絕密★啟用前

2025年八省適應性考試（八省聯(lián)考）預測試卷（1）

物理

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需

改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。答非選擇題時，將案寫在答題卡上。寫在本

試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項

符合題目要求，每小題4分；第8?10題有多項符合題目要求，每小題6分全部選對的

得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

1.在物理學的發(fā)展過程中，科學家們總結出了許多物理學研究方法，取得了很多的成就。

下列關于物理學研究方法和物理學家的成就敘述正確的是

A.忽略帶電體的形狀和大小，用“點電荷”表示帶電體的方法，是運用了類比法

B.牛頓將斜面實驗的結論合理外推，間接證明了自由落體運動是勻變速直線運動

C.第谷通過研究行星觀測記錄，發(fā)現(xiàn)了行星運動的三大定律

D.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，后來卡文迪什通過扭秤實驗測出了引力常量的數(shù)值

2.如圖所示、甲、乙兩位同學握住繩子/、8兩端搖動，A,8兩端近似不動，且N、8兩

點連線始終沿水平方向，繩子上尸、。等各點均同步在豎直面做勻速圓周運動。當繩子

在空中轉(zhuǎn)到如圖所示位置時，則

A.尸點的線速度方向沿繩子切線

B.尸點的線速度等于。點的線速度

C.尸點的角速度等于。點的角速度

D.P點所受合外力方向一定垂直于繩斜向下

物理試題第1頁（共8頁）

3.如圖所示，懸掛好已調(diào)零的彈簧測力計，用細線繞過固定在

實驗桌上的定滑輪，水平連接長方體物塊，將其放在長木板

上，物塊的表面粗糙程度相同。實驗時用水平向左的力下拉

動長木板使其水平向左勻速運動，物塊靜止，彈簧測力計示

數(shù)穩(wěn)定。己知物塊的質(zhì)量為1kg,長木板的質(zhì)量為2kg,物塊

與長木板之間、長木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)均為0.1，

下列說法正確的是

A.彈簧測力計的示數(shù)與水平拉力尸相等

B.水平拉力為4N

C.當拉動長木板的力尸變大時，彈簧測力計的示數(shù)也變大

D.若將物塊側(cè)面放在長木板上，彈簧測力計的示數(shù)會發(fā)生變化

4.某同學做“引體向上”時的上升動作如圖所示，忽略動作變化對

重心的影響，可把該同學視作質(zhì)點。從最低點運動到最高點的

過程中，手對身體的拉力始終保持向上，下列關于該同學的說

法正確的有

A.一直處于失重狀態(tài)B.一直處于超重狀態(tài)

C.機械能一直增大D.機械能先增大后減小

5.真空中x軸上N、8兩點分別固定兩個電荷量相等的點電荷，x軸上電場強度的變化情

況如圖所示，C、。兩點關于。點對稱，取x軸正方向為電場強度的正方向，則下列說

法中正確的是

A./點固定的是正點電荷、2點固定的是負點電荷

B.C、。兩點的電場強度相同

C.C、。兩點的電勢差Uc0=0

D.同一個正電荷在C點的電勢能大于其在。點的電勢能

物理試題第2頁（共8頁）

6.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一半徑為R的固定;圓軌道與水平軌道相切于最低點瓦一質(zhì)

量為加的小物塊尸（可視為質(zhì)點）從/處由靜止滑下，經(jīng)過最低點8后沿水平軌道運

動，到C處停下，2、C兩點間的距離為R,物塊P與圓軌道、水平軌道之間的動摩擦

因數(shù)均為即現(xiàn)用力下將物塊尸沿下滑的路徑從。處緩慢拉回圓弧軌道的頂端拉力

歹的方向始終與物塊尸的運動方向一致，物塊P從8處經(jīng)圓弧軌道到達4處過程中，

克服摩擦力做的功為〃加gR,下列說法正確的是

A.拉力廠做的功小于2加gR

B.物塊P從/滑到C的過程中克服摩擦力做的功等于2代mgR

C.物塊尸在下滑過程中，運動到3處時速度最大

1,

D.—<//<!

2

7./、3兩顆衛(wèi)星在同一平面內(nèi)沿同一方向繞地球做勻速圓周運動，它們之間的距離"隨

時間變化的關系如圖所示。已知地球的半徑為0.8r,萬有引力常量為G,衛(wèi)星/的線

速度大于衛(wèi)星3的線速度，不考慮43之間的萬有引力，則下列說法正確的是

A.衛(wèi)星A的加速度小于衛(wèi)星B的加速度

B.衛(wèi)星/與2的周期之比為1:4

C.地球的質(zhì)量為生絲I

49G7?

