2023年“江南十校”高一分科診斷摸底聯考物理試卷注意事項：1.本試卷總分為100分，物理考試總時間為75分鐘；2.本試卷包括“試題卷”和“答題卷”，請務必在“答題卷”上答題，在“試題卷”上答題無效；3.考生作答時，請將自己的姓名、準考證號填寫在答題卷的相應位置。一、選擇題：本大題共10個小題，共42分。其中第1~8小題為單選題，只有一個選項正確，每小題4分；第9~10小題為多選題，有多個選項正確，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯或不選的得0分。1.我國的深海探索技術在國際上處于領先水平，在某次實驗中，我國一潛水裝置從水面由靜止開始豎直下潛。以開始下潛為零時刻，潛水裝置的vt圖象如圖所示。關于潛水裝置的運動下列敘述正確的是（）A.40s末開始上浮 B.80s內的位移大小為40mC.40s末與80s末的速度相同 D.60s末的加速度為零【答案】B【解析】【詳解】A．以開始下潛零時刻，根據圖像可知，40s末速度向下最大，正在下潛，故A錯誤；B．根據圖像面積代表位移知80s內的位移為所以位移大小為40m，故B正確；C．40s末與80s末的速度大小相同，方向相反，故C錯誤；D．圖像斜率代表加速度，所以60s末圖像斜率不為零，加速度不為零，故D錯誤。故選B。2.汽車甲沿著平直的公路以速度v0做勻速直線運動，當它路過某處的同時，該處有一輛汽車乙開始做初速度為零的勻加速運動去追趕甲車．則根據上述的已知條件（）A.可求出乙車追上甲車時乙車的速度B.可求出乙車追上甲車時乙車所走的路程C.可求出乙車從開始起動到追上甲車時所用的時間D.不能求出上述三者中任何一個【答案】A【解析】【詳解】畫出汽車甲乙速度時間圖線如圖：當乙車追上甲車時，位移相等，從圖象上可以看出，當甲乙位移相等時，乙車的速度為2v，由于不知道乙車的加速度，從圖象上無法知道乙車追上甲車所用的時間，也無法求出乙車追上甲車時兩車的路程，故A正確，BCD錯誤。3.裝有物品的手提袋懸掛在光滑的釘子上，因為袋中物品傾倒，所以袋體由水平靜止狀態變為傾斜狀態后再次靜止，如圖所示，不計手提繩質量。則與物品傾倒前相比手提繩中張力變化情況為（）A變大 B.變小 C.不變 D.無法確定【答案】B【解析】【詳解】設繩與豎直方向夾角為，繩子上的拉力為,得袋體由水平靜止狀態變為傾斜狀態后，減小，增大，所以繩的拉力減小。故選B。4.近期，宣城市各地中小學的秋季運動會都先后舉行，在運動場上的各項比賽中蘊含著大量的物理知識，關于比賽中的物理知識下列說法正確的是（）A.跳高比賽中的運動員起跳時，地面對運動員的腳的支持力大于腳對地面的壓力，所以才能成功起跳B.投鉛球比賽中，雖然有空氣阻力，但鉛球在空中運動的加速度非常接近當地的重力加速度C.3000m比賽的運動員在途中保持勻速跑時還需要“用力”，這說明運動需要力來維持D.激烈的百米比賽中，運動員撞線時的速度是平均速度【答案】B【解析】【詳解】A．地面對運動員的腳的支持力大于腳對地面的壓力是作用力與反作用力，大小相等。故A錯誤；B．投鉛球比賽中，雖然有空氣阻力，但阻力相對鉛球可以忽略不計，所以在空中運動的加速度非常接近當地的重力加速度；故B正確；C．運動員在途中保持勻速跑時還需要“用力”，運動依然受到阻力的作用，根據牛頓第一定律運動不需要力來維持。故C錯誤；D．激烈的百米比賽中，運動員撞線時的速度是瞬時速度。故D錯誤。故選B。5.甲圖中材料相同的A、B兩物塊挨放在水平面上，輕彈簧兩端與墻壁和物塊A連接，在水平力F作用下A、B處于靜止狀態。乙圖中A、B兩物塊疊放在輕彈簧上，輕彈簧兩端與地面和物塊A連接，在豎直向下的力F作用下A、B處于靜止狀態。以下說法正確的是（）A.若甲中地面光滑，撤去F后，A、B分離時彈簧處于伸長狀態B.若甲中地面粗糙，撤去F后，A、B分離時彈簧處于壓縮狀態C.乙圖中撤去F后，A、B分離時彈簧處于伸長狀態D.乙圖中撤去F后，A、B分離時彈簧處于原長狀態【答案】D【解析】【詳解】A．若甲中地面光滑，撤去F后，A、B分離時兩者間的彈力為零，兩者加速度相等。A、B分離時兩者加速度都為零，所以彈簧處于原長狀態。故A錯誤；B．若甲中地面粗糙，撤去F后，A、B分離時兩者間的彈力為零，兩者加速度相等。設A、B與地面的動摩擦因數為，A、B分離時兩者加速度都為μg，所以彈簧處于原長狀態。故B錯誤；CD．乙圖中撤去F后，A、B分離時兩者間的彈力為零，兩者加速度相等。A、B分離時兩者加速度都為g，所以彈簧處于原長狀態。故C錯誤，D正確。