…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教新版高二物理下冊月考試卷170考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、朝南的鋼窗原來關著，某人將它突然朝外推開，順時針轉過一個小于90鈭?

的角度，考慮到地球磁場的影響，則在鋼窗轉動的過程中，鋼窗活動的豎直邊中(

)

A.有自上而下的微弱電流B.有自下而上的微弱電流C.有微弱電流，方向是先自上而下，后自下而上D.有微弱電流，方向是先自下而上，后自上而下2、下列說法中正確的是()A.一群處于基態的氫原子，吸收某單色光的光子后向外發出頻率為婁脥1婁脥2婁脥3

的三種光，且v1<v2<v3

則v3=vl+v2

關系成立B.放射性元素的半衰期與原子所處的物理狀態或化學狀態有關C.婁脕

射線是原子核發生衰變時放射出的氦核流，它的電離作用非常弱D.查德威克通過實驗發現了質子的核反應方程為24He+714N鈫?817O+11H

3、以地面為參考系，下列研究對象中做圓周運動的是A.運動員擲出的鏈球B.行駛列車上鐘表的時針尖端。

C.行進中自行車輪胎上的氣門芯D.教室里的吊扇轉動時葉片上的點4、如圖所示的U-I圖象中，直線Ⅰ為某電源的路端電壓與電流的關系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A.電源電動勢為3V，內阻為0.5ΩB.電阻R消耗的功率為3.0WC.電源的效率為50%D.如果電阻R逐漸增大，電源的輸出功率可能先增大后減小5、列車在一段長30km

的筆直的鐵軌上行駛，行駛的平均速度是60km/h

下列說法正確的是(

)

A.這輛火車通過這段鐵軌的時間是0.5h

B.這輛列車一定以60km/h

的速度行駛C.這輛火車如果行駛60km

的路程一定需要1h

D.60km/h

是這段最高的速度6、如圖所示，水平桌面上放置一根條形磁鐵，磁鐵中央正上方用絕緣彈簧懸掛一水平直導線，并與磁鐵垂直。當直導線中通入圖中所示方向的電流時，和未通電相比較，可以判斷出（）A.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力增大B.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力減小C.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力增大D.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力減小評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、有四個電源，電動勢均為8V，內阻分別為2Ω、3Ω、5Ω和8Ω，用這四個電源分別對一個R=5Ω的定值電阻供電，則應選擇內阻為____Ω的電源才能在電阻R上獲得最大功率；當選擇內阻為3Ω的電源對電阻R供電時，內電路上消耗的電功率為____W．8、已知氮核的質量為14.00735u，氧核的質量為17.00454u，氦核的質量為4.00387u，質子的質量為1.00815u，則核反應N+He→O+H是______（填“釋放”或“吸收”）能量的反應，能量變化了______J．（1u相當于931MeV，結果保留2位有效數字）9、如圖所示，一單匝線圈在拉力作用下離開磁場，在此過程中，線圈中的磁通量將______(

填“增加”或“減小”).

若上述過程所經歷的時間為0.2s

線圈中的磁通量變化了0.6Wb

則線圈中產生的感應電動勢為______V

．10、在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，①測擺長時，若正確測出懸線長L和擺球直徑d,則擺長為;②測周期時，當擺球經過____位置（填平衡位置或最高點）時開始計時并計數1次，測出經過該位置N次(約60~100次)的時間為t,則周期為____。11、某勻強電場中的等勢面如圖所示，相鄰等勢面間的距離為4mm，則該電場的場強E=______V/m；一個電荷量為-1.0×10-8C的點電荷沿半徑為4mm的圓弧由圓上A點移到圓上B點，AB是直徑，與等勢面夾角為60°，則移動過程中靜電力做功______J．12、平行板電容器的電容C；兩極板間電壓為U，兩板間場強E和帶電量Q，在下列情況下怎樣變化？（填寫：增大；減小、不變）

①保持兩板與電源相連，只增大兩板間距離，則C______，U______，Q______，E______．

②給電容器充電后與電源斷開，再減小電容器極板間距離，則C______，U______，Q______，E______．13、90232Th

經過6

次婁脕

衰變和4

次婁脗

衰變后變成一種穩定元素，該元素的中子數、質子數分別為______、______．14、從1405-1433年，出生于云南的航海家鄭和先后7次下西洋。在一望無際的茫茫大海中，利用指南針導航。指南針指南的一端是______極（選填“N”或“S”）。評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

23、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)24、如圖所示；均勻直棒AB擱放在光滑的半球上保持靜止，C為棒的中點，畫出棒AB的受力圖．