D.地球的第一宇宙速度為顯：

T

物理試題第3頁（共8頁）

8.有一種新型光電效應量子材料，其逸出功為心。當紫外光照射該材料時，只產(chǎn)生動能

和動量單一的相干光電子束。用該電子束照射間距為d的雙縫，在與縫相距為Z的觀測

屏上形成干涉條紋，測得條紋間距為Ax。已知電子質(zhì)量為如普朗克常量為肌光速為

c,貝I]

A.電子的動量區(qū)=左B.電子的動能紇=2'攝2

C.光子的能量￡=%+當D.光子的動量°=絲+呼,

d\xc2cmdZ

9.如圖，足夠長光滑絕緣斜面的傾角為。=37。，斜面上水平虛線VN和P。之間有垂直

斜面向上的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為瓦兒W和P0之間的距離為2乙一邊

長為L、質(zhì)量為小、電阻為R的正方形金屬線框。6力從

血W下方某處以一定的初速度沿斜面向上滑行，線框穿過

磁場區(qū)域后繼續(xù)沿斜面向上滑行到速度為零，然后線框

開始沿斜面下滑，〃邊剛進磁場時和邊剛要出磁場時，

線框的加速度均為零。重力加速度大小為g,線框運動過

程邊始終水平，sin37°=0.6,下列說法正確的是

A.線框向上運動過程中，進磁場過程與出磁場過程安培力的沖量相同

B.線框向上運動過程中，進磁場克服安培力做功和出磁場克服安培力做功相等

C.線框向下運動過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為L8mgL

1AD2r3

D.線框向下運動過程中，線框穿過磁場所用的時間為"匕

3mgR

10.如圖所示，兩個半徑均為R的9圓槽靜止放在水平地面上，圓槽底端點/、3所在平面

與水平面相切，相距尺。質(zhì)量為〃?的小球（可視為質(zhì)點）從左圓槽上端C點的正上

方尸點由靜止釋放，恰好從C點進入圓槽，尸C相距R,圓槽質(zhì)量均為2〃z,重力加速

度為g。不計一切摩擦，下列說法中正確的是

A.小球運動到/點時對左圓槽的壓力大小為巧mg

B.小球到8點時，48相距2R

Q

C.小球沖上右圓槽的最大高度為1R

D.小球回到水平面后能沖上左圓槽

物理試題第4頁（共8頁）

二、非選擇題：本題共5小題，共54分。

II.（8分）

某同學用毫安表改裝了一個雙量程電壓表，其內(nèi)部電路圖如圖甲所示。

（1）已知毫安表表頭的內(nèi)阻為100。，滿偏電流為5mA,尺/和比為阻值固定的電阻。

若使用。和6兩個接線柱，電壓表的量程為15V；若使用。和c兩個接線柱，電壓表的量程

為3V。由題給條件和數(shù)據(jù)，可以求出Q=Q、&=Qo

（2）若電阻必和處中有一個因損壞而阻值變?yōu)闊o窮大，利用如圖乙所示的電路可以

判斷出損壞的電阻。圖乙中的R為保護電阻，虛線框內(nèi)未畫出的電路即為圖甲虛線框內(nèi)的電

路，則圖乙中的d點應和接線柱（填*"或%”）相連，并說明判斷依據(jù):。

12.（6分）

根據(jù)單擺可以通過實驗測量當?shù)氐闹亓铀俣?如圖甲所示，將細線的上端固定在鐵架

臺上，下端系一小鋼球，就做成了單擺.

（1）以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有.

A.擺球應選用直徑較小、密度較大的小球，擺線應選用細而不易伸長的線

B.為了便于記錄周期，開始時將擺球拉開，應使擺線與平衡位置有較大角度

C.記錄周期時，當擺球通過平衡位置時開始計時，擺球再次回到平衡位置停止計時，

此時間間隔為43則單擺周期7=24

D.記錄周期時，當擺球通過平衡位置時開始計時，記下擺球做30次全振動所用的時

間加，則單擺周期7=，

（2）若已測出懸點到小球球心的距離（擺長））L及單擺完成〃次全振動所用的時間

則重力加速度g=（用￡、〃、t表示）.

