高一物理試題答案一、選擇題：1、C[計步器記錄的行程為該同學在這段時間內行走的路程，即題圖中的6.65公里指的是路程，故A錯誤；題圖中的速度5.0千米/小時為對應路程與時間之比，即為平均速率，故C正確，B、D錯誤。]2、D[由于減速過程中加速度大小不變，故列車在減速運動階段速度減小得快慢不變，故A錯誤；t＝8s時的速度為v1＝v0－at1＝10m/s，故B錯誤；列車減速到0耗時t＝＝16s，故20s內的位移和16s內的位移一樣，因此x＝＝160m，故C錯誤；列車勻減速階段最后1s內的位移大小為x′＝at′2，t′＝1s，解得x′＝0.625m，故D正確。]3、A[由題圖可知，圖線a的速度隨位移增大而增大，圖線b的速度隨位移增大而減小，所以圖線a表示質點甲的運動，故C錯誤；當x＝0時，乙的速度為6m/s，即質點乙的初速度v0＝6m/s，設兩質點先后通過x＝6m處時的速度均為v，對質點甲：v2＝2a1x①，對質點乙：＝－2a2x②，聯立①②解得a1＋a2＝3m/s2③。當質點甲的速度v1＝8m/s、質點乙的速度v2＝2m/s時，設兩質點通過相同的位移均為x′，對質點甲：＝2a1x′④，對質點乙：＝－2a2x′⑤，聯立④⑤解得a1＝2a2⑥，聯立③⑥解得a1＝2m/s2，a2＝1m/s2，故B錯誤，A正確；圖線a、b的交點表示兩質點通過同一位置，但不是同時，故D錯誤。]4、D[題圖甲中在水平方向A不受外力，相對于B沒有相對運動趨勢，故題圖甲中A不受摩擦力；題圖乙中A有相對于B沿斜面下滑的運動趨勢，受到B對其沿斜面向上的摩擦力，即方向和F相同，選項D正確。]5、B[三個大小分別是F1、F2、F3的共點力合成后的最大值一定等于F1＋F2＋F3，但最小值不一定等于零，只有當某一個力的大小在另外兩個力的合力范圍內時，這三個力的合力才可能為零，選項A錯誤；合力可能比三個力都大，也可能比三個力都小，選項C錯誤；合力能夠為零的條件是三個力的矢量箭頭能組成首尾相接的三角形，任意兩個力的和必須大于第三個力，選項B正確，D錯誤。]6、C[對甲物體受力分析可知，在水平方向F＝F彈cosθ，則彈力大小為F彈＝，A錯誤；對兩物體豎直方向受力分析可知m1與m2質量關系無法確定，B錯誤；對甲、乙兩物體整體受力分析可知，在水平方向F＝Ff，在豎直方向FN＝(m1＋m2)g，所以地面對乙物體的摩擦力大小為F，地面對乙物體存在摩擦力，因此一定有支持力的作用，C正確，D錯誤。]7、A思路點撥：(1)剪斷輕繩的瞬間，兩彈簧彈力均不會突變，各自與剪斷前的彈力相同。(2)無論在輕彈簧M的何處將M剪斷，彈簧M的彈力均立即突變為0。[對b球受力分析，F1＝mg＝k2x，對a、b球和彈簧N整體受力分析，根據平衡條件，可知F2＝2mg·tan60°＝2mg＝k1x，F3＝＝4mg，故＝2，故A正確，B錯誤；a球受重力，繩的拉力和兩個彈簧的拉力，剪斷輕繩的瞬間，其他三個力不變，合力F合a＝F3＝4mg，a＝≠0，故C錯誤；b球受重力和拉力，剪斷M的瞬間，b球受力不變，故F合b＝0，ab＝0，故D錯誤。]8、AD[根據＝2ax并根據題給圖像可推知甲、乙兩車的初速度大小分別為v0甲＝6m/s，v0乙＝0，v2x圖像的斜率的絕對值表示汽車加速度大小的2倍，所以甲、乙兩車的加速度大小分別為a甲＝2m/s2，a乙＝1m/s2，且甲做勻減速直線運動，乙做勻加速直線運動，故B錯誤；汽車甲停止前，甲、乙兩車相距最遠時二者速度相同，設共經歷的時間為t1，則a乙t1＝v0甲－a甲t1，解得t1＝2s，此時甲車的位移為x甲＝v0甲t1－a甲＝8m，故A正確；甲車總運動時間為t2＝＝3s，甲停下時位移為9m，而此時乙車的位移為x乙＝a乙＝m<9m，所以甲、乙兩車相遇一定發生在甲車停下之后，設相遇時刻為t，則有a乙t2＝9m，解得t＝3s，故C錯誤；汽車甲、乙在x＝6m處的速度大小為v＝＝2m/s,故D正確。]9、ACD[B至少受到重力、A對B的壓力、斜面的支持力三個力，A對B可能有摩擦力，也可能無摩擦力，斜面對物體B可能有靜摩擦力，也可能沒有靜摩擦力，B靜止，則這兩個摩擦力至少有一個，因此B受到4個力或5個力；而A除受到支持力與重力外，還可能受到拉力及B對A的摩擦力，因此A可能受到2個力或4個力。當B對A沒有摩擦力時，A、B受力個數分別為2個和4個；當B對A有摩擦力時，斜面對物體B可能有靜摩擦力，也可能沒有靜摩擦力，A、B受力個數可能為4個和4個或4個和5個。