高級中學名校試卷PAGEPAGE1河東區2024~2025學年度第一學期期末質量檢測高二物理注意事項：1.本試卷分為第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共100分，考試用時60分鐘。答卷時，請同學們務必將答案寫在答題卡上，答在試卷上的無效。2.每題選出答案后，用鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑。3.本卷共8題，每題5分，共40分。第Ⅰ卷一、單項選擇題（每題5分，共25分。每題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的。）1.如圖所示，一正點電荷固定在圓心，M、N是圓上的兩點，下列說法正確的是（）A.M點和N點電場強度相同B.M點和N點電勢相同C.正電荷由M點到N點，電場力做正功D.負電荷由M點到N點，電場力做正功【答案】B【解析】A．一正點電荷固定在圓心，M、N是圓上的兩點，則M點和N點電場強度大小相等，方向不同，故A錯誤；BCD．由于M、N兩點在以點電荷為圓心的圓周上，所以M、N兩點在同一等勢面上，即M點和N點電勢相同，所以正電荷由M點到N點，電場力不做功；負電荷由M點到N點，電場力不做功，故B正確，CD錯誤。故選B。2.電容式話筒是利用電容大小的變化，將聲音信號轉化為電信號，如圖所示為電容式話筒的簡化示意圖。在聲壓作用下，振動電極上的薄膜向左運動時（）A.電容器的電容減小B.電容器的電荷量減小C.有從左到右的電流通過電阻RD.電容器中的電場強度減小【答案】C【解析】A．當振動膜片向左運動時，電容器的極板間距變小，根據可知d減小電容變大，故A錯誤；B．由于電容器兩端電壓等于電源電壓不變，根據可知當電容變大時，所帶電荷量增加，故B錯誤；C．根據前面分析電容器所帶電荷量增加，電容器充電，電容器左邊極板帶正電，故可知此時充電電流通過電阻時方向自左向右，故C正確；D．當極板間距變小時，由可知電容器兩極板間的場強增大，故D錯誤。故選C。3.圖甲是某電場中的一條電場線。若將一正電荷從A點由靜止釋放，它僅在電場力作用下沿電場線從A運動到B的過程速度—時間圖像如圖乙所示。設A、B兩點的電勢分別為和，兩點的場強大小分別為和，則有（）A.， B.，C.， D.，【答案】A【解析】將一正電荷從A點由靜止釋放，它僅在電場力作用下沿電場線從A運動到B的過程，電場力做正功，則有可得由可知，正電荷加速度逐漸減小，則正電荷受到的電場力逐漸減小，場強逐漸減小，則有故選A。4.為了打擊酒后駕車行為，交警常用酒精濃度檢測儀對駕駛員進行酒精測試。圖甲是某型號酒精測試儀，其工作電路如圖乙所示，R為氣敏電阻，其阻值隨酒精氣體濃度的增大而減小，電源的電動勢為E、內阻為r，電路中的電表均為理想電表，為定值電阻。若酒后駕車的駕駛員對著測試儀吹氣時，則有（）A.電流表的示數變小 B.電壓表的示數變大C.電源的總功率變小 D.電源內電路消耗的功率變大【答案】D【解析】AB．若酒后駕車的駕駛員對著測試儀吹氣時，酒精氣體的濃度增大，氣敏電阻R阻值減小，則總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，路端電壓減小；則電流表的示數變大，定值電阻兩端電壓變大，則氣敏電阻R兩端電壓變小，即電壓表的示數變小，故AB錯誤；C．電源的總功率為，由于總電流增大，則電源的總功率變大，故C錯誤；D．電源內電路消耗的功率為，由于總電流增大，則電源內電路消耗的功率變大，故D正確。故選D。5.如圖所示，M、N兩點分別放置兩個等量異種電荷，P為N連線的中點，T為連線上靠近N的一點，S為連線的中垂線上處于P點上方的一點。把一個電子分別放在P、S、T三點進行比較，則（）A.電子從P點移到S點，電場力做正功B.電子從T點移到S點動能減小C.電子在S點受力最小，在T點電勢能最大D.