…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版選擇性必修2物理下冊月考試卷579考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數分別為原線圈回路接有內阻不計的交流電流表A，副線圈回路接有定值電阻R=2Ω，現在a、b間，c、d間分別接上示波器，同時監測得a、b間，c、d間電壓隨時間變化的圖象分別如圖乙；丙所示；下列說法正確的是（）

A.T=0.01sB.≈55：2C.電流表A的示數I≈36.4mAD.當原線圈電壓瞬時值最大時，副線圈兩端電壓瞬時值為02、如圖所示，B為勻強磁場，I為通電直導線，F為磁場對通電直導線的作用力，其中正確的是A.B.C.D.3、電磁炮是利用電磁發射技術制成的新型武器，如圖所示為電磁炮的原理結構示意圖。若某水平發射軌道長寬發射的炮彈質量為50g，炮彈被發射時從軌道左端由靜止開始加速。當電路中的電流恒為20A時，炮彈被發射后的最大速度可達軌道間磁場為勻強磁場，不計空氣及摩擦阻力。下列說法正確的是（）

A.磁場方向為豎直向下B.磁場方向為水平向右C.磁場的磁感應強度大小為D.炮彈的加速度大小為4、法拉第發現了電磁感應現象之后，又發明了世界上第一臺發電機——法拉第圓盤發電機，揭開了人類將機械能轉化為電能并進行應用的序幕。法拉第圓盤發電機的原理如圖所示，將一個圓形金屬盤放置在電磁鐵的兩個磁極之間，并使盤面與磁感線垂直，盤的邊緣附近和中心分別裝有與金屬盤接觸良好的電刷A、B，兩電刷與靈敏電流計相連。當金屬盤繞中心軸按圖示方向轉動時，下列說法錯誤的是（）

A.電刷A的電勢低于電刷B的電勢B.若僅提高金屬盤轉速，靈敏電流計的示數將變大C.若僅減小電刷B之間的距離，靈敏電流計的示數將變小D.若僅將滑動變阻器滑動頭向左滑，靈敏電流計的示數將變小5、傳感器為我們的生活帶來諸多便利，關于傳感器下列說法不正確的是（）A.傳感器一般由敏感元件和處理電路組成B.走近自動門時，門會自動打開，應用的是溫度感器C.電飯煲能自動加熱和保溫而不會把飯燒焦，應用的是溫度傳感器D.霍爾元件能夠把磁感應強度這個磁學量轉換為電壓這個電學量6、如圖所示，三根通電長直導線P、Q、R互相平行且通過正三角形的三個頂點，三條導線中通入的電流大小相等，方向垂直紙面向里。則通電導線R受到的磁場力的方向是（）

A.與PQ垂直，指向y軸正方向B.與PQ垂直，指向y軸負方向C.與PQ平行，指向x軸正方向D.與PQ平行，指向x軸負方向7、如圖所示，半徑為R的圓形區域里有磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，M、N是磁場邊界上兩點且M、N連線過圓心，在M點有一粒子源，可以在紙面內沿各個方向向磁場里發射質量為m、電荷量為q、速度大小均為的帶正電粒子，不計粒子的重力，若某一個粒子在磁場中運動的時間為則該粒子從M點射入磁場時，入射速度方向與MN間夾角的正弦值為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示是發電廠通過升壓變壓器進行高壓輸電，接近用戶端時再通過降壓變壓器給用戶供電的示意圖；圖中變壓器均視為理想變壓器，電表均為理想電表；設發電廠輸出的電壓一定，兩條輸電線總電阻為R0，變阻器R相當于用戶用電器的總電阻；當用電器增加時，相當于R變小。則在用電高峰期（）

A.電壓表V1、V2的讀數均不變，電流表A2的讀數增大，電流表A1的讀數增大B.電壓表V3、V4的讀數均減小，電流表A2的讀數不變，電流表A3的讀數減小C.電壓表V2、V3的讀數之差與電流表A2的讀數的比值不變D.輸電線損耗的功率不變9、如圖，一導體圓環保持水平，沿一個勻稱的條形磁鐵軸線落下，條形磁鐵豎直固定，圓環中心始終位于磁鐵軸線上.已知當圓環落至兩位置時，剛好經過磁鐵上下端截面，而位置位于磁鐵正中央.不計空氣阻力，下列說法正確的有（）

A.圓環由落至的過程中，環中感應電流從上向下看為順時針B.圓環由落至的過程中，穿過圓環的磁通量在減少C.圓環落至之間時，圓環有收縮趨勢D.圓環由落至E的過程中，任意時刻加速度都小于重力加速度10、如圖所示為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，交流發電機的輸出電壓的有效值恒為U1、輸電線的總電阻r；用戶所用的電器（均為純電阻）、降壓變壓器匝數均不變．若增大升壓變壓器原、副線圈的匝數比；則下列判斷正確的是。

