…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版高二物理上冊階段測試試卷160考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、電場強度的定義式為E=F／qA.場強的方向與F的方向相同B.該定義式只適用于點電荷產生的電場C.F是檢驗電荷所受到的力，q是產生電場的電荷電量D.由該定義式可知，場中某點電荷所受的電場力大小與該點場強的大小成正比2、質量相等的氫氣和氧氣，溫度相同，不考慮氣體分子的勢能，則A.氫氣的內能較大B.氧氣的內能較大C.氧氣分子的平均速率大D.氫氣分子的平均動能較大3、如圖所示為一皮帶傳動裝置，右輪半徑為r，a點在它的邊緣上。左輪半徑為2r，b點在它的邊緣上。若在傳動過程中，皮帶不打滑，則a點與b點的向心加速度大小之比為（）A.1：2B.2：1C.4：1D.1：44、—個從街上路燈的正下方經過，看到自己頭部的影子正好在自己腳下，如果人以不變的速度朝前走，則他頭部的影子相對地的運動情況是()A.勻速直線運動B.勻加速直線運動C.變加速直線運動D.無法確定5、正在運轉的洗衣機，當脫水桶轉得很快時，機器的振動并不強烈，而切斷電源，轉動逐漸減慢直到停下來的過程中，到某一時刻t時，機器反而會發生強烈的振動。此后脫水桶轉速繼續變慢，機身的振動也隨之減弱。這種現象說明（）A.t時刻脫水桶的慣性最大B.t時刻脫水桶的轉動頻率最大C.t時刻洗衣機發生共振D.這是由于洗衣機沒有放置水平造成的6、假設甲在接近光速的火車上看地面上乙手中沿火車前進方向放置的尺，同時地面上的乙看甲手中沿火車前進方向放置的相同的尺，則下列說法正確的是()．A.甲看到乙手中的尺長度比乙看到自己手中的尺長度大B.甲看到乙手中的尺長度比乙看到自己手中的尺長度小C.乙看到甲手中的尺長度比甲看到自己手中的尺長度大D.乙看到甲手中的尺長度比甲看到自己手中的尺長度小7、如圖2所示，螺線管導線的兩端與兩平行金屬板相接，一個帶負電的小球用絕緣絲線懸掛在兩金屬板間，并處于靜止狀態，若條形磁鐵突然插入線圈時，小球的運動情況是()A.向左擺動B.向右擺動C.保持靜止D.無法判定8、如圖所示，圖（a）為一列簡諧橫波在t=1s時的波形圖，圖（b）是這列波中P點的振動圖線；那么該波的傳播速度和傳播方向分別是（）

A.v=2.5cm/s，向左傳播B.v=5cm/s，向左傳播C.v=2.5cm/s，向右傳播D.v=5cm/s，向右傳播9、利用光電管研究光電效應實驗電路如圖所示，用頻率為婁脥

1

的可見光照射陰極K

電流表中有電流通過，則()A.用紫外線照射，電流表中不一定有電流通過B.用紅外線照射，電流表中一定無電流通過C.用頻率為婁脥

1

的可見光照射K

當滑動變阻器的滑動觸頭移到A

端時，電流表中一定無電流通過D.用頻率為婁脥

1

的可見光照射K

當滑動變阻器的滑動觸頭向B

端滑動時，電流表示數可能不變評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ；步驟如下：

(1)用20分度的游標卡尺測量其有效長度；如圖1所示，可知其長度L為____________mm．

(2)用螺旋測微器測量其直徑；如圖2所示，可知其直徑D為____________mm．

(3)用電壓表測量其電壓；如圖3所示，可知其電壓為____________V．

(4)若使用的直流電壓表V(量程0～3V)是用量程為0～600μA；內阻為100Ω的直流微安表改裝而成的，則需要串聯____________kΩ的定值電阻．

(5)用伏安法測量金屬絲電阻的阻值；所需器材及規格如下：

a．金屬絲Rx(約100Ω)

b．直流毫安表A(量程0～20mA；內阻50Ω)

c．改裝后的直流電壓表V(量程0～3V)

d．直流電源(輸出電壓4V；內阻不計)

e．滑動變阻器(最大阻值為15Ω；允許最大電流1A)

f．電鍵一個；導線若干條。

為了較準確地測量電阻阻值；根據器材的規格，本實驗應使用滑動變阻器的接法和電流表的____________接法分別為____________．

A．分壓；外接B．分壓，內接C．限流，外接D．限流，內接。

(6)某次測量時；電壓表示數為U，電流表示數為I，則該圓柱體的電阻率的表達式為ρ=____________(用U，I，D，L表示)