（3）圖乙是擺線長為乙時小球的振動圖象，取g=10m/s2,/=1（）,則小球的回復加

速度取最大值為m/s2.

物理試題第5頁（共8頁）

13.(8分)

一矩形線圈，面積是0.05m2,共10匝，線圈電阻為2Q,外接電阻為R=8Q,線圈在

磁感應強度為B=的勻強磁場中，以300r/min的轉(zhuǎn)速繞垂直于磁感線的軸勻速轉(zhuǎn)動，

71

f=0時刻，線圈在圖示位置，求：

(1)線圈中感應電動勢的瞬時值表達式；

(2)交流電壓表的示數(shù)。

物理試題第6頁(共8頁)

14.（14分）

如圖所示，一傳送帶傾斜放置，其與水平面間的夾角6=37。，傳送帶順時針勻速率運

轉(zhuǎn)，速度大小v=2m/s。傳送帶上表面尸。兩點間的距離1=12m。f=0時亥ij,物塊1以初

速度%=2m/s從。點滑上傳送帶向下運動、物塊2以初速度％=2m/s從P點滑上傳送帶

向上運動，經(jīng)過時間J物塊1、2在傳送帶上M點(圖中未畫出)發(fā)生彈性碰撞，碰撞時

間極短。已知物塊1的質(zhì)量外=6kg,其與傳送帶間的動摩擦因數(shù)從=0.5；物塊2的質(zhì)量

%=2kg,其與傳送帶間的動摩擦因數(shù)從=0.75,重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8o

(1)求P點到M點間的距離超；

(2)求物塊2從0時刻到離開傳送帶經(jīng)歷的時間t；

(3)從0時刻，到兩物塊恰好要相碰,求傳送帶多消耗的能量A￡。

;%

物理試題第7頁(共8頁)

15.（18分）

為了約束帶電粒子在一定區(qū)域內(nèi)運動，某實驗小組設計了如圖所示的裝置。在空間坐標

系。-平中，區(qū)域I、II、III均是邊長為￡的正方體空間，區(qū)I內(nèi)存在沿夕軸正方向的勻強磁

場，磁感應強度大小為司(未知)，區(qū)域n內(nèi)存在沿〉軸正方向的勻強電場，電場強度大小

為E(未知)。現(xiàn)有一質(zhì)量為加、電荷量為g的帶正電粒子從4點0,()在xOz平面內(nèi)以

速度%沿某一方向進入?yún)^(qū)域I,經(jīng)過一段時間恰好經(jīng)過c點，且速度沿x軸正方向，然后進

入?yún)^(qū)域n,該粒子通過區(qū)域n后剛好經(jīng)過〃點，已知點坐標為(2d,o),粒子的重力忽略

不計。

(1)求區(qū)域I內(nèi)的磁感應強度大小4和區(qū)域II電場強度大小￡的比值；

(2)若只改變區(qū)域n內(nèi)電場強度E的大小，求粒子離開區(qū)域n時動能心與E的關系式;

(3)區(qū)域III內(nèi)充滿平行于xOy平面、與X軸負方向成45。角的勻強磁場，磁感應強度

大小為鳥(未知)，在區(qū)域ni的上表面是一粒子收集板，粒子打到收集板上將不再射出。調(diào)

整區(qū)域n內(nèi)電場強度的大小，使粒子從尸(2工,點進入?yún)^(qū)域皿，若粒子能夠在區(qū)域ni內(nèi)直

接打到上方的粒子收集板上，求名的取值范圍。

物理試題第8頁(共8頁)

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2025年八省適應性考試（八省聯(lián)考）預測試卷（1）

物理

答案解析及評分標準

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項

符合題目要求，每小題4分；第8?10題有多項符合題目要求，每小題6分全部選對的

得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

題號12345678910

答案DCBCCACADACDBC

1.D【解析】A.忽略帶電體的形狀和大小，用“點電荷”表示帶電體的方法，是運用了理

想模型法，故A錯誤；

B.伽利略將斜面實驗的結論合理外推，間接證明了自由落體運動是勻變速直線運動,

B錯誤；

C.開普勒通過研究行星觀測記錄，發(fā)現(xiàn)了行星運動的三大定律，故C錯誤；

D.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，后來卡文迪什通過扭秤實驗測出了引力常量的數(shù)值，