故選ACD。]10、CD[運動員剛接觸床面時，重力大于彈力，運動員向下做加速運動，運動員處于失重狀態；當彈力增大到等于重力時速度最大；繼續下降，彈力大于重力，做減速運動，運動員處于超重狀態，即在第一過程中先處于失重狀態，后處于超重狀態，A錯誤，C正確；在第二過程中先向上加速運動，處于超重狀態，后向上減速運動，處于失重狀態，B錯誤，D正確。]二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11、(12分）[解析](1)由于相鄰計數點間還有四個點未畫出，所以相鄰計數點間的時間間隔T＝0.1s，根據勻變速直線運動中間時刻的速度等于該過程中的平均速度，得vB＝＝m/s≈0.14m/svC＝＝m/s≈0.26m/svD＝＝m/s＝0.39m/s。(2)小車運動的vt圖像如圖所示，作圖時應注意盡量使描繪的點落在直線上，若不能落在直線上，盡量讓其分布在直線兩側。根據圖線斜率求出小車運動的加速度a＝＝1.30m/s2。(3)將圖線延長與縱軸相交，交點的縱坐標是零時刻的速度，為0.02m/s，此速度的物理意義是打點計時器打下計時點A時小車對應的速度。(4)表示的是Δt內的平均速度，只有當Δt趨近于零時，才表示瞬時速度，因此若用表示各計數點的瞬時速度，對Δt的要求是越小越好。從實驗的角度看，選取的Δx越小，用計算得到的平均速度越接近計數點的瞬時速度，但Δx過小，測量誤差增大，因此從實驗的角度看，選取的Δx大小與速度測量的誤差有關。[答案](1)0.140.260.39(2)見解析圖1.30(1.28～1.32均正確)(3)0.02打點計時器打下計時點A時小車對應的速度(4)越小越好有關12、(12分）[解析](1)根據勻變速直線運動的規律Δx＝aT2得a＝＝m/s2＝1m/s2。(2)選取木塊為研究對象，根據牛頓第二定律得mgsinθ－μmgcosθ＝ma得μ＝可知要測定動摩擦因數，還需測出斜面傾角(或A點到位移傳感器的高度)。(3)根據(2)的分析可知，在實驗中，為了減少實驗誤差，應使木塊運動的時間長一些，可以減小斜面的傾角、增加木塊在斜面上滑行的位移等，傳感器開始計時的時刻不一定必須是從木塊從A點釋放的時刻，故A、B正確，C錯誤。[答案](1)1傾斜木板與水平面的夾角(或A點到位移傳感器的高度)(3)AB13、(12分）[解析](1)實驗中，甲圖用來測量合力，乙圖用來測量兩個分力，根據胡克定律，力的大小與彈簧伸長量成正比，力的大小可用彈簧伸長量來表示，因此必須測量彈簧的原長和伸長后的長度，但AO、BO長度不必相同，A錯誤，B、C正確；實驗中重物所受重力是定值，所以不必保證O點位置固定不變，D錯誤。(2)實驗中礦泉水瓶受到的重力方向始終豎直向下，所以x1需要沿著豎直方向，故題圖丙是正確的。(3)對O點受力分析，O點處于動態平衡中，O點受到礦泉水瓶的拉力等于礦泉水瓶所受重力，其重力大小、方向不變，OA繩中拉力方向不變，根據平行四邊形定則易得OA中彈力將一直變大，OB中彈力將先減小后增大，如圖所示。所以OA中彈簧的長度將一直增大，OB中彈簧的長度將先減小后增大。[答案](1)BC(2)丙(3)一直增大先減小后增大14、(12分）[解析](1)實驗用到的打點計時器是用來記錄時間和位移的儀器。(2)在進行實驗時，該同學將長木板不帶滑輪的一端墊高，使得小車在不受牽引時能拖動紙帶沿長木板做勻速直線運動，該操作的目的是補償阻力，平衡摩擦力。(3)對整體根據牛頓第二定律可得加速度為a＝故可得繩子中拉力為F＝Ma＝＝故當槽碼的質量m和小車的質量M大小關系滿足m?M時，可以認為小車所受的拉力大小與槽碼所受的重力大小相等。[答案](1)時間位移(2)做勻速直線(3)m?M15、(12分）[解析](1)設沿斜面向上為正方向，若P的質量M＝0.5kg，由于mgsinθ＝Mg＝5N可知P、Q均處于靜止狀態，繩上拉力為F＝Mg以斜面體和Q為整體，根據受力平衡可得，地面對斜面體摩擦力的大小為f＝Fcos30°聯立解得f＝N。(2)P著地后，設Q繼續上滑的加速度大小為a1，向上滑行距離為x，對Q受力分析，由牛頓第二定律得mgsinθ＋μmgcosθ＝ma1解得a1＝10m/s2P著地前瞬間，設P、Q共同速度大小為v，對P、Q連接體進行分析，設連接體的加速度大小為a，由運動學公式可得v2＝2ahP著地后，對Q由運動學公式可得0－v2＝－2a1xQ恰好不從