…………○…………內…………○…○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版選擇性必修3化學上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、華蟾素具有解毒；消腫、止痛的功能；用于治療中、晚期腫瘤，慢性乙型肝炎等疾病。下列關于華蟾素的說法錯誤的是。

A.能使酸性KMnO4溶液褪色B.能與NaHCO3反應生成CO2C.1mol該分子最多與2molH2發生加成反應D.能夠發生酯化反應、水解反應2、分子式為C5H11Cl的有機物共有(不含立體異構)A.10種B.9種C.8種D.6種3、下列有機物分子中，所有的原子不可能處于同一平面上的是A.CH2=CH—C≡NB.CH2=CH—CH2—CH=CH2C.D.CH2=CH—CH=CH24、下列化學用語或圖示不正確的是A.1-丁烯的實驗式：B.的空間結構：C.基態原子的價層電子排布式：D.分子中鍵的形成：5、下列關于苯的說法中正確的有。

①用苯；溴水和鐵粉混合制溴苯。

②78g苯中含有碳碳雙鍵的數目為

③實驗室制得的溴苯顯棕褐色是因為溴苯中溶有可用溶液洗滌除去。

④制溴苯的實驗中導出的氣體可以使酸化的溶液產生淺黃色沉淀。

⑤制硝基苯的實驗裝置上方的長導管的作用是冷凝回流和導氣。

⑥苯分子中所有原子在一個平面上A.①②③④B.①③⑤⑥C.③④⑤⑥D.②③⑥⑥6、在實驗室中，下列除去雜質的方法正確的是（）A.苯中混有溴，加入CCl4振蕩，萃取出溴B.乙烷中混有乙烯，通過氫氣在一定條件下反應，使乙烯轉化為乙烷C.硝基苯中混有濃HNO3和濃H2SO4，沿器壁加入到NaOH溶液中，靜置，分液D.乙烯中混有SO2，將其通入酸性KMnO4溶液中洗氣7、下列除去括號內雜質所用的試劑和方法都正確的是。選項物質所用試劑方法A甲烷（乙烯）酸性高錳酸鉀溶液洗氣B乙醇（水）生石灰分液C乙醇（乙酸）氫氧化鈉溶液分液D乙酸乙酯（乙酸）飽和碳酸鈉溶液分液

A.AB.BC.CD.D8、2020年，突如其來的疫情使全國人民都帶起了口罩，以阻擋病毒的傳播。通常人們戴的是一次性使用醫科口罩(SMS)或防霧霾的3M(SMMMS)口罩，其原料都是聚丙烯。紡粘層即S層，其纖維直徑比較粗，在20um左右；熔噴層即M層，纖維直徑比較細，在2um左右。下列說法正確的是A.聚丙烯可以使溴水或酸性高錳酸鉀溶液褪色B.聚丙烯單體的結構簡式：CH3CHCH2C.聚丙烯其結構簡式為：D.為了防止新冠疫情蔓延，95%的酒精可有效殺滅病毒9、玉米芯與稀硫酸在加熱加壓下反應，可以制得糠醛。糠醛是重要的化工原料，具有廣泛的用途，其結構簡式為下列說法正確的是A.糠醛的分子式為C5H5O2B.糠醛與銀氨溶液混合，水浴加熱，可以發生銀鏡反應C.1mol糠醛最多能與2molH2發生反應D.一定條件下糠醛與苯酚能發生加聚反應生成一種酚醛樹脂評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、已知某有機化合物只由碳、氫兩種元素組成，其摩爾質量為回答下列問題：

(1)若該有機化合物分子中無碳碳不飽和鍵和碳環，則該有機化合物的分子式為___________，其同系物中摩爾質量最小的有機化合物的名稱為___________。

(2)若該有機化合物分子呈鏈狀；其中含有的碳碳不飽和鍵只有碳碳雙鍵和碳碳三鍵，且碳碳三鍵的數目已確定，請在下表中填寫對應分子中所含碳碳雙鍵的數目。

。碳碳三鍵數目。

1

2

3

碳碳雙鍵數目。

______

_______

_______

(3)若該有機化合物分子中含有碳碳不飽和鍵，則其分子式為_______，分子結構中含有一個苯環、一個碳碳雙鍵和一個碳碳三鍵，且苯環上有兩個取代基，取代基處于鄰位的有機化合物的結構簡式為______；若分子結構中含有兩個苯環，則該有機化合物的結構簡式為______。11、根據要求；回答下列問題：

(1)下列各組物質中互為同分異構體的是_______(填序號，下同)，為同種物質的是_______，為同系物的是_______，互為同素異形體的是_______。

①和

②和

③和

④和

⑤和

⑥和

(2)依據氧化還原反應設計的原電池如圖所示。電解質溶液是_______(填化學式)溶液。石墨電極上發生反應的類型為_______(填“氧化”或“還原”)反應。

12、按要求填空：

（1）烷烴A在同溫、同壓下蒸氣的密度是H2的43倍，其分子式為_________。

（2）0.1mol烷烴E完全燃燒，消耗標準狀況下的O211.2L，其分子式為________。

（3）用式量為43的烷基取代甲苯苯環上的一個氫原子，所得芳香烴產物的數目為_______。

（4）萘的結構式為其分子式為________，它的二氯代物又有_______種。

（5）立方烷其分子式為__________，它的六氯代物有_________種。13、A()的名稱是_______14、現擬分離乙酸乙酯；乙酸和乙醇的混合物；下圖是分離操作步驟流程圖。

已知各物質的沸點：乙酸乙酯77.1℃乙醇78.5℃乙酸118℃

請回答下列問題：

(1)試劑(a)為_______，試劑(b)為_______。

(2)圖中的分離方法分別是①為_______；②為_______；③為_______。

(3)寫出下列有機物的化學式：A_______、B_______、C_______、D_______、E_______。15、甲烷是天然氣的主要成分；是生產生活中應用非常廣泛的一種化學物質。下列各圖均能表示甲烷的分子結構，按要求回答下列問題。

A.B.C.D.

(1)甲烷的球棍模型是____；

(2)甲烷與丙烷互為___；

A.同位素B.同素異形體C.同系物D.同分異構體。

(3)某研究小組為了探究甲烷和氯氣反應的情況；設計了以下實驗。

[實驗一]用如圖所示裝置；試管中是甲烷和氯氣的混合氣體，光照后觀察實驗現象，回答以下問題。

①該反應的反應類型為_____。

②該反應的化學方程式為(只寫第一步)____。

③該實驗的實驗現象為____、___；試管壁上出現油狀液滴。

④若題目中甲烷與氯氣體積之比為1∶1，則得到的產物為___(填字母；下同)。

A.B.