故D正確。

2.C【解析】A.P、。兩點以43為共同轉(zhuǎn)軸做圓周運動，則可知尸的速度方向與其圓周

運動的半徑垂直，并不沿繩子切線，故A錯誤；

BC.由于P、。兩點以N3為共同轉(zhuǎn)軸做圓周運動，可知二者的角速度相等，由圖可

知，尸的半徑小于。的半徑，根據(jù)公式

v—cor

可知，尸的線速度小于。的線速度，故B錯誤，C正確；

D.尸、。等各點均同步在豎直面做勻速圓周運動，則合外力提供向心力，指向圓周

運動的圓心，即P點所受合外力方向一定垂直于連線向下，故D錯誤。

3.B【解析】AB.根據(jù)長木板受力平衡可知

F=/jmg+/J（M+m）g=[O.lxlx10+O.lx（2+1卜10]N=4N

設彈簧測力計的示數(shù)為尸，根據(jù)物塊受力平衡可知，

F'=/jmg=O.lxlxION=IN

故A錯誤，B正確；

C.當拉動長木板的力尸變大時，長木板對物塊的摩擦力不變，彈簧測力計的示數(shù)也

不變，故C錯誤；

D.若將物塊側(cè)面放在長木板上，物塊對長木板的壓力不變，長木板對物塊的摩擦力

也不變，彈簧測力計的示數(shù)也不變，故D錯誤。

故選B。

4.C【解析】AB.引體向上有多種施力方式，可能是先加速再勻速后減速，也可能先加

速后減速，或者加速減速交替出現(xiàn)，但總體而言需要經(jīng)歷了加速和減速過程，即超重

和失重過程，故AB錯誤；

CD.由于手對身體的拉力始終保持向上，從最低點運動到最高點的過程中，手一直

對身體做正功，故機械能持續(xù)增大，故C正確，D錯誤。

故選C。

5.C【解析】A.N、3兩點間電場強度有0點，可以判斷/、3兩點固定的均是同種電荷,

故A錯誤；

B.由于/、5兩點固定同種電荷，。點和。點關于連線的中點。對稱，則。點

和。點場強大小相等，方向相反，故B錯誤：

CD.根據(jù)對稱性可知C點和。點電勢相等，UCD=0,Ep=q（p,同一個正電荷在兩

點的電勢能相等，故C正確，D錯誤。

故選C。

物理試題（1）答案第1頁（共10頁）

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6.A【解析】AB.對。到4過程運用動能定理得

WF-mgR-jumgR—jumgR=0

解得

郎F=mgR（l+2jU）

從/到3的過程，

W{=jumgR

物體從N到B做圓周運動，根據(jù)向心力知識可知物體所受的支持力比緩慢運動時要

大，所以克服摩擦力做功大于"mgR,因此從/到C克服摩擦力做的功要大于2〃切gR,

即

mgR＞2/^mgR

所以拉力做的功小于2〃?gA,故A正確，B錯誤；

C.物塊在下滑過程中，受到重力、支持力和滑動摩擦力作用，在沿切線方向的合力

為零時，速度到最大，不是在B處，故C錯誤；

D.上述選項得到

mgR＞2/umgR

解得

故D錯誤。

故選Ao

7.C【解析】A.衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，設軌道半徑為r,

則有

Mmmv2

G尸丁

解得

Vr

故半徑越小，線速度越大，因為衛(wèi)星/的線速度大于衛(wèi)星8的線速度，故。＜/。

又因為

解得

因為。＜/，所以。人＞而，故A錯誤;