電子在P點受力最小，在T點電勢最低【答案】C【解析】A．等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線，可知，電子從P點移到S點，電場力不做功，故A錯誤；B．由于沿電場線電勢解得，結合上述可知，T點電勢小于S點電勢，則電子從T點移到S點電勢能減小，動能增大，故B錯誤；CD．根據等量異種點電荷電場線的分布規律可知，S點電場強度最小，T點電勢最低，則電子在S點受電場力最小，在T點電勢能最大，故C正確，D錯誤。故選C。二、不定項選擇題（每題5分，共15分。每題給出的四個選項中，都有多個選項是正確的，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，選錯或不答的得0分。）6.如圖所示，直線a為電源U-I圖線，直線b為電阻R的U-I圖線，用該電源和電阻R組成閉合電路，下列說法正確的是（）A.電源的內阻為0.5ΩB.電阻R的阻值為2ΩC.外電路的電壓為3VD.電源的輸出功率為4W【答案】AD【解析】A．圖線a縱截距等于電源的電動勢，斜率的絕對值等于電源的內阻，則由圖線a可知，電源的電動勢為E=3V；讀出短路電流為內阻故A正確；BC．兩圖線的交點表示該電源與電阻串聯時的工作，此時電路中電流為I=2A，外電路電壓：U=2V，根據歐姆定律可知故BC錯誤；D．輸出功率:P=UI=2×2W=4W故D正確。故選AD。7.如圖所示，從熾熱的金屬絲飄出的電子（初速度可視為零），經加速電場加速后從兩極板中間垂直射入偏轉電場。不計電子重力，在滿足電子能射出偏轉電場的條件下，一定能使電子的偏轉角變大的是（）A.僅增大偏轉電場的電壓B.僅增大加速電場的電壓C.僅減小偏轉電場兩極板間的距離D.僅減小偏轉電場極板的長度【答案】AC電子在偏轉電場中的加速度運動時間離開偏轉電場時速度方向與水平方向夾角的正切值為A．僅增大偏轉電場的電壓，電子的偏轉角變大，故A正確；B．僅增大加速電場的電壓，電子的偏轉角變小，故B錯誤；C．僅減小偏轉電場兩極板間的距離，電子的偏轉角變大，故C正確；D．僅減小偏轉電場極板的長度，電子的偏轉角變小，故D錯誤。故選AC。8.如圖所示，一平行板電容器金屬板a、b分別與電池兩極相連，開始時開關S閉合，一個帶電液滴懸浮在兩板正中間的P點。斷開開關，將b板向下平移一小段距離，穩定后，下列說法中正確的是（）A.電容器的電容增大B.液滴帶負電C.液滴向下運動D.P點電勢升高，液滴在P點的電勢能減少【答案】BD【解析】A．由公式可知當下極板向下移動一小段距離時，d增大，C變小，故A錯誤；B．開關閉合時，帶電液滴受到電場力與重力共同作用下，處于靜止狀態。可知液滴受到向上的電場力，且上板帶正電，所以液滴帶負電，故B正確；C．斷開開關，電容器帶電量不變，當下極板向下移動一小段距離時，正對面積不變，即電場線疏密不變，故電場強度不變，所以液滴保持不動，故C錯誤；D．根據C項分析可知，電場強度不變，根據U=Ed可知，當下極板向下移動一小段距離時，P與下極板距離增大，電勢差增大，下極板電勢為零，所以P點電勢升高，由于液滴帶負電，所以液滴在P點時電勢能將減小，故D正確。故選BD。第Ⅱ卷9.某同學測量一根粗細均勻的導體的電阻率，步驟如下：（1）用20分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度______mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑______mm；（3）因電表內阻未知，用如圖丙所示的電路來判定電流表應該內接還是外接。正確連線后，合上開關S，將滑動變阻器的滑片P移至合適位置。先將單刀雙擲開關擲到1，電壓表和電流表均有讀數；再將單刀雙擲開關擲到2，發現電流表指針偏轉比電壓表的指針偏轉明顯。為減小實驗誤差，應將單刀雙擲開關擲到______（填“1”或“2”），記錄電壓表示數U和電流表示數I。