(7)根據實驗要求，在圖4的實物圖上連線．11、如圖所示；用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．

(1)

實驗中；直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的.

但是，可以通過僅測量______(

填選項前的序號)

間接地解決這個問題．

A.小球開始釋放高度h

B.小球拋出點距地面的高度H

C.小球做平拋運動的射程。

(2)

圖中O

點是小球拋出點在地面上的垂直投影.

實驗時；先讓入射球m1

多次從斜軌上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P

測量平拋射程OP

．

然后；把被碰小球m2

靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1

從斜軌S

位置靜止釋放，與小球m2

相撞，并多次重復．

A.用天平測量兩個小球的質量m1m2

B.測量小球m1

開始釋放高度h

C.測量拋出點距地面的高度H

D.分別找到m1m2

相碰后平均落地點的位置MN

E.測量平拋射程OMON

(3)

若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______(

用(2)

中測量的量表示)

．12、有一小燈泡；標有“10V，2W“的字樣，現用如圖甲所示的電路，測定它在不同電壓下的實際功率與電壓間的關系．實驗中需要測定通過小燈泡的電流和它兩端的電壓．現備有下列器材：

A．直流電源；電動勢12V，內電阻不計。

B．直流電流表；量程300mA，內阻約為5Ω

C．直流電壓表；量程15V，內阻約為15kΩ

D．滑動變阻器；最大電阻20Ω，額定電流2A

E．滑動變阻器；最大電阻1kΩ，額定電流0.5A

F．開關；導線若干。

（a）為了盡可能提高實驗精度，實驗中所選滑動變阻器為____（填“D“或“E“）

（b）圖甲中電壓表未接入電路的一端應接于____點（填“a“或“b“）

（c）根據完善后的電路圖，將圖乙中所給實物連成實驗電路．13、如圖，真空中有一束電子流以一定的速度v沿與場強垂直的方向，自O點進入勻強電場，以O點為坐標原點，x、y軸分別垂直于、平行于電場方向．若沿x軸取OA=AB=BC，分別自A、B、C作與y軸平行的線與電子流的徑跡交于M、N、P，則電子流經M、N、P三點時，沿y軸方向的位移之比y1：y2：y3=____；在M、N、P三點電子束的即時速度與x軸夾角的正切值之比tanθ1：tanθ2：tanθ3=____；在OM、MN、NP這三段過程中，電子動能的增量之比△Ek1：△Ek2：△Ek3=____．

14、如圖所示，虛線框內空間中同時存在著勻強電場和勻強磁場，勻強電場的電場線豎直向上，電場強度E=6×104伏/米，勻強磁場的磁感線未在圖中畫出．一帶正電的粒子按圖示方向垂直進入虛線框空間中，速度v=2×105米/秒．如要求帶電粒子在虛線框空間做勻速直線運動，磁場中磁感線的方向是____，磁感應強度大小為____特。(粒子所受重力忽略不計)15、如圖所示是一交流電壓隨時間變化的圖象，此交流的周期為___s，交流電壓的有效值為____V。16、變壓器是根據電磁感應原理工作的，所以變壓器只能改變______電的電壓.