25、某同學用如圖所示的裝置做驗證動量守恒定律的實驗．先將a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端上，讓a球仍從固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后；兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．

（1）本實驗必須測量的物理量有______．（填寫選項對應的字母）

A．斜槽軌道末端距水平地面的高度H

B．小球a、b的質量ma、mb

C．小球a、b的半徑r

D．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間t

E．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離

F．a球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

（2）放上被碰小球b，兩球（ma＞mb）相碰后，小球a、b的落地點依次是圖中水平面上的______點和______點．

（3）某同學在做實驗時，測量了過程中的各個物理量，利用上述數據驗證碰撞中的動量守恒，那么判斷的依據是看______和______在誤差允許范圍內是否相等．26、如圖所示；均勻直棒AB擱放在光滑的半球上保持靜止，C為棒的中點，畫出棒AB的受力圖．

評卷人得分五、識圖作答題(共4題，共28分)27、科研人員利用胚胎干細胞（ES細胞）對干擾素基因缺失小鼠進行基因治療。其技術流程如下圖，請回答相關問題：?（1）圖1中用到了___________________________________等現代生物技術（寫三項即可）。（2）由圖1可知，步驟②中要分離出ES細胞，需將重組胚胎培養到_______期。將目的基因導入ES細胞而不是上皮細胞，是因為ES細胞在功能上具有__________________________。（3）步驟③中，先需要利用PCR技術擴增干擾素基因。可以根據一段已知的干擾素基因的__________合成引物，圖2A、B、C、D四種單鏈DNA片段中應選取___________作為引物（DNA復制方向總是從5’向3’延伸）。對干擾素基因片段和質粒進行酶切時，可選用限制酶的組合為____________。（4）將步驟③獲得的ES細胞在熒光顯微鏡下觀察，選擇發_____色熒光的細胞進行體外誘導。為檢測干擾素基因是否表達，可用的檢測物質是____________________（填“標記的干擾素基因”或“干擾素的抗體”）。28、如圖所示是利用山楂制作果酒果醋的流程：回答下列問題：（1）酒精發酵主要利用酵母菌的________呼吸，酵母菌與醋酸菌在結構上的主要區別是________。（2）酒精發酵前加入的白砂糖主要是為酵母菌提供________。如圖表示白砂糖的添加量對酒精生成量的影響，白砂糖的添加量為________左右最為合理。（3）醋酸發酵前，需要加入純凈水對山楂果酒進行稀釋，原因是________。（4）將發酵好的山楂果醋在80％左右的溫度下熱處理8～10min，目的是________，以及防止雜菌污染。29、某蛋白質由51個氨基酸、兩條鏈構成，結構圖中—S—S—為兩個—SH形成。其結構模式圖如下：

⑴該蛋白質分子形成過程中形成了____個水分子和_____個肽鍵；形成過程中消耗掉的氨基和羧基數分別是____、________；該蛋白質分子中至少含有游離氨基和羧基數分別是_________、___________。⑵組成該蛋白質的氨基酸的不同之處在于它們具有不同的R基，在形成此蛋白質的氨基酸中最多含有_____種不同的R基。⑶如果形成該蛋白質分子的氨基酸的平均相對分子質量為100，則該蛋白質的分子質量是___________，控制該蛋白質分子合成的基因至少含有堿基_______對。30、（14分）四川涼山州的氣候適宜作物生長，有很多特產如：苦蕎、德昌金橘、雷波臍橙等。有道是：“世界苦蕎在中國，中國苦蕎在涼山。”苦蕎麥種子富含黃酮類化合物等營養物質，在降血糖、降血脂等方面功效顯著。下圖是培育高產黃酮苦蕎品系示意圖。試回答生物技術在實踐上的應用相關知識：（1）組織培養常用____固體培養基含有20多種營養成分。過程②是____。（2）某興趣小組為了探究兩種植物激素的用量對組織培養的影響，設計了相關實驗處理如下表：兩者用量的比例影響細胞發育的方向，B組的結果應促進____的形成；為提高實驗的嚴謹性，有人提出需多增加一組實驗，該組實驗的處理方法是____，有人想提取橘皮精油獲取利潤，一般提取橘皮精油的方法是____法。在提取橘皮精油時，橘皮干燥去水后用____浸泡，并且橘皮要浸透，這樣最后才會提高的出油率。橘皮精油的提取之所以不采取水蒸氣蒸餾法，是因為水中蒸餾會導致原料焦糊和____等問題。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】解：由于地磁場；則由南向北通過鋼窗，當迅速朝外推開，導致穿過的磁通量變小；

