試卷第=page11頁(yè)，共=sectionpages33頁(yè)試卷第=page11頁(yè)，共=sectionpages33頁(yè)麗江市2025屆高中畢業(yè)生復(fù)習(xí)統(tǒng)一檢測(cè)數(shù)學(xué)試卷（全卷四個(gè)大題，共19個(gè)小題，共6頁(yè)；滿分150分，考試用時(shí)120分鐘）注意事項(xiàng)：1．本卷為試題卷.考生必須在答題卡上解題作答.答案應(yīng)書(shū)寫(xiě)在答題卡的相應(yīng)位置上，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效.2．考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡交回.一、單項(xiàng)選擇題（本大題共8小題，每小題5分，共40分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1．若復(fù)數(shù)z滿足（i為虛數(shù)單位），則z的模（

）A． B．1 C． D．52．已知集合，，則（

）A． B． C． D．3．已知向量，滿足，，且，則（

）A． B． C．1 D．24．“”是“方程表示橢圓”的（

）A．充分不必要條件 B．必要不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件5．已知函數(shù)，則下列函數(shù)是奇函數(shù)的是（

）A． B．C． D．6．已知，，則（）A． B． C． D．7．某同學(xué)擲一枚正方體骰子5次，記錄每次骰子出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)，統(tǒng)計(jì)出結(jié)果的平均數(shù)為2，方差為0.4，可判斷這組數(shù)據(jù)的眾數(shù)為（

）A．1 B．2 C．3 D．48．如圖，水平桌面上放置一個(gè)棱長(zhǎng)為4的正方體水槽，水面高度恰為正方體棱長(zhǎng)的一半，側(cè)面上有一個(gè)小孔，點(diǎn)到的距離為3，若該正方體水槽繞傾斜（始終在桌面上），則當(dāng)水恰好流出時(shí)，側(cè)面與桌面所成的銳二面角的正切值為（

）A． B． C．2 D．二、多項(xiàng)選擇題（本大題共3小題，每小題6分，共18分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分，部分選對(duì)的得部分分，有選錯(cuò)的得0分）9．下列說(shuō)法正確的是（

）A．樣本數(shù)據(jù)的下四分位數(shù)是17B．在比例分配的分層隨機(jī)抽樣中，若第一層的樣本量為10，平均值為9，第二層的樣本量為20，平均值為12，則所抽樣本的平均值為11C．若隨機(jī)變量，則D．若隨機(jī)變量，若，則10．已知函數(shù)，則（

）A．函數(shù)的最小正周期為B．直線是函數(shù)的圖象的一條對(duì)稱(chēng)軸C．若時(shí)，恒成立，則實(shí)數(shù)m的取值范圍為D．將函數(shù)的圖象上的所有點(diǎn)的橫坐標(biāo)縮小為原來(lái)的，再將所得的圖象向右平移個(gè)單位，得到函數(shù)的圖象，若時(shí)，函數(shù)有且僅有5個(gè)零點(diǎn)，則實(shí)數(shù)t的取值范圍為．11．已知點(diǎn)是左、右焦點(diǎn)為，的橢圓上的動(dòng)點(diǎn)，則（