在遠距離送電中，導線上損失的電能主要由電流的______引起，在輸電功率一定時，輸電電壓越______，電能損失就越小．17、如圖所示，粗細均勻的電阻為r

的金屬圓環，放在圖示的勻強磁場中，磁感應強度為B

圓環直徑為L

長為L

電阻也為r

的金屬棒ab

放在圓環上，以v0

向左運動到圖示圓心位置時，金屬棒兩端的電勢差的絕對值為______，通過金屬棒的電流的方向是______．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)18、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共4題，共16分)23、（18分）在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數n=1500匝，橫截面積S=20螺線管導線電阻r=1.0Ω，=4.0Ω，=5.0Ω，C=30μF。在一段時間內，穿過螺線管的磁場的磁感應強度B按如圖乙所示的規律變化。求：（1）求螺線管中產生的感應電動勢；（2）閉合S，電路中的電流穩定后，求電阻R1的電功率；（3）S斷開后，求流經R2的電量。24、如圖甲所示，空間存在豎直向下的磁感應強度為0.6T

的勻強磁場，MNPQ

是相互平行的、處于同一水平面內的長直導軌(

電阻不計)

導軌間距為0.2m

連在導軌一端的電阻為R

導體棒ab

的電阻為0.1婁賂

質量為0.3kg

跨接在導軌上，與導軌間的動摩擦因數為0.1

從零時刻開始，通過一小型電動機對ab

棒施加一個牽引力F

方向水平向左，使其從靜止開始沿導軌做加速運動，此過程中棒始終保持與導軌垂直且接觸良好。圖乙是棒的速度--時間圖像，其中OA

段是直線，AC

是曲線，DE

是曲線圖像的漸近線，小型電動機在10s

末達到額定功率，此后功率保持不變。g

取10m/s2

求：

(1)

在0

--18s

內導體棒獲得加速度的最大值；(2)

電阻R

的阻值和小型電動機的額定功率；25、一臺發電機；輸出功率為1000kW

所用輸電線的電阻為10婁賂

當發電機接到輸電線路的電壓分別是10kV100kV

時，分別計算：

(1)

導線上的電流強度；

(2)