BC.由圖像可知

rA+rB=5r

rB-rA=3P

聯(lián)立可得

rA=r,q=4尸

由圖像可知每隔時間7兩衛(wèi)星距離最近，設/、3的周期分別為A、TB,則有

（2乃2/r）

-----------\T=2n

U7d

由開普勒第三定律

聯(lián)立可得

物理試題（1）答案第2頁（共10頁）

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7

[中，"二77

O

可知

ZA=1

TB8

由

「Mm4/

G^=mr^

故地球質(zhì)量為

八三

49GT2

故C正確，B錯誤；

D.第一宇宙速度是最大的運行速度，由

Mmmv2

G,一

(0.8r)20.8r

可得

[GM8&r

'"V0.8r-7T

故D錯誤。

故選C。

8.ACD【解析】A.根據(jù)條紋間距公式

AL,

Ax——A

d

可得

/I=-----

L

所以電子的動量為

hhL

Pe=<=

ZaAx

故A正確；

B.根據(jù)動能和動量的關系可得

E上雇

k2m2md2^x2

故B錯誤；

C.根據(jù)光電效應方程

Ek=hv-JV0

可得光子的能量

h2[2

hv=EW=+W

k+02maAx20

故C正確；

D.光子的動量為

"2ccc2mcd2\x

故D正確。

故選ACD。

9.AD【解析】A.線框向上進磁場和出磁場過程中，安培力的沖量均為

D2r3

I=BILt=BqL=------

R

物理試題（1）答案第3頁（共10頁）

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A正確；

B.線框向上運動過程中，進磁場平均安培力大于出磁場平均安培力，因此進磁場克

服安培力做功大于出磁場克服安培力做功，B錯誤；

C.根據(jù)題意，線框向下運動過程中，澳邊剛進磁場時的速度與仍邊剛要出磁場時

的速度相等，線框穿過磁場過程根據(jù)能量守恒，線框中產(chǎn)生的焦耳熱

Q=mgx3￡sin。=1.8加

c錯誤；

D.線框向下運動過程中，設線框運動的田間為tL根據(jù)動量定理有

c

mgsin377—BI{Ltx-BI2Lt2=0

式中

--B2

q~"i=12t2=f-

解得

IOS213

t=

3mgR

D正確。

故選ADo

10.BC【解析】A.對左側(cè)圓槽與小球有

mvx-2mv2=0

1212

mg-2R=—mvx+—x2mv2

解得

對小球在A點進行分析有

2

（V.+v2）

N-mg=m-——―—―

根據(jù)牛頓第三定律有

N'=N

解得

N'=7mg

故A錯誤；

B.小球在左側(cè)槽運動過程由水平方向動量守恒的位移表達式有

mxl-2mx2=0

又有

Xy+x2=R

解得

R

23

小球離開/后，小球與左側(cè)槽均做勻速直線運動，小球到8點時有

_R+X2

w

則AB相距

x=v1+v2t

解得

x=2R

故B正確;

物理試題（1）答案第4頁（共10頁）

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C假設小球沖上右側(cè)槽沒有越過右側(cè)槽的最高點，對小球與右側(cè)槽有

mvx=（加+2加）V3

mgh=；冽片一;x（加+2冽）v；

結合上述解得

Q

h=-R<R

9

Q

可知，假設成立，即小球沖上右圓槽的最大高度為，及，故c正確;

D.小球從右側(cè)圓槽回到水平面后，對小球與右側(cè)圓槽有

mvi=mv4+2mv5

；mVy=；mv1+；x2mvj

解得

2

L5

可知

同〈匕

則小球回到水平面后不能沖上左圓槽，故D錯誤。

故選BCo

二、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.（每空2分）

（1）500；2400；

（2）c；

若電流表沒有示數(shù)，則說明E損壞，若電流表有示數(shù)，則說明及損壞。（合理即可）

【解析】（1）口］［2］若使用。和b兩個接線柱，電壓表的量程為15V,則

R}+R2+RG=513c=300g

若使用。和c兩個接線柱，電壓表的量程為3V,則

3

R,+R=---------Q=600Q

1Gr5x10-3

解得

7?；=5OOQ

7?J=2400Q

（2）因為只有一個損壞，所以驗證五/是否損壞即可，所以4點應和接線柱c

相連，若電流表沒有示數(shù)，則說明處損壞，若電流表有示數(shù)，則說明處損壞。

12.（每空2分）

（1）AD；

⑶0.5。

【解析】①A、該實驗中，擺線應選用細而不易伸長的線，避免在擺動過程中擺長發(fā)生改變,

且長度要適當長一些；為了避免空氣阻力的影響，應選用體積比較小，密度較大的

小球，故A正確；

B、單擺的最大擺角應小于5。，因而開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置不能有

太大的角度，故B錯誤；

C、為準確測量單擺周期，應從擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時，測出多個周期的時

間，然后求出平均值作為周期，故C錯誤；

物理試題（1）答案第5頁（共10頁）

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D、為減小實驗誤差，拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5。，釋放擺球，當擺

球振動穩(wěn)定后，從平衡位置開始計時，記下擺球做30次全振動所用的時間則單

擺周期7=3,故口正確.