）A．若，則的面積為B．使為直角三角形的點(diǎn)有6個(gè)C．的最大值為D．若，則的最大、最小值分別為和三、填空題（本大題共3小題，每小題5分，共15分）12．在中內(nèi)角所對(duì)的邊分別為，且，，，則．13．的展開(kāi)式中的系數(shù)為（用數(shù)字作答）．14．已知不等式對(duì)任意恒成立，則實(shí)數(shù)的取值范圍為.四、解答題（本大題共5小題，共77分，解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明，證明過(guò)程或演算步驟）15．已知函數(shù).(1)求曲線在處的切線方程；(2)若，求函數(shù)在上的最值.16．已知數(shù)列的首項(xiàng)，且滿足．（1）求證：數(shù)列為等比數(shù)列．（2）若，求滿足條件的最大整數(shù)n．17．如圖，四邊形與均為菱形，且，(1)求證：平面平面(2)求直線AD與平面ABF所成角的正弦值．18．甲?乙?丙三位同學(xué)進(jìn)行乒乓球比賽，約定賽制如下：每場(chǎng)比賽勝者積2分，負(fù)者積0分；比賽前根據(jù)相關(guān)規(guī)則決定首先比賽的兩人，另一人輪空；每場(chǎng)比賽的勝者與輪空者進(jìn)行下一場(chǎng)比賽，負(fù)者下一場(chǎng)輪空；積分首先累計(jì)到4分者獲得比賽勝利，比賽結(jié)束.已知甲與乙比賽時(shí)，甲獲勝的概率為，甲與丙比賽時(shí)，甲獲勝的概率為，乙與丙比賽時(shí)，乙獲勝的概率為.(1)若，求比賽結(jié)束時(shí)，三人總積分的分布列與期望；(2)若，假設(shè)乙獲得了指定首次比賽選手的權(quán)利，為獲得比賽的勝利，試分析乙的最優(yōu)指定策略.19．已知雙曲線的兩條漸近線方程為為上一點(diǎn)．(1)求雙曲線的方程；(2)若過(guò)點(diǎn)的直線與僅有1個(gè)公共點(diǎn)，求的方程；(3)過(guò)雙曲線的右焦點(diǎn)作兩條互相垂直的直線，，且與交于兩點(diǎn)，記的中點(diǎn)與交于兩點(diǎn)，記的中點(diǎn)為．若，求點(diǎn)到直線的距離的最大值．答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)答案第=page11頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)1．B【分析】利用復(fù)數(shù)的運(yùn)算法則、模的計(jì)算公式求解即可.【詳解】由，得，所以.故選：B.2．B【分析】解不等式得到，利用交集概念求出交集.【詳解】，故，解得，故，又，故.故選：B3．D【分析】將兩邊平方，由可得，根據(jù)數(shù)量積的運(yùn)算計(jì)算可得.【詳解】因?yàn)椋?，且，所以，即，，解得（?fù)值已舍去）.故選：D4．B【分析】由方程表示橢圓可得，求解可判斷結(jié)論.【詳解】若方程表示橢圓，則，解得且，所以“”是“方程表示橢圓”的必要不充分條件．故選：B.5．D【分析】利用函數(shù)的奇偶性計(jì)算即可.【詳解】易知，所以，令，則，顯然，所以為奇函數(shù)，即D正確.故選：D6．D【分析】運(yùn)用降冪公式及角的變換，結(jié)合兩角和與差的余弦公式化簡(jiǎn)即可求解.【詳解】已知,則故選:.7．B【分析】設(shè)五個(gè)點(diǎn)數(shù)為，由平均數(shù)，方差計(jì)算公式可分析出，5個(gè)點(diǎn)數(shù)不可能全為2，然后通過(guò)列舉可得答案.【詳解】不妨設(shè)五個(gè)點(diǎn)數(shù)為，由題意平均數(shù)為2，方差為0.4，知.可知五次的點(diǎn)數(shù)中最大點(diǎn)數(shù)不可能為4，5，6.五個(gè)點(diǎn)也不可能都是2，則五個(gè)點(diǎn)數(shù)情況可能是3，3，2，1，1，其方差為，不合題意.若五個(gè)點(diǎn)數(shù)情況為3，2，2，2，1，其方差為，符合題意，其眾數(shù)為2.故選：B.8．C【分析】根據(jù)題意，當(dāng)水恰好流出時(shí)，即由水的等體積可求出正方體傾斜后，水面到底面的距離，再由邊長(zhǎng)關(guān)系可得四邊形是平行四邊形，從而側(cè)面與桌面所轉(zhuǎn)化成側(cè)面與平面所成的角,進(jìn)而在直角三角形中求出其正切值.【詳解】由題意知，水的體積為，如圖所示，設(shè)正方體水槽繞傾斜后，水面分別與棱交于，由題意知，水的體積為，所以，即，解得，在平面內(nèi)，過(guò)點(diǎn)作交于，則四邊形是平行四邊形，且，又側(cè)面與桌面所成的角即側(cè)面與水面所成的角，即側(cè)面與平面所成的角,其平面角為，在直角三角形中，.故選：C.