在導線上損失的熱功率．26、如圖所示電路中，電源電動勢E＝10V，內阻不計，電阻R1＝14Ω，R2＝6.0Ω，R3＝2.0Ω，R4＝8.0Ω，R5＝10Ω，電容器的電容C＝2μF.求：(1)電容器所帶的電荷量，并說明電容器哪個極板帶正電；(2)若R2突然斷路，將有多少電荷量通過R5？電流的方向如何？評卷人得分五、推斷題(共2題，共6分)27、rm{D}的某種同系物分子式為rm{C_{5}H_{10}O_{2}}該種同系物的結構有_______種。28、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環的化合物，該化合物的結構簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學方程式為___________。rm{(4)H}下列關于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發生消去反應生成的有機物存在順反異構體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發生取代反應rm{G}是rm{HBr}的同分異構體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結構有________種。rm{D}評卷人得分六、實驗題(共3題，共12分)29、某實驗小組在進行“用單擺測定重力加速度”的實驗中,已知單擺擺動過程中的擺角小于5°;在測量單擺的周期時,從單擺運動到最低點開始計時且記數為1,到第n次經過最低點所用的時間內為t;在測量單擺的擺長時,先用毫米刻度尺測得懸掛后的擺線長(從懸點到擺球的最上端)為L,再用游標卡尺測得擺球的直徑為d.(1)用上述物理量的符號寫出求重力加速度的一般表達式g=.(2)實驗結束后,某同學發現他測得的重力加速度的值總是偏大,其原因可能是下述原因中的____.A.單擺的懸點未固定緊,振動中出現松動,使擺線增長了B.把n次擺動的時間誤記為(n+1)次擺動的時間C.以擺線長作為擺長來計算D.以擺線長與擺球的直徑之和作為擺長來計算(3)某同學在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，用秒表測單擺完成40次全振動的時間如圖所示，則單擺的周期為____s。（4）為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長L并測出相應的周期T，從而得出一組對應的L與T的數據，再以L為橫坐標、T2為縱坐標將所得數據連成直線，并求得該直線的斜率k。則重力加速度g=________。(用k表示)若根據所得數據連成的直線的延長線沒過坐標原點，而是與縱軸的正半軸相交于一點，則實驗過程中可能存在的失誤是，因此失誤，由圖象求得的重力加速度的g(偏大，偏小，無影響)30、用電阻箱R、多用電表電流擋、開關和導線測一節干電池的電動勢E和內阻r，如圖甲。（1）若電阻箱電阻在幾十Ω以內選取，R0=4.5Ω，則多用表選擇開關應旋轉至直流電流的（填“1mA”、“10mA”或“100mA”）擋（已知在該電流擋多用表的內阻rg=3.0Ω）。（2）多次調節電阻箱，并從多用表上讀得相應的電流值，獲取多組R和I的數據，作出了如圖乙所示的圖線．圖線橫軸截距的絕對值表示；由該圖線可得干電池的電動勢E測=V（計算結果保留三位有效數字）。（3）本實驗的誤差主要來源于（填“測量誤差”或“電表內阻”）。31、（10分）為了測定電源電動勢E的大小、內電阻r和定值電阻R0的阻值，某同學利用DIS設計了如圖甲所示的電路。閉合電鍵S1，調節滑動變阻器的滑動觸頭P向某一方向移動時，用電壓傳感器1、電壓傳感器2和電流傳感器測得數據，并根據測量數據計算機分別描繪了如圖乙所示的M、N兩條U—I直線。請回答下列問題：(1)根據圖乙中的M、N兩條直線可知()A．直線M是根據電壓傳感器1和電流傳感器的數據畫得的B．直線M是根據電壓傳感器2和電流傳感器的數據畫得的C．直線N是根據電壓傳感器1和電流傳感器的數據畫得的D．直線N是根據電壓傳感器2和電流傳感器的數據畫得的(2)圖象中兩直線交點處電路中的工作狀態是()A．滑動變阻器的滑動頭P滑到了最左端B．電源的輸出功率最大C．定值電阻R0上消耗的功率為0.5WD．電源的效率達到最大值(3)根據圖乙可以求得定值電阻R0＝______Ω，電源電動勢E＝_______V，內電阻r＝______Ω．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】試題分析：正電荷在電場中的受力方向與場強方向相同，負電荷在電場中的受力方向與場強方向相反，選項A錯誤；該定義式只適用于任何電場，選項B錯誤；F是檢驗電荷所受到的力，q是檢驗電荷的電量，選項C錯誤；場強由場源決定，場中某點電荷所受的電場力大小與該點場強的大小成正比，選項D正確。考點：本題旨在考查電場強度的定義式。【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】【答案】A3、B【分析】解：由傳送帶傳動的兩輪子邊緣上的點線速度相等，所以va=vb，由公式a=得，ra=rb，則aa：ab=2：1；故B正確，ACD錯誤。

故選：B。

由傳送帶傳動的兩輪子邊緣上的點線速度相等，再由公式a=得出向心加速度之比。

傳送帶在傳動過程中不打滑，則傳送帶傳動的兩輪子邊緣上各點的線速度大小相等，共軸的輪子上各點的角速度相等。【解析】B4、A【分析】由圖可以看到，在任何一個瞬間，V/V1=S/S1而V是勻速運動，則V1也是勻速運動。只是速度為V1=VS1/S【解析】【答案】A5、C【分析】慣性只與質量有關，A錯；當驅動力的周期與固有周期相同時受迫振動最劇烈，BD錯；【解析】【答案】C6、B|D【分析】由l＝l0可知，運動的觀察者觀察靜止的尺子和靜止的觀察者觀察運動的尺子時，都出現尺縮效應，即都發現對方手中的尺子比自己手中的短，故B、D正確，A、C錯誤．【解析】【答案】BD7、A【分析】【解析】【答案】A8、D【分析】解：由振動圖象b可知：t=1s時刻質點P的振動方向向上；則在波動圖象a上，根據波形的平移法得知，波向右傳播．