C.D.16、某天然有機物F()具有抗腫瘤等生物活性；可通過如圖路線合成。

(6)A的一種同分異構體同時滿足下列條件，寫出該同分異構體的結構簡式：_______。

①能與溶液發生顯色反應②分子中含有2種不同化學環境的氫17、回答下列問題。

I．寫出下列有機物的結構簡式：

（1）2，6-二甲基－4－乙基辛烷：___________；

（2）2－甲基－1－戊烯：___________；

II．回答下列問題。

（3）立方烷的結構簡式如圖所示；每個頂點是一個碳原子。則：

①其分子式為___________。

②它的一氯取代物有___________種。

③它的二氯取代物有___________種。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)18、碳氫質量比為3:1的有機物一定是CH4。(___________)A.正確B.錯誤19、新材料口罩具有長期儲存的穩定性、抗菌性能。(_______)A.正確B.錯誤20、甲烷、異丁烷、乙烯、乙炔均為脂肪烴。(____)A.正確B.錯誤21、高級脂肪酸和乙酸互為同系物。(_______)A.正確B.錯誤22、羧基和酯基中的均能與H2加成。(____)A.正確B.錯誤23、乙苯的同分異構體共有三種。(____)A.正確B.錯誤評卷人得分四、結構與性質(共4題，共36分)24、科學家合成非石墨烯型碳單質——聯苯烯的過程如下。

(1)物質a中處于同一直線的碳原子個數最多為___________。

(2)物質b中元素電負性從大到小的順序為___________。

(3)物質b之間可采取“拉鏈”相互識別活化位點的原因可能為___________。

(4)物質c→聯苯烯的反應類型為___________。

(5)鋰離子電池負極材料中；鋰離子嵌入數目越多，電池容量越大。石墨烯和聯苯烯嵌鋰的對比圖如下。

①圖a中___________。

②對比石墨烯嵌鋰，聯苯烯嵌鋰的能力___________(填“更大”，“更小”或“不變”)。25、青蒿素是從黃花蒿中提取的一種無色針狀晶體；雙氫青蒿素是青蒿素的重要衍生物，抗瘧疾療效優于青蒿素，請回答下列問題：

（1）組成青蒿素的三種元素電負性由大到小排序是__________，畫出基態O原子的價電子排布圖__________。

（2）一個青蒿素分子中含有_______個手性碳原子。

（3）雙氫青蒿素的合成一般是用硼氫化鈉(NaBH4)還原青蒿素．硼氫化物的合成方法有：2LiH+B2H6=2LiBH4；4NaH+BF3═NaBH4+3NaF

①寫出BH4﹣的等電子體_________（分子；離子各寫一種）；

②B2H6分子結構如圖，2個B原子和一個H原子共用2個電子形成3中心二電子鍵，中間的2個氫原子被稱為“橋氫原子”，它們連接了2個B原子．則B2H6分子中有______種共價鍵；

③NaBH4的陰離子中一個B原子能形成4個共價鍵，而冰晶石(Na3AlF6)的陰離子中一個Al原子可以形成6個共價鍵，原因是______________；

④NaH的晶胞如圖，則NaH晶體中陽離子的配位數是_________；設晶胞中陰、陽離子為剛性球體且恰好相切，求陰、陽離子的半徑比=__________由此可知正負離子的半徑比是決定離子晶體結構的重要因素，簡稱幾何因素，除此之外影響離子晶體結構的因素還有_________、_________。26、科學家合成非石墨烯型碳單質——聯苯烯的過程如下。

(1)物質a中處于同一直線的碳原子個數最多為___________。

(2)物質b中元素電負性從大到小的順序為___________。

(3)物質b之間可采取“拉鏈”相互識別活化位點的原因可能為___________。

(4)物質c→聯苯烯的反應類型為___________。

(5)鋰離子電池負極材料中；鋰離子嵌入數目越多，電池容量越大。石墨烯和聯苯烯嵌鋰的對比圖如下。

①圖a中___________。

②對比石墨烯嵌鋰，聯苯烯嵌鋰的能力___________(填“更大”，“更小”或“不變”)。27、青蒿素是從黃花蒿中提取的一種無色針狀晶體；雙氫青蒿素是青蒿素的重要衍生物，抗瘧疾療效優于青蒿素，請回答下列問題：

（1）組成青蒿素的三種元素電負性由大到小排序是__________，畫出基態O原子的價電子排布圖__________。

（2）一個青蒿素分子中含有_______個手性碳原子。

（3）雙氫青蒿素的合成一般是用硼氫化鈉(NaBH4)還原青蒿素．硼氫化物的合成方法有：2LiH+B2H6=2LiBH4；4NaH+BF3═NaBH4+3NaF

①寫出BH4﹣的等電子體_________（分子；離子各寫一種）；

②B2H6分子結構如圖，2個B原子和一個H原子共用2個電子形成3中心二電子鍵，中間的2個氫原子被稱為“橋氫原子”，它們連接了2個B原子．則B2H6分子中有______種共價鍵；

③NaBH4的陰離子中一個B原子能形成4個共價鍵，而冰晶石(Na3AlF6)的陰離子中一個Al原子可以形成6個共價鍵，原因是______________；

④NaH的晶胞如圖，則NaH晶體中陽離子的配位數是_________；設晶胞中陰、陽離子為剛性球體且恰好相切，求陰、陽離子的半徑比=__________由此可知正負離子的半徑比是決定離子晶體結構的重要因素，簡稱幾何因素，除此之外影響離子晶體結構的因素還有_________、_________。評卷人得分五、有機推斷題(共4題，共8分)28、具有治療自身免疫性疾病等作用的咖啡酸乙酯的合成路線如下圖所示：(部分反應所需試劑或反應條件已略去)

請按要求回答下列問題：

(1)B的名稱：___________；C的官能團結構簡式：___________；C→D的反應類型：___________﹔咖啡酸乙酯分子中共平面碳原子數目最多為___________。

(2)H→I所需試劑及反應條件：___________。

(3)D→F反應進行一段時間后：

①檢驗有產物F生成的實驗操作及現象為：___________。

②寫出檢驗該反應轉化完全與否的化學方程式：___________。

(4)寫出符合下列所有條件的H的同分異構體的結構簡式：___________。

a.與H具有相同官能團b.苯環上有三個取代基c.苯環上的一氯取代物有2種。

(5)結合題示信息，寫出以一氯甲烷和丙二酸(HOOCCH2COOH)為原料，合成丙烯酸()的合成路線(其它無機試劑任選)：___________。29、聚乙烯醇肉桂酸酯(M)可用作光刻工藝中的抗腐蝕涂層；其合成路線如下：

已知：R1-CHO+R2-CH2CHO

請回答：

(1)B的化學名稱為__________；M中含氧官能團的名稱為__________；F→G的反應類型為_____________________________________。