A.升壓變壓器原線圈中的電流減小B.輸電線上損失的功率增大C.輸電線上的總電壓增大D.用戶所用電器的總電流減小11、如圖甲所示的平行金屬極板MN之間存在交替出現的勻強磁場和勻強電場，取垂直紙面向外為磁場正方向，磁感應強度B隨時間t周期性變化的規律如圖乙所示，取垂直極板向上為電場正方向，電場強度E隨時間t周期性變化的規律如圖丙所示。時，一不計重力、帶正電的粒子從極板左端以速度v沿板間中線平行極板射入板間，最終平行于極板中線射出，已知粒子在時速度為零；且整個運動過程中始終未與兩極板接觸，則下列說法正確的是（）

A.粒子可能在時刻射出極板B.極板間距不小于C.極板長度為D.=12、如圖，間距的U形金屬導軌，一端接有的電阻R，固定在的絕緣水平桌面上。質量均為2kg的勻質導體棒a和b靜止在導軌，兩導體棒與導軌接觸良好且始終與導軌垂直，接入電路的阻值均為與導軌間的動摩擦因數均為0.2（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）。整個空間存在豎直方向的磁感應是度為2T的勻強磁場（未畫出）。初始時刻，用沿導軌水平向右的恒力F作用在a上，3s內a運動了5m，到達導軌的最右端，此時b剛要滑動，同時撤去F，a離開導軌落到水平地面上。重力加速度取空氣阻力不計，不計其他電阻，下列說法正確的是（）

A.導體棒a離開導軌至落地過程中，水平位移為0.5mB.導體棒a在導軌上運動的過程中，通過電阻R的電荷量為6CC.導體棒a在導軌上運動的過程中，受到的恒力F為D.導體棒a在導軌上運動的過程中，導體棒b不可能有向左的運動趨勢13、隨著科技的不斷發展；無線充電已經進入人們的視線。小到手表；手機，大到電腦、電動汽車，都已經實現了無線充電從理論研發到實際應用的轉化。如圖所示，為某品牌的無線充電手機利用電磁感應方式充電的原理圖。當充電基座上的發射線圈通入正弦式交變電流后，就會在鄰近的接收線圈中感應出電流，最終實現為手機電池充電。在充電過程中（）

A.發射線圈中電流產生的磁場隨時間呈周期性變化B.接收線圈部分的工作原理是“電流的磁效應”C.接收線圈與發射線圈中交變電流的頻率相同D.手機和底座無需導線連接，接收線圈放置在充電底座正上方時充電效率較高14、線圈的匝數為100匝；在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動時，穿過線圈的磁通量隨時間的變化規律如圖所示。下列結論正確的是（）

A.在和時，線圈平面和磁場垂直，電動勢最大B.在和時，線圈平面和磁場垂直，電動勢為零C.在和時電流方向不變D.在和時，線圈切割磁感線的有效速率最大15、教材上在推導勻變速運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用的物理學思想方法是微元法。下列應用了微元法的是（）A.質點、點電荷的概念B.根據速度定義式v=可知，當Δt非常小時，就可以表示物體的瞬時速度C.由于彈力不是恒力，探討彈簧彈力做功時，把位移分成很多小段，在每一段中可以認為彈力不變，先求出每一小段彈力做的功，然后相加，最后得出整個過程中彈力做的功D.交變電流隨時間變化的圖像與坐標軸所圍面積表示電荷量16、如圖所示,矩形金屬線圈abcd與理想變壓器的原線圈組成閉合電路,燈泡L1、L2完全相同,當變壓器原線圈中的抽頭P置于最上端時,原、副線圈的匝數比為n∶1。矩形線圈abcd在有界勻強磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉動,且磁場只分布在bc邊的左側,磁感應強度大小為B,線圈面積為S,轉動的角速度為ω,匝數為N,線圈電阻不計。則下列說法正確的是（）

A.若減小矩形線圈abcd的轉速,燈泡L1會變暗B.在圖示位置時,矩形線圈中瞬時感應電動勢最小C.當抽頭P置于最上端時,在線圈abcd轉動的過程中,電壓表示數為D.若僅將線圈abcd的轉軸平移至ad邊處,且轉速不變,則電壓表示數也不變評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、兩條平行且足夠長的金屬導軌置于磁感應強度為B的勻強磁場中，B的方向垂直導軌平面。兩導軌間距為L，左端接一電阻R，其余電阻不計。長為2L的導體棒ab如圖所示放置，開始時ab棒不導軌垂直，在ab棒繞a點緊貼導軌以角速度順時針旋轉90°的過程中，通過電阻R的電流方向為_________（填“由上到下”或者“由下到上”）；電動勢的最大值為_________；通過電阻R的電荷量是_________。