由圖象可知：波長λ=10cm；周期T=2s

故波的傳播速度：v==cm/s=5cm/s

選項D正確；ABC錯誤。

故選：D

由a圖讀出波長，由b圖讀出周期，再求出波速．在振動圖象b上讀出t=1s時刻質點P的振動方向；在波動圖象a上判斷出波的傳播方向．

本題考查對振動圖象和波動圖象的理解能力，以及把握兩種圖象聯系的能力．y-t圖是波形圖上P質點的振動圖象，而y-x圖是t=1s時刻的波形，抓住它們之間的聯系是解題的關鍵．【解析】【答案】D9、D【分析】【分析】用頻率為v1

的可見光照射陰極K

電表中有電流通過，知該可見光照射陰極，發生光電效應；發生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率。本題考查了光電效應及其規律。解決本題的關鍵知道光電效應的條件，以及知道當光電流飽和時，電流不變。【解答】A.可見光照射陰極；可以發生光電效應，用紫外光照射，因為紫外光的頻率大于可見光的頻率，所以一定能發生光電效應，所加的電壓是正向電壓，則一定有電流通過，故A錯誤；

B.紅外光的頻率小于紅光；不一定能發生光電效應，不一定有電流通過，故B錯誤；

C.頻率為v1

的可見光照射K

變阻器的滑片移到A

端，兩端的電壓為零，但光電子有初動能，故電流表中仍由電流通過，故C錯誤；

D.頻率為v1

的可見光照射K

一定能發生光電效應，變阻器的滑片向B

端滑動時，可能電流已達到飽和電流，所以電流表示數可能不變，故D正確。

故選D。【解析】D

二、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】解：(1)游標為20分度；其測量精度為0.05mm，則游標卡尺的讀數：游標卡尺主尺讀數為50mm，游標讀數為3×0.05mm=0.15mm，所以最終讀數為50.15mm；

(2)螺旋測微器固定刻度讀數為3.0mm；可動刻度讀數為20.5×0.01mm=0.205mm，最終讀數為：

d=3.0mm+0.205mm=3.205mm

(3)用多用電表的電壓3V擋測電壓；讀數為2.40V；

(4)量程為0～600μA；內阻為100Ω的直流微安表，串聯一個電阻后變成量程為3V的電壓表；

根據串聯電阻的阻值為：R=

(5)根據所測電阻的阻值約為100Ω，而直流毫安表A的內阻50Ω，改裝后的直流電壓表V內阻為5KΩ，因1002＜5000×50；所測電阻偏小，所以電流表外接法；而變阻器的電阻為15Ω，只有當滑動變阻器分壓式，才能起到應有的作用；

(6)根根據電阻定律R=ρ歐姆定律I=橫截面積公式S=πD2得：

(7)按以上要求；電流表外接，滑動變阻器分壓式，注意電表的量程，及正負接線，實物圖所下圖所示；

故答案為：(1)50.15；

(2)3.205；

(3)2.40；

(4)4.9；

(5)分壓；外接；

(6)

(7)如上圖所示；【解析】50.15;3.205;2.40;4.9;分壓;外接;11、略

【分析】解：(1)

驗證動量守恒定律實驗中；即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現速度.

故選C．

(2)

實驗時；先讓入射球ml

多次從斜軌上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P

測量平拋射程OP.

然后，把被碰小球m2

靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml

從斜軌上S

位置靜止釋放，與小球m2

相碰，并多次重復.

測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，因此步驟中DE

是必須的，而且D

要在E

之前.

至于用天平秤質量先后均可以.

故選ADE．

(3)

設落地時間為t

則v0=OPtv1=OMtv2=ONt

．

而動量守恒的表達式是m1v0=m1v1+m2v2

若兩球相碰前后的動量守恒；則m1?OM+m2?ON=m1?OP

成立．

故答案為：(1)C(2)ADE(3)m1?OM+m2?ON=m1?OP

驗證動量守恒定律實驗中；質量可測而瞬時速度較難.

因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度.

過程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求.