(2)C→D的化學反應方程式為__________________________。

(3)H的順式結構簡式為__________________。

(4)同時滿足下列條件的F的同分異構體有________種(不考慮立體異構)：①屬于芳香族化合物；②能發生水解反應和銀鏡反應。寫出其中一種核磁共振氫譜有4種吸收峰，且峰面積之比為6∶2∶1∶1的物質的結構簡式________________________。

(5)參照上述合成路線和相關信息，以乙烯和乙醛為原料(無機試劑任選)合成有機物如圖所示，設計合成路線__________________________

30、某研究小組按下列路線合成藥物諾氟沙星：

已知：

試劑EMME為C2H5OCH=C(COOC2H5)2；在適當條件下，可由C生成D。

②

③

請回答：

（1）根據以上信息可知諾氟沙星的結構簡式_____。

（2）下列說法不正確的是_____。

A.B到C的反應類型為取代反應。

B.EMME可發生的反應有加成；氧化，取代，加聚。

C.化合物E不具有堿性；但能在氫氧化鈉溶液中發生水解。

D.D中兩個環上的9個C原子可能均在同一平面上。

（3）已知：RCH2COOH設計以化合物HC(OC2H5)3、C2H5OH合成EMME的合成路線(用流程圖表示，無機試劑任選)_____。

（4）寫出C→D的化學方程式______。

（5）寫出化合物G的同系物M（C6H14N2）同時符合下列條件的同分異構體的結構簡式：____

①1H-NMR譜表明分子中有4種氫原子；IR譜顯示含有N－H鍵，不含N－N鍵；

②分子中含有六元環狀結構，且成環原子中至少含有一個N原子。31、化合物A(C12H16O2)經堿性水解、酸化后得到B和C(C8H8O2)。C的核磁共振氫譜表明含有苯環，且苯環上有2種氫原子。B經過下列反應后得到環狀化合物G，G的實驗式為C2H3O；相對分子質量為172，核磁共振氫譜顯示只有一個吸收峰。

已知：

請回答下列問題：

(1)寫出G的分子式：_______________。

(2)寫出A的結構簡式：______________________。

(3)寫出F→G反應的化學方程式：____________，該反應屬于________(填反應類型)。

(4)C的同分異構體有多種。

①屬于芳香族化合物，且能發生水解反應的有_____種；

(5)F可以發生下列變化：

J的結構簡式是_________________，由F可以直接生成H，設計反應①和②的目的是________________。評卷人得分六、原理綜合題(共4題，共32分)32、高聚物M廣泛用于各種剎車片。實驗室以烴A為原料制備M的一種合成路線如下：

已知：

回答下列問題：

（1）A的結構簡式為____。H的化學名稱為_____。

（2）B的分子式為____。C中官能團的名稱為____。

（3）由D生成E、由F生成G的反應類型分別為____、_____。

（4）由G和I生成M的化學方程式為____。

（5）Q為I的同分異構體，同時滿足下列條件的Q的結構簡式為____。

①1molQ最多消耗4molNaOH②核磁共振氫譜有4組吸收峰。

（6）參照上述合成路線和信息，以甲苯為原料(無機試劑任選)，設計制備的合成路線_____________________。33、CH4在光照條件下與Cl2反應；可得到各種氯代甲烷。

(1)生成CH3Cl的化學方程式是____。

(2)CH4氯代的機理為自由基(帶有單電子的原子或原子團，如Cl·、·CH3)反應，包括以下幾步：。Ⅰ.鏈引發Ⅱ.鏈傳遞Ⅲ.鏈終止Cl22Cl·Cl·+CH4→·CH3+HCl

·CH3+Cl2→CH3Cl+Cl·

2Cl·→Cl2

Cl·+·CH3→CH3Cl

①寫出由CH3Cl生成CH2Cl2過程中鏈傳遞的方程式：____、____。

②不同鹵原子自由基(X·)均可奪取CH4中的H，反應通式：X·(g)+CH4(g)→·CH3(g)+HX(g)△H。

已知：25℃，101kPa時，CH4中C—H和HCl中H—Cl的鍵能分別是439kJ·mol-1和431kJ·mol-1。

a．當X為Cl時，△H=____kJ·mol-1。

b．若X依次為F、Cl、Br、I，△H隨著原子序數增大逐漸_____(填“增大”或“減小”)，結合原子結構解釋原因：____。

③探究光照對CH4與Cl2反應的影響，實驗如表。編號操作結果A將Cl2與CH4混合后，光照得到氯代甲烷B將Cl2先用光照，然后迅速在黑暗中與CH4混合得到氯代甲烷C將Cl2先用光照，然后在黑暗中放置一段時間，再與CH4混合幾乎無氯代甲烷D將CH4先用光照，然后迅速在黑暗中與Cl2混合幾乎無氯代甲烷

a．由B和D得出的結論是____。

b．依據上述機理，解釋C中幾乎沒有氯代甲烷的原因：____。

(3)丙烷氯代反應中鏈傳遞的一步反應能量變化如圖。

推知—CH3中C—H鍵能比中C—H鍵能____(填“大”或“小”)。34、具有抗菌；消炎作用的黃酮醋酸類化合物L的合成路線如下圖所示：

已知部分有機化合物轉化的反應式如下：

（1）A的分子式是C7H8，其結構簡式是______；A→B所屬的反應類型為______。

（2）C→D的化學方程式是______。

（3）寫出滿足下列條件的D的任意一種同分異構體的結構簡式：______。

a.能發生銀鏡反應。

b.分子中含有酯基。

c.苯環上有兩個取代基；且苯環上的一氯代物有兩種。

（4）F的結構簡式是______；試劑b是______。

（5）H與I2反應生成J和HI的化學方程式是______。

（6）以A和乙烯為起始原料，結合題中信息，選用必要的無機試劑合成苯乙酸乙酯（），參照下列模板寫出相應的合成路線。_____________35、白黎蘆醇（結構簡式：）屬二苯乙烯類多酚化合物；具有抗氧化；抗癌和預防心血管疾病的作用。某課題組提出了如下合成路線：

已知：

根據以上信息回答下列問題：

（1）白黎蘆醇的分子式是___________。

（2）C→D的反應類型是_______；E→F的反應類型是_________。

（3）化合物A不與FeCl3溶液發生顯色反應，能與NaHCO3反應放出CO2，推測其1H核磁共振譜（H-NMR）中顯示不同化學環境的氫原子個數比為________。