根據感應電流產生的條件是：只要穿過閉合電路的磁通量發生變化；閉合電路中就有感應電流；

結合楞次定律可知；從室內觀察則鋼窗中，電流方向為逆時針方向，即鋼窗最外的豎直邊由自上而下的微弱電流，故A正確，BCD錯誤．

故選：A

．

根據閉合電路中產生感應電流的條件是穿過閉合回路的磁通量發生變化；結合楞次定律，與地磁場，即可求解．

本題考查了判斷是否產生感應電流，知道感應電流產生的條件，并掌握楞次定律的應用，注意地磁場的方向，及感應電流觀察的方向．【解析】A

2、A【分析】【分析】半衰期與外界環境無關，婁脕

射線是原子核發生衰變時放射出的氦核流，其電離作用很強，能級躍遷時釋放光子，根據Em鈭?En=h婁脥

計算頻率，知道查德威克的貢獻。本題考查了半衰期、射線及其特性、能級躍遷以及查德威克的貢獻，是對基礎知識的考查。【解答】A.一群處于基態的氫原子，吸收某單色光的光子后向外發出頻率為：婁脥1{婁脥}_{1}婁脥2{婁脥}_{2}婁脥3{婁脥}_{3}的三種光，且婁脥1<婁脥2<婁脥3{婁脥}_{1}<{婁脥}_{2}<{婁脥}_{3}則由能級躍遷知：h婁脥3=h婁脥1+h婁脥2h{婁脥}_{3}=h{婁脥}_{1}+h{婁脥}_{2}即婁脥3=婁脥1+婁脥2{婁脥}_{3}={婁脥}_{1}+{婁脥}_{2}故A正確；B.半衰期與原子核本身有關，與外界因素無關，故B錯誤；C.婁脕

射線是原子核發生衰變時放射出的氦核流，它的電離作用很強，故C錯誤；D.查德威克發現了中子的核反應是：49Be+24He隆煤612C+01n

故D錯誤。故選A。【解析】A

3、D【分析】運動員擲出的鏈球做拋體運動.

故A錯誤；

行駛列車上鐘表的時針尖端相對于地面既有水平方向的直線運動；又有圓周運動，故B錯誤；

行進中自行車輪胎上的氣門芯既有水平方向的直線運動；又有圓周運動.

故C錯誤；

教室里的吊扇轉動時葉片上的點相對于地面做勻速圓周運動.

故D正確．故選D【解析】D

4、C【分析】解：A、由圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動勢E=3.0V，其斜率大小等于電源的內阻，則有：r=||=Ω=1.5Ω，電阻R的阻值為：R==Ω=1.5Ω．故A錯誤；

B、兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時電路中電流和路端電壓，輸出功率即電阻的功率為P出=UI=1.5×1=1.5W；故B錯誤。

C、電源的功率為P=EI=3×1=3W，則電源的效率為：η=%=50%．故C正確；

D；此時內外阻相等；輸出功率最大，若電阻再增大，則輸出功率減小，故D錯誤；

故選：C。

根據圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動勢；由斜率大小讀出電源的內阻。圖線Ⅱ的斜率大小等于電阻R的大小。兩圖線的交點表示電阻R接在該電源的電壓和電流，求出電源的輸出功率，由P=UI求電阻R消耗的功率。

本題抓住伏安特性曲線的斜率、截距和交點的數學意義來理解其物理意義，知道兩個圖象的交點表示該電源與電阻R相連組成閉合電路時電路中電流和路端電壓。【解析】C5、A【分析】解：A

火車需要的時間為t=xv=3060h=0.5h

故A正確；

B；60km/h

表示這段位移內的平均速度；在這段位移內的某一位置，速度可能比60Km/h

大，也有可能比60km/h

小.

故B錯誤．

C；若在60km

內的平均速度為60km/h

則需要1h

但30km

后的平均速度不一定為60km/h

故C錯誤；

D；60km/h

是火車在這一路段中的平均速度.

故D錯誤．

故選：A

平均速度表示一段位移內的速度，公式v爐=xt

是位移與時間的比值．

解決本題的關鍵知道平均速度表示一段位移內的速度，等于位移與時間的比值.