最后可通過質量與水平射程乘積來驗證動量是否守恒．

驗證動量守恒定律中，會在相同高度下，用水平射程來間接測出速度，將復雜問題簡單化．【解析】Cm1?OM+m2?ON=m1?OP

12、略

【分析】

（a）電源電壓是12V；

通過滑動變阻器的最大電流：

I===0.6A＜2A；

滑動變阻器D足以保證電路安全；

D總電阻較小；為方便操作，滑動變阻器可以選D；

滑動變阻器E阻值太大；不便于實驗操作，故選D．

（b）由燈泡銘牌可知；燈泡額定電壓是10V；

額定功率是2W，∵P=

∴燈泡電阻RL===50Ω；

電流表與電壓表的臨界電阻：

R==≈273.86Ω；

則RL＜R，應采用電流表的外接法，電壓表應接b點．

（c）根據電路圖連接實物電路圖；電路圖如圖所示．

故答案為：（a）D；（b）b；（c）電路圖如圖所示．

【解析】【答案】（1）在保證安全的情況下；滑動變阻器阻值越小，操作越方便，據此選擇實驗器材．

（2）由燈泡銘牌可知燈泡的額定電壓是10V；額定功率是2W，由電功率的變形公式可以求出燈泡電阻；

當電流表內阻遠小于待測電阻阻值時；要采用電流表內接法；

當電壓表內阻遠大于待測電阻阻值時；采用電流表外接法；

根據燈泡電阻與電流表；電壓表電阻間的關系確定電流表采用內接法還是外接法．

（3）根據電路圖連接實物電路圖．

13、略

【分析】

（1）設電子電量e；電場強度E，粒子穿過電場時，粒子做類平拋運動，由水平方向上的直線運動和豎直方向上的勻加速直線運動；

所以三段運動時間相同均為t，豎直方向位移為：y1=at2；

y2=a（2t）2；

y3=a（3t）2；

即：沿y軸方向的位移之比y1：y2：y3=1：4：9

（2）在M；N、P三點電子束的即時速度與x軸夾角的正切值。

tanθ=

由于vy1=at，vy2=a2t，vy3=a3t；

所以：在M、N、P三點電子束的即時速度與x軸夾角的正切值之比tanθ1：tanθ2：tanθ3=1：2：3

（3）因為沿y軸方向的位移之比y1：y2：y3=1：4：9，所以豎直方向位移之比：yAM：yMN：yNP=1：3：5

則由動能定理：eEyAM=△Ek1；

eEyMN=△Ek2；

eEyNP=△Ek3；

可求得離子動能增量之比1：3：5

故答案為：1：4：9；1：2：3，1：3：5

【解析】【答案】（1）粒子穿過電場時；粒子做類平拋運動，由水平方向上的直線運動和豎直方向上的勻加速直線運動規律可得出離子移動的距離；

（2）在M、N、P三點電子束的即時速度與x軸夾角的正切值等于．

（3）已知粒子偏轉位移；則由動能定理可求得離子動能增量之比．

14、略

【分析】【解析】試題分析：帶電粒子在復合場中做勻速直線運動，受到豎直向上的電場力和豎直向下的洛倫茲力，由左手定則可知磁場方向垂直紙面向外，由考點：考查速度選擇器【解析】【答案】垂直低面向外，0．3特15、略

【分析】【解析】試題分析：從圖中可以看出該交流電的周期為0.3s，根據有效值的定義可得解得考點：考查了交流電有效值的求解【解析】【答案】0.3；5016、略

【分析】解：變壓器是根據電磁感應原理工作的；所以變壓器只能改變交流電的電壓．

在遠距離送電中；導線上損失的電能主要由電流的熱效應引起．

由Q=I2Rt=(PU)2Rt

可知；在電阻和通電時間不變時，電流減小，電阻產生的熱量減小為原來電流的平方倍．

從而可知減小電能損失的有效辦法是減小輸送電流；即提高輸電電壓．

所以在輸電功率一定時；輸電電壓越高，電能損失就越小．

故答案為：交流；熱效應，高．

變壓器是根據電磁感應原理工作的；所以變壓器只能改變交流電的電壓．

由Q=I2Rt

可知；在電阻和通電時間不變時，電流減小，電阻產生的熱量減小為原來電流的平方倍.