②單擺周期公式7=2%F，其中7=工，聯(lián)立解得：g=^U；

nt2

③由圖知/=5cm,T=2s,根據(jù)單擺周期公式T=2乃JZ,解得：L=lm；小球的回

復加速度在x=5cm或x=-5cm時最大，根據(jù)牛頓第二定律得：

mgsin0.八A_0.05_..

a=-----------=gsin0?g--=110x------=0.5m/s2.

mmL1

13,（8分）

（1）e=5V2sinlO^（V）;

（2）t/=4Vo

【解析】（1）線圈轉(zhuǎn)速

n=300r/min=5r/s

線圈轉(zhuǎn)動的角速度

co=2兀n=10CTad/s（1分）

線圈中感應電動勢的峰值

￡m=A?5'?=10x—x0.05xl0^-V=5V2V（3分）

71

線圈所在的圖示位置為中性面，故線圈中感應電動勢的瞬時值表達式

e=Emsincot=5亞sin10R（V）（5分）

（2）感應電動勢的有效值

E5也

E=-^=-^N=5V（6分）

V2<2

感應電流的有效值

F5

1=------=——A=0.5A（7分）

R+r8+2

電表所示的示數(shù)均為有效值，則交流電壓表示數(shù)

u=/R=0.5x8V=4V（8分）

（注：其他解法，言之合理亦可給分）

14.（14分）

（1）4m；

（2）2.4s；

（3）144Jo

【解析】（1）對物塊1受力分析，由牛頓第二定律有

mtgsin3-3%gcos6=m{ax

解得

%=2m/s2（1分）

同理對物塊2受力，由牛頓第二定律有

m2gsin9-%m2gcos0=m^a2

解得

a2-0（2分）

故物塊1沿斜面向下做勻加速運動，物碗2沿斜面向上做勻速運動，則物塊1的位

移

物理試題（1）答案第6頁（共10頁）

*鴻飛教學研究中心*組織命制

12

x=votl+—aitl

物塊2的位移

x2=v2tx（3分）

由位移關系

Xy+X2=L

代入數(shù)據(jù)解得

x2=4m（4分）

（2）由（1）可知

4=2s

則碰前物塊1的速度

+貼（5分）

解得

W=6m/s（6分）

碰撞過程，由動量守恒、機械能守恒，有

mI%-m2v2=用M+冽2.

；機爐+g叫V；+'巧42

（7分）

聯(lián)立解得

=2m/s

v；=10m/s（8分）

則物塊2將以10m/s的速度沿傳送帶向下做勻速直線運動直至離開傳送帶，向下運

動的時間

解得

t2=0.4s（9分）

故運動總時間

t=tx+t2=2.4s（10分）

（3）物塊1下滑的過程中，對傳送帶產(chǎn)W沿傳送帶向下的滑動摩擦力

<=從/geos。（11分）

物塊2在上滑的過程中，對傳送帶產(chǎn)生沿傳送帶向下的最大靜摩擦力

f2=m2gsin0（12分）

電動機多消耗的能量等于傳送帶克服摩擦力做的功，則有

郎=（小外?%（13分）

代入數(shù)據(jù)得

A￡=144J（14分）

（注：其他解法，言之合理亦可給分）

15.(18分)

2

(1)

5%

22

qEl}12

(2)

2mv

(3)0

qLqL

【解析】（1）設帶電粒子在磁場中運動時的軌道半徑為R,帶電粒子在磁場中運動時如圖1

所示

物理試題（1）答案第7頁（共10頁）

*鴻飛教學研究中心*組織命制

由幾何關系得

解得

R=-L（1分）

4

由

q%Bi=

K

得

皿

（2分）

5qL

帶電粒子在電場中做類平拋運動，由

L-vot

（3分）

2m

聯(lián)立解得

（4分）

qL

則

B]_2

（5分）

E5Vo

電場￡=2毯時

（2）設帶電粒子離開區(qū)域n時的動能為反，由以上的分析可知，

qL

帶電粒子恰好從〃點離開正方體區(qū)域；若則帶電粒子從的邊離開區(qū)域II,

aL

由動能定理可知

qEL=E「gmv：

解得

12

Ek=qEL+3m腐（6分）

若。＜￡＜網(wǎng)"

則帶電粒子將從前邊離開區(qū)域n,設射出點離g的距離為外有

qL

y