（4）寫出A→B反應的化學方程式：___________________________________。

（5）寫出結構簡式：D______________、E_______________。

（6）化合物符合下列條件的所有同分異構體共_________種；

①能發生銀鏡反應；②含苯環且苯環上只有兩種不同化學環境的氫原子。

寫出其中不與堿反應的同分異構體的結構簡式：_____________________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．華蟾素分子中有碳碳雙鍵和羥基，能與酸性KMnO4溶液發生氧化反應，使酸性KMnO4溶液褪色；故A正確；

B．華蟾素分子中無羧基，不能與NaHCO3，反應生成CO2；故B錯誤；

C．1mol該分子中只有2mol碳碳雙鍵能與H2發生加成反應；故C正確；

D．該分子中存在羥基能發生酯化反應；存在酯基能發生水解反應，故D正確；

故選B。2、C【分析】【分析】

【詳解】

分子式為C5H11Cl的有機物共有(不含立體異構)，先考慮C5H12的碳架異構有：CH3CH2CH2CH2CH3、CH3CH2CH(CH3)2、C(CH3)4三種，再考慮Cl原子的位置異構，根據等效氫原理可知，上述三種碳架異構有分別有3種、4種和1種Cl原子位置異構，故一種有3+4+1=8種，故答案為：C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由乙烯的平面結構知乙烯所在的平面和過平面上的兩點所連的直線相重合；A項正確；

B．由甲烷的四面體結構可知，選項中的—CH2—上的氫原子均不能和雙鍵所在的平面重合；B項錯誤；

C．由乙烯和苯的平面結構可知；所有的原子可能共面，C項正確；

D．由乙烯的平面結構可知所有的原子可能共面；D項正確；

故答案為B。4、B【分析】【詳解】

A．1-丁烯的結構簡式：其實驗式為A項正確；

B．的中心原子價層電子對數為故其VSEPR模型為四面體形，B項錯誤；

C．根據銅離子的電子排布可知，基態銅原子的價電子排布式為C項正確；

D．HCl分子中σ鍵的形成為D項正確；

答案選B。5、C【分析】【詳解】

①苯和溴水不反應；苯和液溴在鐵的催化下才能取代，故①錯誤；

②苯環中不含有碳碳雙鍵；故②錯誤；

③溴可以和NaOH溶液反應生成易溶于水的鹽；而溴苯不和NaOH溶液反應，故③正確；

④制溴苯的實驗中導出的氣體為溴化氫，遇酸化的溶液產生淺黃色沉淀溴化銀；故④正確；

⑤反應過程中有硝酸和苯蒸氣；長導管不但可以導氣，還可以將蒸氣冷凝并回流下來，故⑤正確；

⑥苯是平面結構；所有原子共平面，故⑥正確；

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．溴；苯均溶于四氯化碳；不能除雜，應該用NaOH溶液、分液，故A錯誤；

B．乙烷中易引入新雜質氫氣；不能除雜，應用溴水；洗氣，故B錯誤；

C．酸堿反應后；與硝基苯分層，然后分液可分離，故C正確；

D．乙烯、SO2均可被酸性高錳酸鉀溶液氧化；不能除雜，應選NaOH溶液；洗氣，故D錯誤；

選C。7、D【分析】【詳解】

A．乙烯被高錳酸鉀氧化生成二氧化碳；引入新雜質，應加溴水；洗氣除雜，故A錯誤；

B．CaO與水反應后；增大與乙醇的沸點差異，然后蒸餾可除雜，故B錯誤；

C．乙酸與NaOH溶液反應后；增大與乙醇的沸點差異，然后蒸餾可除雜，故C錯誤；

D．乙酸與碳酸鈉反應后；與乙酸乙酯分層，然后分液可除雜，故D正確；

故選D。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．聚丙烯中沒有不飽和鍵；不可以使溴水或酸性高錳酸鉀溶液褪色，故A錯誤；

B．聚丙烯單體的結構簡式：CH3CH=CH2；故B錯誤；

C．聚丙烯其結構簡式為：故C正確；

D．95%的酒精消毒時滲透性比較差；內部的病毒難以殺滅，為了防止新冠疫情蔓延，75%的酒精可有效殺滅病毒，故D錯誤；

故選C。9、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據結構簡式得到糠醛的分子式為C5H4O2；故A錯誤；

B．糠醛含有醛基；當糠醛與銀氨溶液混合，水浴加熱，可以發生銀鏡反應，故B正確；

C．1mol糠醛含有1mol醛基，2mol碳碳雙鍵，因此最多能與3molH2發生反應；故C錯誤；

D．一定條件下糠醛與苯酚能發生縮聚反應生成一種酚醛樹脂；故D錯誤。

綜上所述，答案為B。二、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】【分析】

【詳解】

有機化合物只由碳、氫兩種元素組成，其摩爾質量為分析該有機化合物的摩爾質量可知其分子式可能為或

(1)該有機化合物分子中無碳碳不飽和鍵和碳環，可知該有機物為烷烴，而為烷烴，其同系物中摩爾質量最小的是甲烷。故答案為：甲烷；

(2)該鏈烴中含有碳碳不飽和鍵，其分子式為含有7個不飽和度，故當該分子中所含碳碳三鍵的數目分別為1；2、3時，對應所含碳碳雙鍵的數目分別為5、3、1，故答案為：5；3；1；

(3)由(2)可知，其分子式為分子結構中含有一個苯環，一個碳碳雙鍵和一個碳碳三鍵，且苯環上兩個取代基處于鄰位的有機化合物為分子結構中含有兩個苯環，且分子式為的有機物的結構簡式為故答案為：【解析】甲烷53111、略

【分析】【分析】

(1)

①和是由氧元素組成的不同單質；屬于同素異形體；

②和質子數相同為6；中子數不同分別為6；8，是碳元素不同核素，互為同位素；

③和它們的結構不同但分子式相同；所以二者互為同分異構體；

④和它們的結構不同但分子式相同；所以二者互為同分異構體；

⑤和組成和結構都相同；為同一物質；

⑥和它們結構相似都為烷烴，在分子組成上相差1個CH2原子團；互為同系物；

故答案為：③；④；⑤；⑥；①；

(2)

依據氧化還原反應設計的原電池，可知該反應Cu失去電子，為電池負極，發生氧化反應，石墨為正極，鐵離子將會得到電子，發生還原反應，則電解質溶液是或溶液，故答案為：或還原。【解析】(1)③；④⑤⑥①

(2)或還原12、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）根據密度比等于相對分子質量比計算烷烴相對分子質量；再根據烷烴通式計算分子式。