從而可知減小電能損失的有效辦法是減小輸送電流，即提高輸電電壓．

本題考查了焦耳定律和影響電阻大小的因素，以及影響電流產生電熱的因素，讓學生能利用所學知識解釋高壓輸電的原因．【解析】交流；熱效應；高17、略

【分析】解：當ab

棒以v

向左運動到圖示虛線位置時產生的感應電動勢為：E=BLv0

外電路總電阻為：R=r2隆脕r2r2+r2+r=54r

金屬棒兩端的電勢差是外電壓；由歐姆定律得金屬棒兩端電勢差為：

U=Ir4=E5r4隆脕r4=15BLv0

．

依據右手定則，即可知，通過金屬棒的電流的方向是a

到b

故答案為：15BLv0a

到b

金屬棒向左運動；切割磁感線產生感應電流，相當于電源，由E=BLv

求出感應電動勢.

由并聯電路特點求出外電路電阻，然后應用歐姆定律求出金屬棒兩端電勢差，再依據右手定則來判定感應電流方向．

電磁感應與電路知識的綜合，分清金屬棒兩端電勢差是外電壓還是內電壓是關鍵，并掌握右手定則的應用．【解析】15BLv0a

到b

三、判斷題(共5題，共10分)18、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．22、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．四、計算題(共4題，共16分)23、略

【分析】試題分析:（1）根據法拉第電磁感應定律：（2）根據全電路歐姆定律：根據（3）S斷開后，流經的電量即為S閉合時C板上所帶的電量Q電容器兩端的電壓：流經的電量:考點：法拉第電磁感應定律全電路歐姆定律【解析】【答案】（1）E=1.2V（2）（3）24、解：（1）由圖中可得：10s末的速度為v1=4m/s，t1=10s導體棒在0-10s內的加速度為最大值，

（2）設小型電動機的額定功率為Pm

在A點有：E1=BLv1

由牛頓第二定律：F1-μmg-BI1L=ma1

又Pm=F1?v1

當棒達到最大速度vm=5m/s時，Em=BLvm

由金屬棒的平衡得：F2-μmg-BImL=0

又Pm=F2?vm

聯立解得：Pm=2W；R=0.62Ω

【分析】(1)

乙圖是速度時間圖象；其斜率等于加速度，可知：導體棒在0鈭?10s

內加速度最大.

求出圖線的斜率就得到加速度。

(2)

乙圖中A

點：由E=BLvI=ER+rF=BIL

三個公式推導出安培力的表達式，由牛頓第二定律得到含婁脤

和R

的表達式；圖中C

點：導體棒做勻速運動，由平衡條件再得到含婁脤

和R

的表達式，聯立求出R.

小型電動機的額定功率為Pm=F?vm

本題與汽車勻加速起動類似，關鍵會推導安培力的表達式，根據平衡條件、牛頓第二定律和能量守恒結合進行求解。【解析】解：(1)

由圖中可得：10s

末的速度為v1=4m/st1=10s

導體棒在0鈭?10s

內的加速度為最大值，am=v1t1=410=0.4m/s2

(2)

設小型電動機的額定功率為Pm

在A

點有：E1=BLv1I1=ER+r

由牛頓第二定律：F1鈭?婁脤mg鈭?BI1L=ma1

又Pm=F1?v1

當棒達到最大速度vm=5m/s

時；Em=BLvm

Im=EmR+r

由金屬棒的平衡得：F2鈭?婁脤mg鈭?BImL=0

又Pm=F2?vm

聯立解得：Pm=2WR=0.62婁賂

25、解：由P=UI可知：

導線上的電流強度分別為：

由Q=I2Rt可知：

在導線上損失的熱功率。

電壓為10KV時導線上消耗的功率：

P1=I12R=1002×10=105J；

電壓為100KV時的導線上消耗的功率：

P2=I22R=102×10=103J；

答：（1）導線上的電流強度為分別為100A和10A；

（2）導線上損失的功率分別為105J和103J．【分析】

(1)

由P=UI

可分別求得不同電壓值時的電流強度；

(2)