【點(diǎn)睛】思路點(diǎn)睛：利用定義法求二面角，在棱上任取一點(diǎn)，過(guò)這點(diǎn)在兩個(gè)平面內(nèi)分別引棱的垂線，這兩條垂線所成的角即為二面角的平面角.9．ABD【分析】對(duì)于A由下四分位數(shù)的概念即可判斷；對(duì)于B，由平均數(shù)的計(jì)算公式即可判斷；對(duì)于C由二項(xiàng)分布即可判斷;對(duì)于D由正態(tài)分布的對(duì)稱(chēng)性即可判斷.【詳解】對(duì)于A.從小到大排序得：16，17，19，20，22，24，26，由，所以下四分位數(shù)是17正確；對(duì)于B，正確；對(duì)于C，由二項(xiàng)分布可得：，錯(cuò)誤；對(duì)于D，由正態(tài)分布的對(duì)稱(chēng)性可得：，正確故選：ABD10．ACD【分析】利用二倍角公式和輔助角公式對(duì)進(jìn)行化簡(jiǎn)，再求最小正周期可判斷A，代入檢驗(yàn)法可判斷B，利用三角函數(shù)的性質(zhì)可判斷C，利用三角函數(shù)的圖象變換和性質(zhì)可判斷D.【詳解】因?yàn)?，所以的最小正周期為，故A正確；又由，故B錯(cuò)誤；當(dāng)時(shí)，可得，當(dāng)，即時(shí)，取得最小值，因?yàn)?，恒成立，所以，即?shí)數(shù)的取值范圍為，故C正確；由題意得函數(shù)，因?yàn)?，所以，又因?yàn)楹瘮?shù)有且僅有5個(gè)零點(diǎn)，則滿足，解得，所以實(shí)數(shù)的取值范圍是，故D正確.故選：ACD.11．BCD【分析】根據(jù)焦點(diǎn)三角形面積的相關(guān)結(jié)論即可判斷A；結(jié)合橢圓性質(zhì)可判斷B；結(jié)合橢圓定義可求線段和差的最值，判斷CD.【詳解】A選項(xiàng)：由橢圓方程，所以，，所以，所以的面積為，故A錯(cuò)誤；B選項(xiàng)：當(dāng)或時(shí)為直角三角形，這樣的點(diǎn)有4個(gè)，設(shè)橢圓的上下頂點(diǎn)分別為，，則，，，同理，知，所以當(dāng)位于橢圓的上、下頂點(diǎn)時(shí)也為直角三角形，其他位置不滿足，滿足條件的點(diǎn)有6個(gè)，故B正確；C選項(xiàng)：由于，所以當(dāng)最小即時(shí)，取得最大值，故C正確；D選項(xiàng)：因?yàn)?，又，的最大、最小值分別為和，當(dāng)點(diǎn)位于的延長(zhǎng)線上時(shí)取最大值，當(dāng)位置的延長(zhǎng)線上時(shí)取最小值，故D正確.故選：BCD12．或【分析】根據(jù)已知條件和正弦定理可得角，從而得到的值．【詳解】在中由正弦定理可知，所以，解得，因?yàn)闉榈膬?nèi)角，所以或，所以或，故答案為：或．13．-28【分析】可化為，結(jié)合二項(xiàng)式展開(kāi)式的通項(xiàng)公式求解.【詳解】因?yàn)椋缘恼归_(kāi)式中含的項(xiàng)為，的展開(kāi)式中的系數(shù)為-28故答案為：-2814．【分析】原不等式可化為，利用為上的增函數(shù)可得對(duì)任意恒成立，結(jié)合參變分離可求的取值范圍.【詳解】原不等式等價(jià)于，也就是，因?yàn)榫鶠樯系脑龊瘮?shù)，故為上的增函數(shù)，故原不等式即為，故對(duì)任意恒成立，故對(duì)任意恒成立，設(shè)，則，設(shè)，則，故在上為減函數(shù)，而，故當(dāng)時(shí)，即，故在上為增函數(shù)；當(dāng)時(shí)，即，故在上為減函數(shù)，故，故，故答案為：.【點(diǎn)睛】思路點(diǎn)睛：對(duì)于由指數(shù)函數(shù)和對(duì)數(shù)函數(shù)構(gòu)成的較為復(fù)雜函數(shù)，我們可以利用指對(duì)數(shù)的運(yùn)算法則對(duì)原有的不等式同構(gòu)變形，從而把原不等式轉(zhuǎn)化為簡(jiǎn)單不等式.15．(1)(2)最大值為，最小值為【分析】（1）利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義，求出切線的斜率，即可求出結(jié)果；（2）利用導(dǎo)數(shù)與函數(shù)單調(diào)性間的關(guān)系，求出和的解集，即可求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，再求出兩端點(diǎn)函數(shù)值及極值，通過(guò)比較，即可求出結(jié)果.【詳解】（1）由函數(shù)，可得，可得，且，所以切線的斜率為，切點(diǎn)為，則所求切線方程為.（2）由（1），當(dāng)時(shí)，可得，當(dāng)時(shí)，，函數(shù)在上單調(diào)遞減，當(dāng)時(shí)，，函數(shù)在上單調(diào)遞增，而，，，故所求最大值為，最小值為.16．