（2）根據烷烴燃燒通式計算分子式。

（3）式量為43的烷基是

（4）根據萘的結構式寫分子式。

（5）根據立方烷的結構式寫分子式；根據它的二氯代物判斷六氯代物。

解析：（1）根據密度比等于相對分子質量比，可知該烷烴的相對分子質量是86，根據烷烴通式14n+2=86，n=6，分子式為C6H14。

（2）根據烷烴燃燒通式。

1mol

0.1mol11.2L

n=3

分子式為C3H8。

（3）用式量為43的烷基是有兩種結構取代甲苯苯環上的一個氫原子，所得芳香烴產物

共6種。

（4）根據萘的結構式為其分子式為C10H8，它的二氯代物又有

10種。

（5）根據立方烷的結構式分子式為C8H8，它的二氯代物有兩個氯原子在同一個楞上、兩個氯原子在面對角線、兩個氯原子在體對角線，如圖有3種，所以六氯代物也有3種。【解析】①.C6H14②.C3H8③.6④.C10H8⑤.10⑥.C8H8⑦.313、略

【分析】【詳解】

該物質主鏈上有3個碳，羥基連在第二個碳上，故名稱為2-丙醇或異丙醇。【解析】異丙醇(或2-丙醇)14、略

【分析】【分析】

乙酸乙酯不溶于水，而乙酸、乙醇均易溶于水，可先加飽和Na2CO3溶液分液分離出乙酸乙酯，余下的CH3COONa和乙醇，用蒸餾法蒸出乙醇，最后向D中加入硫酸，將CH3COONa轉化為乙酸，再蒸餾即可得到CH3COOH，故A為乙酸乙酯，B為含CH3COONa和乙醇的溶液，C為CH3COONa；D為乙酸，E為乙醇。

【詳解】

（1）由分析可知試劑(a)為飽和Na2CO3溶液，試劑(b)為硫酸；

（2）加入飽和Na2CO3溶液分液后，分離出乙酸乙酯，①的分離方法是分液；B中的CH3COONa和乙醇，用蒸餾法蒸出乙醇，故②的分離方法是蒸餾；最后向D中加入硫酸，將CH3COONa轉化為乙酸，再蒸餾即可得到CH3COOH；故②的分離方法是蒸餾；

（3）由分析可知：A為CH3COOCH2CH3，B為CH3CH2OH、CH3COONa，C為CH3COONa，D為CH3COOH，E為CH3CH2OH。【解析】(1)飽和Na2CO3溶液硫酸。

(2)分液蒸餾蒸餾。

(3)CH3COOCH2CH3CH3CH2OH、CH3COONaCH3COONaCH3COOHCH3CH2OH15、略

【分析】【詳解】

(1)甲烷的球棍模型是有球有棍的模型；C符合，所以答案選C。

(2)甲烷與丙烷結構相似，分子式相差2個CH2；互為同系物，答案選C。

(3)①甲烷與氯氣光照發生取代反應；所以該反應的反應類型為取代反應。

②該反應的第一步為：

③該實驗氯氣被消耗；生成了難溶于水的有機物，氣體總物質的量減少，所以實驗現象為：量筒內液面上升；黃綠色褪去、試管壁上出現油狀液滴。

④該取代反應四種有機產物和無機物HCl均會產生，與反應物投料比無關，所以答案為D。【解析】CC取代反應CH4+Cl2CH3Cl+HCl量筒內液面上升黃綠色褪去D16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(6)A的結構簡式為含有2個碳碳雙鍵，不飽和度等于4，其一種同分異構體能與溶液發生顯色反應，說明含有酚羥基，苯環恰好為4個不飽和度，因此剩余C原子都是以飽和單鍵的形式成鍵，有2種不同化學環境的H原子，則該同分異構的結構高度對稱，應為【解析】17、略

【分析】【分析】

（1）

根據烷烴的系統命名法，2，6-二甲基－4－乙基辛烷的結構簡式是

（2）

根據烯烴的系統命名法，2－甲基－1－戊烯的結構簡式是

（3）

①根據價鍵規律，立方烷上每個碳原子連有1個氫原子，其分子式為C8H8。

②立方烷結構對稱；分子中只有1種等效氫，它的一氯取代物有1種。

③立方烷結構對稱，立方烷二氯取代物的兩個氯原子位于同一個楞上、兩個氯原子位于面對角線上、兩個氯原子位于體對角線上，所以它的二氯取代物有3種。【解析】（1）

（2）

（3）C8H813三、判斷題(共6題，共12分)18、B【分析】【詳解】

碳氫質量比為3:1的有機物一定是CH4或CH4O，錯誤。19、A【分析】【詳解】

新材料口罩的材料以聚丙烯為原材料，通過添加抗菌劑、降解劑、駐極劑以及防老化助劑，使其具有長期儲存的穩定性及抗菌性能，答案正確；20、A【分析】【詳解】

脂肪烴分子中的碳原子通過共價鍵連接形成鏈狀的碳架；兩端張開不成環的烴，甲烷；異丁烷、乙烯、乙炔均為脂肪烴，故正確；

故答案為：正確。21、B【分析】【分析】

【詳解】

高級脂肪酸是含有碳原子數比較多的羧酸，可能是飽和的羧酸，也可能是不飽和的羧酸，如油酸是不飽和的高級脂肪酸，分子結構中含有一個碳碳雙鍵，物質結構簡式是C17H33COOH；而乙酸是飽和一元羧酸，因此不能說高級脂肪酸和乙酸互為同系物，這種說法是錯誤的。22、B【分析】【詳解】

羧基和酯基中的羰基均不能與H2加成，醛酮中的羰基可以與氫氣加成，故錯誤。23、B【分析】【詳解】

乙苯的同分異構體中含有苯環的有鄰二甲苯、間二甲苯、對二甲苯3種，除此以外，苯環的不飽和度為4，還有不含苯環的同分異構體，故乙苯的同分異構體多于3種，錯誤。四、結構與性質(共4題，共36分)24、略

【分析】【分析】

苯環是平面正六邊形結構，據此分析判斷處于同一直線的最多碳原子數；物質b中含有H；C、F三種元素；元素的非金屬性越強，電負性越大，據此分析判斷；C－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，據此分析解答；石墨烯嵌鋰圖中以圖示菱形框為例，結合均攤法計算解答；石墨烯嵌鋰結構中只有部分六元碳環中嵌入了鋰，而聯苯烯嵌鋰中每個苯環中都嵌入了鋰，據此分析判斷。

【詳解】

(1)苯環是平面正六邊形結構，物質a()中處于同一直線的碳原子個數最多為6個()；故答案為：6；

(2)物質b中含有H；C、F三種元素；元素的非金屬性越強，電負性越大，電負性從大到小的順序為F＞C＞H，故答案為：F＞C＞H；

(3)C－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F與H二者靠靜電作用識別，因此物質b之間可采取“拉鏈”相互識別活化位點；故答案為：C－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F與H二者靠靜電作用識別；