故選D。6.如圖所示，物塊從光滑斜面上靜止釋放，滑上粗糙水平面后最終停下，表格中記錄了運動過程中幾個時刻速度大小。斜面底端處與水平面平滑連接（g=10m/s2）。下列說法正確的是（）t/s14161820222426v/m·s117273740363228A.物塊的最大速度為40m/s B.物塊在斜面上運動的時間為20sC.斜面的傾角θ=30° D.物塊與水平面的動摩擦因數為0.5【答案】C【解析】【詳解】C．設滑塊在斜面上運動的加速度大小為a1，則根據牛頓第二定律，有解得故C正確；D．物塊在水平面的加速度大小根據解得故D錯誤；AB．物塊在斜面上運動的時間為t，物塊的最大速度為，則根據表中數據，解得故AB錯誤。故選C。7.一質點做勻變速直線運動的xt圖象如圖所示，圖象上的a點對應6s末的時刻，圖象過a點的切線與x軸交于36m處，質點在10s末的瞬時速度為零，關于該質點的運動下列敘述正確的是（）A.前6s內的平均速度為8m/s B.第6s末的瞬時速度為14m/sC.第8s未的瞬時速度為12m/s D.第8s末的瞬時速度為4m/s【答案】D【解析】【詳解】A．前6s內的平均速度為故A錯誤；B．圖像斜率代表速度，根據過a點的切線斜率，可知6s末的瞬時速度為8m/s故B錯誤；CD．根據位移特點可知，8s末為6s10s的中間時刻，瞬時速度等于該段的平均速度為4m/s故C錯誤D正確。故選D。8.如圖所示，固定在P點的光滑定滑輪大小不計，輕質橡皮繩豎直懸掛在O點時下端剛好在P點。將物塊與橡皮繩連接后置于水平地面上的Q點，Q點在O點的正下方。已知橡皮繩的彈力遵循胡克定律，地面粗糙程度處處相同。現物塊在水平力F作用下緩慢向左移動。關于物塊運動的過程，以下說法正確的是（）A.地面對物塊的摩擦力逐漸減小 B.地面對物塊的摩擦力保持不變C.力F逐漸減小 D.力F保持不變【答案】B【解析】【詳解】設PQ間距為d，橡皮筋與水平面的夾角為θ，伸長量為x。橡皮筋此時彈力為F=kx豎直分力水平分力保持不變，所以滑動摩擦力f=μN也不變，則所以F在增大。故選B。9.如圖所示，A、B物塊間的接觸面與斜面平行，從斜面上靜止釋放后，保持相對靜止一起沿斜面加速下滑。已知A的質量為m，A、B之間動摩擦因數為μ1，B與斜面之間動摩擦因數為μ2，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.A、B間摩擦力為μ1mgcosθB.A、B間摩擦力為μ2mgcosθC.若斜面光滑，則A、B間摩擦力為0D.μ1可能小于μ2【答案】BC【解析】【詳解】ABC．設B物塊的質量為，對AB整體由牛頓第二定律得解得設A、B間靜摩擦力大小為，B對A的靜摩擦力方向沿斜面向上，規定沿斜面向下為正方向，對A由牛頓第二定律得mgsinθf=ma得f=μ2mgcosθ若斜面光滑，則所以A、B間摩擦力為0，故A錯誤、BC正確；D．因A、B間最大靜摩擦力即所以μ1不可能小于μ2，故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，升降機地板上固定著一個傾角θ=37°的粗糙斜面，在斜面上有一個質量為2kg的物塊，當升降機以a=5m/s2的加速度豎直向上勻加速運動時，物塊與斜面保持相對靜止（g=10m/s2，sin37°=0.6）（）A.物塊受到摩擦力的大小為18NB.物塊受到斜面的作用力大小為25NC.若增大升降機的加速度，物體相對斜面不會出現滑動D.若減小升降機的加速度，物體相對斜面不會出現滑動【答案】ACD【解析】【詳解】A．對物塊受力分析，分解加速度，如圖所示。根據牛頓第二定律可得解得，故A正確；B．斜面對物塊的作用力為故B錯誤；CD．當升降機以a=5m/s2的加速度豎直向上勻加速運動時，則有即可得增大或減小加速度依然有故CD正確。故選ACD。二、實驗題：本大題共2個小題，每空2分，共20分。11.利用圖中所示的裝置，做“測定重力加速度”的實驗中，得到了幾條較為理想的紙帶。已知每條紙帶上每5個點取一個計數點，依打點先后編為0，1，2，3，4，…，由于不小心，紙帶被撕斷了，如圖1所示。（1）圖1紙帶中0點_______（填“是”或“不是”）重物靜止釋放時打下的第一個點。（2）圖1中，打點1時重物的速度是_______m/s（結果保留三位有效數字）。（3）在A、B、C三段紙帶中選出從圖1紙帶上撕下的那段_______（填正確答案標號）。