（1）證明見(jiàn)解析；（2）.【分析】（1）由，化簡(jiǎn)得到，結(jié)合等比數(shù)列的定義，即可求解；（2）由（1）求得，根據(jù)等比數(shù)列的求和公式和常數(shù)列的求和公式，求得，根據(jù)，即可求解.【詳解】（1）由題意，數(shù)列滿足，可得，可得，即，又由，所以，所以數(shù)列表示首項(xiàng)為，公比為的等比數(shù)列.（2）由（1）可得，所以設(shè)數(shù)列的前項(xiàng)和為，則，若，即，因?yàn)楹瘮?shù)為單調(diào)遞增函數(shù)，所以滿足的最大整數(shù)的值為.17．(1)證明見(jiàn)解析(2)【分析】（1）設(shè)AC與BD相交于點(diǎn)O，連接FO，由線面垂直的判定定理證明平面BDEF，再得到平面平面即可；（2）連接DF，先由線面垂直的判定定理證明平面ABCD，再建立如圖所示空間直角坐標(biāo)系，求出平面ABF的法向量，代入空間線面角的向量公式求解即可；【詳解】（1）設(shè)AC與BD相交于點(diǎn)O，連接FO，∵四邊形ABCD為菱形，，且O為AC中點(diǎn)，，，又，平面BDEF，∴平面BDEF，又平面，所以平面平面。（2）連接DF，∵四邊形BDEF為菱形，且，為等邊三角形，∵O為BD中點(diǎn)，∴，又，，平面ABCD，平面ABCD．故OA，OB，OF兩兩垂直，∴建立空間直角坐標(biāo)系，如圖所示，設(shè)，∵四邊形ABCD為菱形，，．為等邊三角形，∴．，∴，，設(shè)平面ABF的法向量為，則令，解得，設(shè)AD與平面ABF所成角為，則AD與平面ABF所成角的正弦值為：．18．(1)分布列見(jiàn)詳解，.(2)讓乙和丙打第一局【分析】（1）求出的取值及對(duì)應(yīng)的概率，得到分布列，求出數(shù)學(xué)期望；（2）分別計(jì)算出“第一局乙對(duì)丙最終乙獲勝”，“第一局乙對(duì)甲最終乙獲勝”，“第一局甲對(duì)丙而最終乙獲勝”三種策略下的概率，作差法比較出大小，得到答案.【詳解】（1）由題意可知，兩場(chǎng)比賽后結(jié)束，也即第一局的其中1人連續(xù)獲得兩場(chǎng)勝利，有兩種情況，此時(shí)，，當(dāng)三場(chǎng)比賽后結(jié)束，即第一局比賽的2人均未獲勝，輪空者獲勝，共有兩種情況，此時(shí)，；當(dāng)四場(chǎng)比賽后結(jié)束，前三局比賽，甲乙丙三人各贏1場(chǎng)，進(jìn)行第四場(chǎng)比賽，共有2種情況，此時(shí)，；所以三人總積分的分布列為4680.50.250.25所以.（2）設(shè)事件為“第一局乙對(duì)丙最終乙獲勝”，為“第一局乙對(duì)甲最終乙獲勝”，為“第一局甲對(duì)丙而最終乙獲勝”，則有：已知甲與乙比賽時(shí)，甲獲勝的概率為，甲與丙比賽時(shí)，甲獲勝的概率為，乙與丙比賽時(shí)，乙獲勝的概率為.其中包含三種情況，第一，第一局乙獲勝，第二局乙獲勝；第二，第一局乙獲勝，第二局甲獲勝，第三局丙獲勝，第四局乙獲勝；第三，第一局丙獲勝，第二局甲獲勝，第三局乙獲勝，第四局乙獲勝，故；同理可得；；顯然，故，，由于，故，所以；故乙的最優(yōu)指定策略是讓乙和丙打第一局.【點(diǎn)睛】方法點(diǎn)睛：解決策略類(lèi)問(wèn)題，往往需計(jì)算出各種情況下的概率，作差比較各種情況下的概率大小，作出決斷.19．(1)(2)，，.(3)【分析】（1）列出關(guān)于的方程，代入計(jì)算，即可求解；（2）分直線斜率存在于不存在討論，然后聯(lián)立直線與雙曲線方程，代入計(jì)算，即可得到結(jié)果；（3）分直線斜率存在于不存在討論，分別聯(lián)立直線與雙曲線方程以及直線與雙曲線方程，結(jié)合韋達(dá)定理代入計(jì)算，即可得到直線過(guò)定點(diǎn)，從而得到結(jié)果.【詳解】（1）由題意可得，，解得，所以雙曲線的方程為.（2）當(dāng)直線斜率存在時(shí)，設(shè)直線的方程為，代入可得，當(dāng)時(shí)，即時(shí)，直線與雙曲線的漸近線平行，只有一個(gè)公共點(diǎn)，即直線的方程為，；當(dāng)時(shí)，，即，可得，此時(shí)直線與雙曲線相切，直線的方程為；顯然，當(dāng)直線斜率不存在時(shí)，直線與雙曲線有兩個(gè)公共點(diǎn)，不滿足；綜上所述，與雙曲線僅有1個(gè)公共點(diǎn)的直線有3條：，，.（3）當(dāng)直線的斜率不存在時(shí)，則與重合，又，即，所以，，此時(shí)直線的方程為，則到的距離為0；當(dāng)直線的斜率為0時(shí)，則與重合，，，此時(shí)直線的方程為，則到的距離為0；當(dāng)直線的