可以將公式變形后求出時間或位移【解析】A

6、D【分析】解：條形磁鐵位置磁感線如圖，故通電導線出的磁場方向向右

根據左手定則；電流受到的安培力向下，故彈簧彈力變大；

根據牛頓第三定律；電流對磁體的作用力與安培力等大；反向、共線，即向上，故磁體對地壓力變小，故D正確。

故選：D。

畫出條形磁鐵位置磁感線情況；然后根據左手定則判斷安培力方向，再根據牛頓第三定律判斷磁體受到的磁場力方向。

本題關鍵要明確磁場是傳遞磁極與磁極、電流與磁體、電流與電流間相互作用的媒介物，同時要會畫常見磁感線，會用左手定則判斷安培力方向。【解析】D二、填空題(共8題，共16分)7、略

【分析】

外電路電阻一定，由P=I2R可知；電路電流I越大，電阻功率越大，由閉合電路的歐姆定律可知，在電源電動勢一定時，電源內阻越小，電路電流越大，因此當電源內阻最小為2Ω時，電路中電流最大，電阻R的功率最大．

當選擇內阻為3Ω的電源時，電路中電流I=所以內電路上消耗的電功率為P=I2r=3W

故答案為：2；3

【解析】【答案】定值電阻阻值R=5Ω一定，當電路中電流最大時，其功率最大，根據閉合電路歐姆定律確定電源的內阻為多大時，電流最大．當選擇內阻為3Ω的電源時，根據閉合電路歐姆定律求出電流，根據P=I2r求解．

8、略

【分析】解：反應前的質量為14.00735u+4.00387u=18.01122u；反應后的質量17.00454u+1.00815u=18.01269u；

反應前的質量小于反應后的質量；可知需要吸收能量．

吸收的能量為：△E=（18.01269-18.01122）×931MeV=1.37MeV=2.2×10-13J．

故答案為：吸收，2.2×10-13．

根據反應前和反應后的質量大小關系；結合質能方程判斷吸收能量還是放出能量，以及求出能量的大小．

解決本題的關鍵掌握愛因斯坦質能方程，知道反應前質量大于反應后質量，有能量放出，反應前質量小于反應后質量，需吸收能量．【解析】吸收；2.2×10-139、減小3【分析】【分析】勻強磁場中；當線圈與磁場垂直時，磁通量婁碌=BS

根據面積變化，分析磁通量的變化；

根據法拉第電磁感應定律求解感應電動勢。

本題是法拉第電磁感應定律的簡單應用.

當線圈與磁場垂直時，磁通量婁碌=BS

對于磁通量的變化，也可以根據磁感線數判斷。【解答】勻強磁場中；當線圈與磁場垂直時，磁通量婁碌=BS

離開磁場面積變小，磁通量將減小；

根據法拉第電磁感應定律：E=?鈱??t=0.60.2V=3V

故填：減小；3

【解析】減小3

10、略

【分析】①單擺的擺長為懸點到球心的距離，所以是②測周期時，擺球開始計時的位置應是平衡位置，容易判斷，最高點位置因速度為0，不容易判斷，從開始計時并計數1次，測出經過該位置N次，是N-1個半周期，得T=【解析】【答案】①(1分);②平衡(1分);(2分);11、略

【分析】解：由圖知，相鄰間的電勢差為2v，據E===500V/m

由U=Ed得：UAB=E2rcos30°①

電場力做功：W=Uq②

聯立①②代入數據解之得：W=2×10-8J

故答案為：500；2×10-8．

抓住電場線與等勢面垂直；由高等勢面指向低等勢面，確定電場強度的方向，結合電勢差的大小和沿電場線方向上的距離求出電場強度的大小；用U=Ed求電勢差，再求電場力做功．

靈活應用電勢差與場強的關系，判斷場強方向；利用勻強電場電勢差與場強的公式求解是解題的核心．【解析】500；2×10-812、略

【分析】解：①保持兩板與電源相連，則電壓不變，只增大兩板間距離，則由知C減小，由知，U不變，Q減小，根據知E減小．

②充電后與電源斷開；則帶電量不變，再減小電容器極板間距離，則C增大，U減小，Q不變，面積不變，電荷密度不變，所以E不變．

故答案為：①減小；不變，減小，減小②增大，減小，不變，不變．

根據電容決定式分析電容大小變化，根據定義式分析電壓或帶電量的變化，根據分析場強的變化．

對于電容器動態變化分析問題，要抓住不變量．當電容器保持與電源相連時，電壓不變．當電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．【解析】減小；不變；減小；減小；增大；減小；不變；不變13、12682【分析】【分析】

寫出衰變方程；根據原子核經過一次婁脕

衰變，電荷數減小2

質量數減小4

一次婁脗

衰變后電荷數增加1

質量數不變，分析求解。

知道發生婁脕婁脗

衰變的實質.