18、線圈中電流減小時，______中的能量釋放出來轉化為電能．19、如圖所示，在某一輸電線路的起始端和終點端各接入一個理想變壓器，原、副線圈的匝數比分別為n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶50，圖中a、b表示電流表或電壓表，已知電壓表的示數為22V，電流表的示數為1A，每根輸電線的電阻為1Ω，則____（選填“a”或“b”）為電流表，輸電線上損失的電功率為______，線路輸送的電功率為___________。

20、如圖為法拉第發現電磁感應現象的實驗示意圖，產生電磁感應現象的是_________（填“M”或“N”）線圈，當電鍵閉合瞬間，通過靈敏電流計的電流方向為_________（填“a到b”或“b到a”）。

21、在收音機線路中，經天線接收下來的電信號既有高頻成分，又有低頻成分，經放大后送到下一級，需要把低頻成分和高頻成分分開，只讓低頻成分輸送到再下一級，可以采用如圖所示電路，則a處應放置___（填“A或B”），b處應放置__（填“C或D”）。（分別填入下列用電器前方的字母）：

A.電容較小的電容器。

B.電容較大的電容器。

C.低頻扼流圈。

D.高頻扼流圈評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)22、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

23、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

24、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

25、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)26、傳感器和計算機、通信技術成為現代信息技術的三大基礎，被公認為是物聯網的核心技術，將改變現在和未來的世界。壓敏電阻是制造壓力傳感器的一種核心元件，小李同學利用壓敏電阻自制了一臺電子秤，電路圖如圖甲所示。所用壓敏電阻的阻值與所受壓力的大小之間的關系如圖乙所示，壓力在以內時圖線為直線。制作電子秤首先需要精確測量不受外界壓力時壓敏電阻的阻值然后根據所學電路知識在電流表刻度處標記相應的壓力值，即可制成一臺電子秤。所用器材如下：

壓敏電阻（不受外界壓力時，阻值在之間）

恒壓電源（輸出電壓恒定，電動勢）

電壓表V（量程內阻約為）

電流表A（量程50mA，內阻）

滑動變阻器（阻值范圍）

開關及導線若干。

請完成下列問題：

（1）為了盡量準確測量電路中點應與____________（填“”或“”）點相連。

（2）閉合開關將滑動變阻器接入電路部分的阻值從最大值逐漸調小，當電流表A的示數為時，電壓表V的示數為則________

（3）斷開開關調節滑動變阻器使電流表A滿偏；并在此處標記壓力值為零。令滑動變阻器阻值保持不變，在電流表A的25mA刻度處應標記壓力值為___________N。27、在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”實驗中；可拆變壓器如圖所示；

（1）為了確保實驗的安全，下列做法正確的是________

A．為了人身安全；只能使用低壓直流電源，所用電壓不要超過16V

B．即使副線圈不接用電器；原線圈也不能長時間通電。

C．為使接觸良好；通電時應用手直接捏緊裸露的接線柱。

D．為了多用電表的安全；使用交流電壓擋測電壓時，先用最大量程擋試測。

（2）某小組探究變壓器原、副線圈兩端的電壓與匝數之間的關系：可拆變壓器如圖所示，鐵芯B可以安裝在鐵芯A上形成閉合鐵芯。將原、副線圈套在鐵芯A的兩臂上，匝數分別選擇n1=800匝，n2=200匝，原線圈與12V正弦式交流電源相連，用理想電壓表測得輸出電壓U2=2V，輸出電壓測量值明顯小于理論值，可能的原因是________

A．原線圈匝數n1少于800匝。

B．副線圈匝數n2多于200匝。

C．副線圈阻值較大。

D．鐵芯B沒有安裝在鐵芯A上。

（3）如圖所示，b端是一理想變壓器副線圈中心抽頭，開始時單刀雙擲開關置于a端，開關S斷開。原線圈c、d兩端加正弦交流電，下列說法正確的是________

A．將可變電阻R調大，則R兩端電壓變小。

B．閉合開關S，則R1兩端電壓變小。

C．當單刀雙擲開關由a撥向b時；副線圈電流的頻率變小。

D．當單刀雙擲開關由a撥向b時，原線圈的輸入功率變大評卷人得分六、解答題(共2題，共6分)28、某研發小組設計了一個臂力測試儀。裝置的簡化原理圖如圖甲所示，兩平行金屬導軌豎直放置，兩者間距為在間和間分別接一個阻值為的電阻，在兩導軌間矩形區域內有垂直導軌平面向里、寬為的磁場。一質量為長為電阻為的導體棒垂直放置在導軌上，導體棒與彈簧相連，彈簧下端固定，彈簧伸至原長后其頂端恰好與在同一條直線上。測試者利用臂力將導體棒向下壓至某位置后釋放，導體棒向上運動經過時，會與處的壓力傳感器發生撞擊（圖乙為裝置的側視圖）；壓力傳感器可以顯示撞擊力的大小，以此來反映臂力的大小。