(4)根據圖示；物質c→聯苯烯過程中消去了HF，反應類型為消去反應，故答案為：消去反應；

(5)①石墨烯嵌鋰圖中以圖示菱形框為例，含有3個Li原子，含有碳原子數為8×+2×+2×+13=18個，因此化學式LiCx中x=6；故答案為：6；

②根據圖示，石墨烯嵌鋰結構中只有部分六元碳環中嵌入了鋰，而聯苯烯嵌鋰中每個苯環中都嵌入了鋰，鋰離子嵌入數目越多，電池容量越大，因此聯苯烯嵌鋰的能力更大，故答案為：更大。【解析】6F＞C＞HC－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F與H二者靠靜電作用識別消去反應6更大25、略

【分析】【分析】

非金屬性越強的元素；其電負性越大；根據原子核外電子排布的3大規律分析其電子排布圖；手性碳原子上連著4個不同的原子或原子團；等電子體之間原子個數和價電子數目均相同；配合物中的配位數與中心原子的半徑和雜化類型共同決定；根據晶胞結構；配位數、離子半徑的相對大小畫出示意圖計算陰、陽離子的半徑比。

【詳解】

（1）組成青蒿素的三種元素是C、H、O，其電負性由大到小排序是O>C>H，基態O原子的價電子排布圖

（2）一個青蒿素分子中含有7個手性碳原子，如圖所示：

（3）①根據等電子原理，可以找到BH4﹣的等電子體，如CH4、NH4+；

②B2H6分子結構如圖，2個B原子和一個H原子共用2個電子形成3中心2電子鍵，中間的2個氫原子被稱為“橋氫原子”，它們連接了2個B原子．則B2H6分子中有B—H鍵和3中心2電子鍵等2種共價鍵；

③NaBH4的陰離子中一個B原子能形成4個共價鍵，而冰晶石(Na3AlF6)的陰離子中一個Al原子可以形成6個共價鍵；原因是：B原子的半徑較小；價電子層上沒有d軌道，Al原子半徑較大、價電子層上有d軌道；

④由NaH的晶胞結構示意圖可知，其晶胞結構與氯化鈉的晶胞相似，則NaH晶體中陽離子的配位數是6；設晶胞中陰、陽離子為剛性球體且恰好相切，Na+半徑大于H-半徑，兩種離子在晶胞中的位置如圖所示：Na+半徑的半徑為對角線的對角線長為則Na+半徑的半徑為H-半徑為陰、陽離子的半徑比0.414。由此可知正負離子的半徑比是決定離子晶體結構的重要因素，簡稱幾何因素，除此之外影響離子晶體結構的因素還有電荷因素（離子所帶電荷不同其配位數不同）和鍵性因素（離子鍵的純粹程度）。【解析】①.O>C>H②.③.7④.CH4、NH4+⑤.2⑥.B原子價電子層上沒有d軌道，Al原子價電子層上有d軌道⑦.6⑧.0.414⑨.電荷因素⑩.鍵性因素26、略

【分析】【分析】

苯環是平面正六邊形結構，據此分析判斷處于同一直線的最多碳原子數；物質b中含有H；C、F三種元素；元素的非金屬性越強，電負性越大，據此分析判斷；C－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，據此分析解答；石墨烯嵌鋰圖中以圖示菱形框為例，結合均攤法計算解答；石墨烯嵌鋰結構中只有部分六元碳環中嵌入了鋰，而聯苯烯嵌鋰中每個苯環中都嵌入了鋰，據此分析判斷。

【詳解】

(1)苯環是平面正六邊形結構，物質a()中處于同一直線的碳原子個數最多為6個()；故答案為：6；

(2)物質b中含有H；C、F三種元素；元素的非金屬性越強，電負性越大，電負性從大到小的順序為F＞C＞H，故答案為：F＞C＞H；

(3)C－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F與H二者靠靜電作用識別，因此物質b之間可采取“拉鏈”相互識別活化位點；故答案為：C－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F與H二者靠靜電作用識別；

(4)根據圖示；物質c→聯苯烯過程中消去了HF，反應類型為消去反應，故答案為：消去反應；

(5)①石墨烯嵌鋰圖中以圖示菱形框為例，含有3個Li原子，含有碳原子數為8×+2×+2×+13=18個，因此化學式LiCx中x=6；故答案為：6；

②根據圖示，石墨烯嵌鋰結構中只有部分六元碳環中嵌入了鋰，而聯苯烯嵌鋰中每個苯環中都嵌入了鋰，鋰離子嵌入數目越多，電池容量越大，因此聯苯烯嵌鋰的能力更大，故答案為：更大。【解析】6F＞C＞HC－F共用電子對偏向F，F顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F與H二者靠靜電作用識別消去反應6更大27、略

【分析】【分析】

非金屬性越強的元素；其電負性越大；根據原子核外電子排布的3大規律分析其電子排布圖；手性碳原子上連著4個不同的原子或原子團；等電子體之間原子個數和價電子數目均相同；配合物中的配位數與中心原子的半徑和雜化類型共同決定；根據晶胞結構；配位數、離子半徑的相對大小畫出示意圖計算陰、陽離子的半徑比。

【詳解】

（1）組成青蒿素的三種元素是C、H、O，其電負性由大到小排序是O>C>H，基態O原子的價電子排布圖

（2）一個青蒿素分子中含有7個手性碳原子，如圖所示：

（3）①根據等電子原理，可以找到BH4﹣的等電子體，如CH4、NH4+；

②B2H6分子結構如圖，2個B原子和一個H原子共用2個電子形成3中心2電子鍵，中間的2個氫原子被稱為“橋氫原子”，它們連接了2個B原子．則B2H6分子中有B—H鍵和3中心2電子鍵等2種共價鍵；

③NaBH4的陰離子中一個B原子能形成4個共價鍵，而冰晶石(Na3AlF6)的陰離子中一個Al原子可以形成6個共價鍵；原因是：B原子的半徑較小；價電子層上沒有d軌道，Al原子半徑較大、價電子層上有d軌道；

④由NaH的晶胞結構示意圖可知，其晶胞結構與氯化鈉的晶胞相似，則NaH晶體中陽離子的配位數是6；設晶胞中陰、陽離子為剛性球體且恰好相切，Na+半徑大于H-半徑，兩種離子在晶胞中的位置如圖所示：Na+半徑的半徑為對角線的對角線長為則Na+半徑的半徑為H-半徑為陰、陽離子的半徑比0.414。由此可知正負離子的半徑比是決定離子晶體結構的重要因素，簡稱幾何因素，除此之外影響離子晶體結構的因素還有電荷因素（離子所帶電荷不同其配位數不同）和鍵性因素（離子鍵的純粹程度）。【解析】①.O>C>H②.③.7④.CH4、NH4+⑤.2⑥.B原子價電子層上沒有d軌道，Al原子價電子層上有d軌道⑦.6⑧.0.414⑨.電荷因素⑩.鍵性因素五、有機推斷題(共4題，共8分)28、略