能夠運用質量數和電荷數守恒進行求解。

【解答】

設衰變后的元素為M

質量數為y

核電荷數為x

衰變方程為：90232Th隆煤xyM+6婁脕+4婁脗

則：質量數：232=y+6隆脕4

解得：y=208

核電荷數：90=x+2隆脕6鈭?4

解得：x=82

所以中子數等于質量數減去質子數等于126

故填：12682

。

【解析】12682

14、S【分析】解：根據對磁體磁場的N；S極的規定可知；指南針指南的一端是S極。

故答案為：S；

根據磁體之間的相互作用的特點分析指南針。

該題考查磁場的方向的規定、磁場的基本特點以及洛倫茲力的定義，都是和磁場有關的幾個基本概念，記住即可正確解答。基礎題目。【解析】S三、判斷題(共9題，共18分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．18、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、作圖題(共3題，共30分)24、【分析】對棒受力分析可知；棒受到重力豎直向下，半球對棒的彈力垂直于接觸面向上，地面對棒的彈力垂直于地面向上，地面對棒的摩擦力沿著接觸面（地面）向右．如圖所示：

【分析】對AB受力分析，按重力、彈力、摩擦力的順序進行受力分析，并畫出受力分析圖．25、略

【分析】解：（1）小球離開軌道后做平拋運動；小球在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則有：

mav0=mavA+mbvB；

兩邊同時乘以時間t得：mav0t=mavAt+mbvBt，則maOB=maOA+mbOC；

因此A實驗需要測量：兩球的質量；兩球做平拋運動的水平位移，故ACD錯誤，BE正確．

故選：BE．

（2）由圖所示裝置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度減小，b球在前，a球在后，兩球都做平拋運動，由圖示可知，未放被碰小球時小球a的落地點為B點，碰撞后a、b的落點點分別為A；C點．

（3）由（1）可知，實驗需要驗證的表達式為：maOB=maOA+mbOC，因此比較maOB，與maOA+mbOC即可判斷動量是否守恒．

故答案為：（1）BE；（2）A，C；（3）maOB，maOA+mbOC．

（1）根據動量守恒定律求出需要驗證的表達式；然后根據表達式分析答題，注意平拋運動特點的應用．

（2）根據圖示裝置與小球的運動分析答題；被碰小球速度最大，水平距離最大．

（3）根據動量守恒可知實驗需要驗證的表達式為：maOB=maOA+mbOC．

本題考查了實驗需要測量的量、實驗注意事項、實驗原理、刻度尺讀數、動量守恒表達式，解題時需要知道實驗原理，根據動量守恒定律與平拋運動規律求出實驗要驗證的表達式是正確答題的前提與關鍵．【解析】BE；A；C；maOB；maOA+mbOC26、【分析】對棒受力分析可知；棒受到重力豎直向下，半球對棒的彈力垂直于接觸面向上，地面對棒的彈力垂直于地面向上，地面對棒的摩擦力沿著接觸面（地面）向右．如圖所示：

【分析】對AB受力分析，按重力、彈力、摩擦力的順序進行受力分析，并畫出受力分析圖．五、識圖作答題(共4題，共28分)27、（1）動物細胞培養、核移植、早期胚胎培養、基因工程、胚胎干細胞培養

（2）囊胚期發育的全能性

（3）核苷酸序列B和CHindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ

（4）綠干擾素的抗體【分析】【分析】本題考查基因工程、細胞工程以及胚胎工程等方面的知識，難度適中。考生要能夠識記細胞核移植的過程；明確基因工程中質粒和目的基因需要利用同種限制酶進行切割；掌握目的基因檢測和鑒定的一般方法等。【解答】（1）圖1中用到了動物細胞培養、核移植、早期胚胎培養、基因工程、胚胎干細胞培養等現代生物技術。

（2）步驟②中要分離出ES細胞，需將重組胚胎培養到囊胚期。將目的基因導入ES細胞而不是上皮細胞，是因為ES細胞在功能上具有發育的全能性。（3）步驟③中，先需要利用PCR技術擴增干擾素基因。可以根據一段已知的干擾素基因的核苷酸序列合成引物；DNA復制只能從5’到3’,因此構建前利用PCR技術擴增干擾素基因時，可以從圖中A、B、C、D四種單鏈DNA片段中選取B和C作為引物。由圖可知，SamⅠ酶的識別序列和切割位點位于目的基因上，用該酶切割會破壞目的基因，因此對干擾素基因片段和質粒進行酶切時，可選用限制酶HindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ。（4）用限制酶HindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ切割時會破壞紅色熒光蛋白基因，但不會破壞綠色熒光蛋白基因，因此將步驟③獲得的E