bgsinkx1θ=(?+)x20物塊A從O點運動到位置x的過程中，根據動能定理mgsinθx=E1A1E聯立解得k=，故D正確。故選ABD。(?)xxx1211111）2.000cm（2分）（22.01s（2分）9.76m/s2（2分）221d1d2）FL=2M?M（32AB33）小于（32?t22?1d1d?t2【1）滑塊經過兩光電門的速度分別為1=、2=，對滑塊運用動能定理有221d1dFL=2M?M。2?t22?1（2）實驗中測得速度實際上是遮光條通過的平均速度，而遮光條通過的平均速度是等于遮光條通過的中間時刻的瞬時速度，而兩次中間時刻對應的位置并不是同一位置，第二次對應位置比第一次位置靠后，所以真實的E?FL=(+?)，而實驗中計算的W=，所以小于Lk合13）22.0m/s5）（）50.0m51）人和滑板在斜坡上的受力如圖所示，建立直角坐標系，設人和滑板在斜坡上滑下的加速度為a，由牛頓第二定律得sinθ?F=N?cosθ=01f1其中F=μF聯立解得人和滑板滑下的加速度力agsinθ?μcosθ)=2.0m/s2=(fN1（2）人和滑板在水平滑道上，由牛頓第二定律得μ=2解得人和滑板在水平滑道上運動的加速度大小為a=μg=0.5×10m/s2=5.0m/s22設人從斜坡上滑下的最大距離為L，由勻變速直線運動公式得