【分析】【分析】

由題給有機物的轉化關系可知，ClCH2CH2CH2Cl在堿性條件下共熱發生水解反應生成HOCH2CH2CH2OH，則B為HOCH2CH2CH2OH；在銅做催化劑作用下，HOCH2CH2CH2OH與氧氣共熱發生催化氧化反應生成OHCCH2CHO，則C為OHCCH2CHO；在催化劑作用下，OHCCH2CHO與氧氣共熱發生催化氧化反應生成HOOCCH2COOH；一定條件下，HOOCCH2COOH與反應生成一定條件下，發生取代反應生成在加熱條件下發生脫羧反應生成在濃硫酸作用下，與乙醇共熱發生酯化反應生成咖啡酸乙酯。

【詳解】

(1)由分析可知，B的結構簡式為HOCH2CH2CH2OH，名稱為1，3—丙二醇；C的結構簡式為OHCCH2CHO，官能團結構簡式—CHO；C→D的反應為在催化劑作用下，OHCCH2CHO與氧氣共熱發生催化氧化反應生成HOOCCH2COOH；咖啡酸乙酯的結構簡式為分子中苯環；碳碳雙鍵、酯基都為平面結構，結合三點成面及單鍵可以旋轉可知，分子中的11個碳原子都可能共平面，故答案為：1，3—丙二醇；—CHO；氧化反應；11；

(2)H→I的反應為在濃硫酸作用下；H與乙醇共熱發生酯化反應生成咖啡酸乙酯，則反應所需試劑為乙醇；濃硫酸，反應條件為加熱，故答案為：乙醇、濃硫酸、加熱；

(3)D→F反應為一定條件下，HOOCCH2COOH與反應生成

①D；E分子中不含有碳碳雙鍵；產物F中含有碳碳雙鍵，則檢驗有產物F生成的實驗操作及現象為取少量反應后的液體于試管中，滴加少量溴的四氯化碳溶液，振蕩，觀察到溴的四氯化碳溶液褪色，故答案為：取少量反應后的液體于試管中，滴加少量溴的四氯化碳溶液，振蕩，觀察到溴的四氯化碳溶液褪色；

②E分子中含有醛基，能發生銀鏡反應，若該反應轉化完全，反應后的溶液中不存在E，不能發生銀鏡反應，則檢驗該反應轉化完全與否的化學方程式為+2Ag(NH3)2OH+3NH3+H2O+2Ag↓，故答案為：+2Ag(NH3)2OH+3NH3+H2O+2Ag↓；

(4)H的結構簡式為由H的同分異構體與H具有相同官能團，說明含酚羥基、碳碳雙鍵和羧基，苯環上有三個取代基，苯環上的一氯取代物有2種可知，H的分子結構對稱，則符合條件的結構簡式為故答案為：

(5)由題給信息可知，以一氯甲烷和丙二酸為原料合成丙烯酸的合成步驟為一氯甲烷在氫氧化鈉溶液中共熱發生水解反應生成甲醇，甲醇在銅的催化下發生氧化反應生成甲醛，一定條件下甲醛與丙二酸反應生成在加熱條件下發生脫羧反應生成合成路線如下故答案為：【解析】1，3—丙二醇—CHO氧化反應11乙醇、濃硫酸、加熱取少量反應后的液體于試管中，滴加少量溴的四氯化碳溶液，振蕩，觀察到溴的四氯化碳溶液褪色+2Ag(NH3)2OH+3NH3+H2O+2Ag↓

29、略

【分析】【分析】

D和H發生酯化反應生成M，根據D和M結構簡式知，H結構簡式為．G發生氧化反應生成H，則G結構簡式為F發生消去反應生成G，E發生加成反應生成F，則E為F為A和HCl發生加成反應生成B，B發生加聚反應生成C，則C結構簡式為B結構簡式為CH2=CHCl；A結構簡式為HC≡CH；

(5)乙烯與溴發生加成反應生成BrCH2CH2Br，然后發生水解反應生成HOCH2CH2OH，再發生催化氧化生成OHC-CHO，最后與乙醛反應生成

【詳解】

(1)B結構簡式為CH2=CHCl；B的化學名稱為：氯乙烯；M中含氧官能團的名稱為：酯基；F→G的反應類型為消去反應；

(2)C→D的化學反應方程式為：

(3)H結構簡式為具有順反異構，其順式結構為

(4)F為F的同分異構體符合下列條件：

①屬于芳香族化合物，說明含有苯環，②能發生水解反應和銀鏡反應，說明含有甲酸形成的醛基。取代基為HCOO-和-CH2CH3有鄰間對3種；如果取代基為HCOOCH2-和-CH3有鄰間對3種；如果取代基為HCOOCH(CH3)-有1種；如果取代基為HCOOCH2CH2-有1種；如果取代基為-COOH和兩個-CH3，兩個甲基位于相鄰位置，有2種；如果兩個甲基位于間位，有3種；如果兩個甲基位于對位，有1種，符合條件的有14種，其中核磁共振氫譜有4種吸收峰，其峰面積之比為6：2：1：1的物質的結構簡式：

(5)乙烯與溴發生加成反應生成BrCH2CH2Br，然后發生水解反應生成HOCH2CH2OH，再發生催化氧化生成OHC-CHO，最后與乙醛反應生成合成路線流程圖為：

【點睛】

能準確根據反應條件推斷反應原理是解題關鍵，常見反應條件與發生的反應原理類型：①在NaOH的水溶液中發生水解反應，可能是酯的水解反應或鹵代烴的水解反應；②在NaOH的乙醇溶液中加熱，發生鹵代烴的消去反應；③在濃H2SO4存在的條件下加熱，可能發生醇的消去反應、酯化反應、成醚反應或硝化反應等；④能與溴水或溴的CCl4溶液反應，可能為烯烴、炔烴的加成反應；⑤能與H2在Ni作用下發生反應，則為烯烴、炔烴、芳香烴、醛的加成反應或還原反應；⑥在O2、Cu(或Ag)、加熱(或CuO、加熱)條件下，發生醇的氧化反應；⑦與O2或新制的Cu(OH)2懸濁液或銀氨溶液反應，則該物質發生的是—CHO的氧化反應。(如果連續兩次出現O2，則為醇→醛→羧酸的過程)。【解析】①.氯乙烯②.酯基③.消去反應④.⑤.⑥.14⑦.⑧.30、略