由功率公式P=I2R

可求得導線上損失的熱功率．

本題考查功率公式的應用，要注意明確總功率和熱功率的不同使用條件．【解析】解：由P=UI

可知：

導線上的電流強度分別為：

I1=pu1=1000隆脕103W10脳103V=100AI2=pu2=1000隆脕103W100脳103V=10A

由Q=I2Rt

可知：

在導線上損失的熱功率。

電壓為10KV

時導線上消耗的功率：

P1=I12R=1002隆脕10=105J

電壓為100KV

時的導線上消耗的功率：

P2=I22R=102隆脕10=103J

答：(1)

導線上的電流強度為分別為100A

和10A

(2)

導線上損失的功率分別為105J

和103

J.26、略

【分析】試題分析：（1）分析題中所給的電路可知，電容器兩端的電壓即為ab兩點間的電勢差因為設d點的電勢為零電勢參考點，則故電容器的下極板帶正電，此時電容器帶電荷量（2）當突然斷路后，此時電容器的上極板帶正電，帶電荷量流過的電荷量為電流方向從上到下考點：考查了含電容電路【解析】【答案】(1)(2)電流方向從上到下五、推斷題(共2題，共6分)27、（1）

（2）羥基羧基加成反應

（3）2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O

（4）CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOC2H5＋H2O加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【分析】【分析】本題考查常見有機物之間的轉化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉化關系進行作答。【解答】rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}為rm{{,!}_{2}}，乙烯與水在一定條件下發生加成反應生成的rm{B}為rm{CH}rm{B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}乙醇催化氧化生成的rm{CH}為rm{CH}乙酸催化氧化生成的rm{{,!}_{2}}為rm{OH}乙醇催化氧化生成的rm{C}為rm{CH_{3}CHO}乙酸催化氧化生成的rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{C}rm{CH_{3}CHO}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}rm{CH}和rm{COOH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}在濃硫酸作用下反應生成的rm{CH}為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}和rm{CH}rm{OH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{E}為rm{CH}

rm{COOH}丁烷的兩種同分異構體為rm{E}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}分子中；

rm{(1)}丁烷的兩種同分異構體為rm{CH}rm{(1)}

rm{CH}為rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}官能團為羥基，rm{CH}為rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}官能團為羧基；rm{{,!}_{3}}是、含有三個甲基的結構簡式為故答案為：；rm{(2)B}為rm{CH}rm{(2)B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}為乙醇在銅做催化劑、加熱的條件下與氧氣反應生成乙醛和水，化學方程式為rm{OH}官能團為羥基，rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}官能團為羧基；rm{A隆煤B}是rm{CH}rm{COOH}rm{A隆煤B}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}與水在一定條件下發生加成反應生成rm{CH}；rm{CH}與rm{{,!}_{3}}反應生成rm{CH}的反應為乙醇和乙酸在濃硫酸、加熱的條件下發生酯化反應生成乙酸乙酯和水，化學方程式為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}故答案為：羥基羧基加成反應；rm{(3)B隆煤C}rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH+O}rm{OH+O}rm{{,!}_{2}}rm{2CH}該反應的速率比較緩慢，為提高該反應的速率，通常采取的措施有rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHO+2H}rm{CHO+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)B}rm{D}rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。

rm{COOH+CH}本題考查常見有機物之間的轉化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{{,!}_{3}}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{CH}為乙烯，結合題給信息和轉化關系進行作答。rm{CH}rm{{,!}_{2}}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{OH}應為rm{OH}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}為rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}乙醇催化氧化生成的rm{+H}為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}乙醛催化氧化生成的rm{O}為加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率；故答案為：rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}rm{COOH+CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}和rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{OH}為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}為rm{H}rm{{,!}_{5}}rm{+H}其某種同系物分子式為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。rm{O}【分析】rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉化rm{A}rm{A}有【解答】種結構，故該同系物的結構有rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}種；rm{A}rm{A}【解析】【小題rm{1}】rm{(1)}rm{(2)}羥基羧基加成反應rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+

O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【小題rm{+H_{2}O}】rm{2}rm{4}28、rm{(1)2-}甲基