（4）若計數點0、2間的距離計為x1，3、4間的距離計為x2，相鄰計數點間的時間間隔計為T，則當地重力加速度的計算公式為_______，利用計算公式和測量數據計算當地的重力加速度大小是_______m/s2（結果保留三位有效數字）。（5）如果當時電網中交變電流的頻率是f=49Hz，而做實驗的同學并不知道，那么加速度的測量值與實際值相比_______（填“偏大”“偏小”或“不變”）。【答案】①.不是②.1.11③.B④.⑤.9.78⑥.偏大【解析】【詳解】（1）[1]重物靜止釋放若0點是打下的第一個點，則0、1間的距離為所以0點不是靜止釋放打下的第一個點（2）根據中間時刻的瞬時速度等于這段時間的平均速度可知（3）相鄰兩點距離根據勻變速直線運動規律可知故選B。（4）根據逐差法可知解得a=代入數據計算得（5）由打點周期分析可知，電網中交變電流的頻率是f=49Hz，則同學測量所用周期偏小，則加速度的測量值大于實際值。12.某實驗小組利用圖1所示的裝置探究加速度與力、質量的關系。（1）下列做法正確的是________A．調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B．在調節木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C．實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源D．通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要重新調節木板傾斜度（2）實際上繩子的拉力________砝碼桶及桶內砝碼的總重力（填“大于”或“小于”），為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量________木塊和木塊上砝碼的總質量。（填“遠大于”、“遠小于”或“近似等于”）。（3）如圖2所示在木塊連接繩處安裝力傳感器，力傳感器可直接測出細繩中拉力的大小，正確進行了滑輪高度調節，但忘記平衡摩擦力。保持木塊總質量不變，改變砝碼桶內砝碼質量，得到多組力的傳感器示數F，通過計算求得各組加速度，描出aF圖象，下列圖像可能正確的是________A.B.C.【答案】①AD##DA②.小于③.遠小于④.A【解析】【詳解】（1）[1]A．為使繩子的拉力等于小車的合外力，調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，故A正確；B．在調節木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不能懸掛裝有砝碼的砝碼桶，故B錯誤；C．為打點穩定，實驗時先接通打點計時器的電源，再放開木塊，故C錯誤；D．平衡摩擦力后，有通過增減木塊上的砝碼改變質量時，木塊與砝碼的重力沿斜面向下的分力仍等于摩擦力，不需要重新調節木板傾斜度，故D正確。故選AD。（2）[2]砝碼桶整體有向下的加速度，根據牛頓第二定律可得可知實際上繩子的拉力小于木塊和木塊上砝碼的總質量。[3]對木塊根據牛頓第二定律可得聯立可得當M?m，T近似等于mg。（3）[4]使用了力傳感器，不存在拉力測量系統誤差，根據牛頓第二定律可得整理得故選A。三、計算題：本大題共3個小題，共38分。13.一小球從空中下落，不計空氣阻力，取g=10m/s2。已知小球落地前1s內的平均速度大小為35m/s，求：小球開始下落時的高度。【答案】80m【解析】【詳解】根據勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，得最后1秒中間時刻的速度等于又得則運動的總時間開始下落高度解得h=80m14.如圖所示，兩個很小的物塊A、B用輕繩連接后，放在光滑的圓弧面內，圓弧面的圓心為O點，為使兩物塊靜止，給B施加了一水平力。A所在的圓弧的半徑與豎直方向的夾角為，A、B所在的圓弧的半徑之間夾角也是，已知A、B質量都是m，重力加速度為g。求：（答案可用根式表示）（1）輕繩的拉力大小；（2）水平力F的大小。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）對A，由受力平衡可知解得輕繩的拉力大小為（2）對B，由受力平衡可知解得15.如圖所示，物塊置于上下表面平行的木板上的左端，物塊的質量是長木板的2倍，物塊與長木板之間動摩擦因數為μ1=0.2，長木板與水平地面之間動摩擦因數為μ2=0.1。若物塊和木板突然分別獲得方向相反、大小分別為v1=