【分析】【分析】

根據流程圖分析，A為B為C為E為F為H為

（1）根據以上信息；可知諾氟沙星的結構簡式。

（2）A.B到C的反應類型為還原反應；

B.EMME為C2H5OCH=C(COOC2H5)2；碳碳雙鍵可發生加成；氧化，加聚反應，酯基可發生取代反應；

C.化合物E含有堿基；具有堿性；

D.D中左邊苯環與右邊環中一個乙烯的結構片斷；右環上兩個乙烯的結構片斷都共用兩個碳原子；兩個環上的9個C原子可能共平面；

（3）將C2H5OH氧化為CH3COOH，利用信息RCH2COOH制得ClCH2COOH，再與NaCN反應，生成NCCH2COOH，酸化后再酯化得CH2(COOC2H5)2，再與HC(OC2H5)3反應，便可得到C2H5OCH=C(COOC2H5)2。

（4）與C2H5OCH=C(COOC2H5)2反應，生成和C2H5OH。

（5）G的同系物M（C6H14N2）同時符合下列條件的同分異構體的結構簡式：

若六元環上只有一個N原子；則分子中不存在4種氫原子的異構體，所以兩個N原子必須都在環上，且分子呈對稱結構。依照試題信息，兩個N原子不能位于六元環的鄰位，N原子上不能連接C原子，若兩個C原子構成乙基，也不能滿足“分子中有4種氫原子”的題給條件。因此，兩個N原子只能位于六元環的間位或對位，兩個甲基可連在同一個碳原子上；不同的碳原子上，但都必須呈對稱結構。

【詳解】

（1）通過對流程圖的分析，可得出諾氟沙星的結構簡式為答案為：

（2）A.B到C的反應類型為還原反應；A錯誤；

B.EMME為C2H5OCH=C(COOC2H5)2；碳碳雙鍵可發生加成；氧化，加聚反應，酯基可發生取代反應，B正確；

C.化合物E含有堿基；具有堿性，C錯誤；

D.D中左邊苯環與右邊環中一個乙烯的結構片斷；右環上兩個乙烯的結構片斷都共用兩個碳原子；兩個環上的9個C原子可能共平面，D正確。答案為：AC；

（3）將C2H5OH氧化為CH3COOH，利用信息RCH2COOH制得ClCH2COOH，再與NaCN反應，生成NCCH2COOH，酸化后再酯化得CH2(COOC2H5)2，再與HC(OC2H5)3反應，便可得到C2H5OCH=C(COOC2H5)2。答案為：C2H5OHCH3COOHClCH2COOHNCCH2COOHCH2(COOH)2CH2(COOC2H5)2C2H5OCH=C(COOC2H5)2；

（4）與C2H5OCH=C(COOC2H5)2反應，生成和C2H5OH。答案為：+C2H5OCH=C(COOC2H5)2+2C2H5OH；

（5）若六元環上只有一個N原子，則分子中不存在4種氫原子的異構體，所以兩個N原子必須都在環上，且分子呈對稱結構。依照試題信息，兩個N原子不能位于六元環的鄰位，N原子上不能連接C原子，若兩個C原子構成乙基，也不能滿足“分子中有4種氫原子”的題給條件。因此，兩個N原子只能位于六元環的間位或對位，結構簡式可能為兩個甲基可連在同一個碳原子上、不同的碳原子上，結構簡式可能為答案為：【解析】①.②.AC③.C2H5OHCH3COOHClCH2COOHNCCH2COOHCH2(COOH)2CH2(COOC2H5)2C2H5OCH=C(COOC2H5)2④.+C2H5OCH=C(COOC2H5)2+2C2H5OH⑤.31、略

【分析】【分析】

化合物A經堿性水解、酸化后得到B和C(C8H8O2)，B能二次氧化生成D，說明A是酯，B是醇，則C是羧酸，C(C8H8O2)的核磁共振氫譜表明含有苯環，且苯環上有2種氫原子，則說明苯環上有2個取代基，且兩個取代基處于對位，根據C的分子式知，C是B經過一系列反應后得到環狀化合物G，G的實驗式為C2H3O，令分子式為(C2H3O)x，相對分子質量為172，則(24+3+16)x=172，解得x=4，故G的分子式為C8H12O4，核磁共振氫譜顯示只有一個峰，說明G只有一種氫原子；B經過兩次氧化生成D，D是羧酸，D和溴、P反應生成E，根據題給信息知，E是含有溴原子的羧酸，E經過水解和酸化后生成F，F是含有羥基的羧酸，由于G分子中只有1種H原子，故應是2分子F自身發生酯化反應生成G為環酯，F應含有2個甲基，故F為G為逆推可得，E為D為B為故A為

【詳解】

(1)由上述分析可知，G的結構簡式為結構中每個節點為碳原子，每個碳原子形成4條共價鍵，不足鍵由氫原子補齊，則分子式為：C8H12O4；

(2)由上述分析可知，A的結構簡式為：

(3)F→G反應的化學方程式：屬于酯化反應；

(4)屬于芳香族化合物；且能發生水解反應，含有酯基，只有一個側鏈時，有乙酸苯酚酯；甲酸苯甲酯、苯甲酸甲酯，若側鏈為甲基、-OOCH，有鄰、間、對三種位置，故共有6種；

(5)中F與HBr發生取代反應生成K為K發生消去反應生成H為CH2=C(CH3)COOH，H與甲醇發生酯化反應生成I為CH2=C(CH3)COOCH3，I發生加聚反應生成高聚物J為由F可以直接生成H，可以發生酯化反應、成醚等副反應，設計反應①和②的目的是減少如酯化、成醚等副反應的發生。【解析】①.C8H12O4②.③.④.取代反應(或酯化反應)⑤.6種⑥.⑦.減少酯化、成醚等副反應的發生六、原理綜合題(共4題，共32分)32、略

【分析】【分析】

結合給定的已知信息①，采用逆合成分析法可推出A為苯，與一氯甲烷和氯化鋁反應生成H，則為對二甲苯，最終被高錳酸鉀氧化為對二苯甲酸；因此B為氯苯，再結合給定信息②推知C為根據合成路線可知E為結合高聚物的結構簡式可知，G為據此分析作答。

【詳解】

（1）根據上述分析可知，A為苯，其結構簡式為H的化學名稱為對二甲苯（或1,4-二甲苯）；

故答案為對二甲苯（或1,4-二甲苯）；

（2）B為氯苯，其分子式為C6H5Cl，C為其分子內所含官能團為醚鍵；

故答案為C6H5Cl；醚鍵；

（3）由D生成E的過程為苯酚中苯環的硝化反應；即取代反應；由F生成G為羥基被氨基取代的過程，反應類型也為取代反應；

故答案為取代反應；取代反應；

（4）由G和I生成M發生的是縮聚反應；其方程式為：