（4）該導體的電阻率______（請用題目中所給字母表示）。【答案】（1）50.15（2）4.700（3）2（4）【解析】（1）游標卡尺讀數為主尺讀數與游標尺讀數之和，所以（2）螺旋測微器讀數為固定刻度與可動刻度之和，所以（3）由于電流表指針偏轉比電壓表的指針偏轉明顯。說明電壓表分流作用明顯，即待測電阻阻值較大，故應采用電流表內接法；即應將單刀雙擲開關擲到2。（4）根據電阻定律由歐姆定律解得10.小明嘗試測量電瓶車上蓄電池的電動勢和內阻。（1）已知電源內阻比較小，移動滑動變阻器滑片時，為了使電壓表示數變化比較明顯，小明在思考后將的定值電阻串聯接入電路中，如圖甲中的______（選填“A”或“B”）所示。（2）選定設計的實驗電路，多次調節滑動變阻器R阻值，讀出相應的電壓表和電流表示數U和I，由測得的數據描繪出如圖乙所示的圖像。蓄電池的內阻______（保留2位有效數字）。（3）該同學分析了實驗中由電表內阻引起的實驗誤差，下圖中實線是根據利用本次實驗的數據描點作圖得到的圖像，虛線表示電壓表和電流表均為理想電表時的關系圖線。下圖中正確的是______。A. B.C. D.【答案】（1）A（2）1.0（3）C【解析】（1）為了使電壓表變化明顯，應將電路連接成圖甲中的A形式，此時相當于內電阻。（2）根據閉合電路歐姆定律可得可知圖像的斜率絕對值為解得蓄電池的內阻為（3）該實驗的主要實驗誤差來源于電壓表的分流作用，理論上當外電路短路時，電壓表沒有分流作用，電流是準確的，隨著路端電壓的升高，電壓表的分流作用逐漸增加，電流測量值明顯小于真實值，因此測量的圖像應在真實圖像的下方，且短路電流時，兩個圖像重合。11.甲圖所示電磁炮是一種先進的武器，乙圖為某同學模擬電磁炮的原理圖。為了研究方便，將炮彈視為一個與導軌間距等長的導體棒，其質量、電阻，固定在電阻不計、間距的兩根平行傾斜導軌上。已知導軌平面與水平地面的夾角，導軌下端電源電動勢、內阻，整個裝置處于磁感應強度大小為、方向垂直于導軌平面向下的勻強磁場中。將導體棒由靜止釋放，它最終從導軌上端發射出去。若導體棒的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，導體棒與導軌間的動摩擦因數，重力加速度大小，，，求：（1）導體棒釋放時所受安培力F的大小和方向；（2）導體棒釋放時加速度a的大小和方向。【答案】（1），方向沿斜面向上（2），方向沿斜面向上【解析】（1）導體棒剛放在導軌上時，根據閉合電路歐姆定律有解得導體棒剛放在導軌上時所受安培力大小解得根據左手定則可知，導體棒所受安培力方向沿斜面向上。（2）導體棒剛放在導軌上時，對導體棒進行受力分析，根據牛頓第二定律有其中解得方向沿斜面向上。12.如圖，在坐標系所在的平面內，第一象限內有垂直紙面向外的勻強磁場，第二象限內有沿軸負方向的勻強電場，場強大小為。一質量為電荷量為的帶電粒子從軸上的點以速度沿與軸正方向成角的方向射入磁場，恰好垂直于軸射出磁場進入電場，不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中的運動半徑；（2）磁感應強度的大小；（3）粒子從點射入到第二次到達軸的時間t。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）粒子在磁場中的運動情況如圖所示由幾何關系得解得（2）根據洛倫茲力提供向心力解得（3）粒子在磁場做勻速圓周運動粒子在磁場中運動時間粒子從軸進入電場至速度為0過程中，可得解得粒子從點射入到第二次到達軸的時間解得13.如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內，在水平的x軸下方存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸。一質量為m、電荷量為q的帶正電的小球，從y軸上的A點水平向右