（1）為測試其電特性，進行如下實驗：磁場區域內的磁感應強度如圖丙所示，為已知量。請作出流過的電流（順時針為電流的正方向）在時間內的圖像。

（2）為測試其力特性，在這段時間內進行如下實驗：設某次測試中，將彈簧壓縮至位置后釋放，與間的豎直距離為當導體棒進入磁場的瞬間，加速度為導體棒運動到時壓力傳感器示數恰好為0。已知彈簧的彈性勢能與彈簧形變量的平方成正比，導體棒運動中與導軌始終保持接觸良好且導軌電阻不計，重力加速度為求：

①導體棒出磁場時彈簧的彈性勢能；

②導體棒向上運動過程中產生的焦耳熱。

29、如圖（甲）為小型旋轉電樞式交流發電機的原理圖，其矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸按如圖所示方向勻速轉動，線圈的匝數電阻線圈的兩端經集流環與電阻R連接，電阻與R并聯的交流電壓表為理想電表。在時刻，線圈平面與磁場方向平行，穿過每匝線圈的磁通量隨時間t按圖（乙）所示正弦規律變化。（取）求：

（1）交流發電機產生的電動勢的最大值；

（2）從時刻開始計時，線圈轉過時線圈中感應電流瞬時值及回路中的電流方向；

（3）電路中交流電壓表的示數；

（4）從圖示位置轉過整個回路的焦耳熱？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．因為變壓器不改變交變電流的周期，輸入電壓的周期輸出電壓的周期故A錯誤；

B．原線圈電壓的有效值

副線圈電壓的有效值

根據電壓與匝數成正比，有

故B錯誤；

C．輸出功率

輸入功率為8W，電流表的示數

故C正確；

D．根據電壓與匝數成正比；知當原線圈電壓瞬時值最大時，副線圈兩端電壓的瞬時值最大，故D錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A圖中磁場向上；電流向里，根據左手定則可得，安培力的方向水平向右，所以A錯誤；B圖中磁場向左，電流向外，根據左手定則可得，安培力的方向向下，所以B錯誤；C圖中磁場向里，電流向左，根據左手定則可得，安培力的方向向下，所以C正確；D圖中磁場向外，電流向外，它們的方向相同，不受安培力的作用，所以D錯誤．故選C．

【點睛】

掌握住左手定則的內容，直接判斷即可，比較簡單，同時要注意與右手定則的區別，注意磁場方向、電流方向以及安培力的方向之間的關系．3、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題意可知；炮彈所受的安培力水平向右，根據左手定則可判斷出磁場方向為豎直向上，AB錯誤；

C．發射炮彈過程，只有安培力做功由動能定理可得

代入數據解得

C正確；

D．發射炮彈過程，根據牛頓第二定律可得

代入數據解得

D錯誤。

故選C。4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．根據安培定則可知；電磁鐵產生的磁場方向向左，根據右手定則，金屬盤產生的感應電流方向從B到A，則電刷A的電勢高于電刷B的電勢，A錯誤；

B．根據E=BLv；若僅提高金屬盤轉速，感應電動勢將增大，則感應電流增大，靈敏電流計的示數將變大，B正確；

C．根據E=BLv；若僅減小電刷A；B之間的距離，感應電動勢將減小，則感應電流減小，靈敏電流計的示數將變小，C正確；

D．若僅將滑動變阻器滑動頭向左滑，流過電磁鐵的電流將會減小，產生的磁感應強度減小，根據E=BLv；感應電動勢將減小，則感應電流減小，靈敏電流計的示數將變小，D正確。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A．傳感器一定是通過非電學量轉換成電學量來傳遞信號的；工作處理的一般流程是：先由非電學量，比如：光信號；壓力信號等，通過敏感元件后，由電路處理，變為電信號，從而得以工作，故A不符合題意；

B．走近自動門時；門會自動打開，是利用紅外感應器來感應人的存在，應用的是紅外傳感器，故B符合題意；

C．電飯煲能自動加熱和保溫而不會把飯燒焦；應用了溫度傳感器，故C不符合題意。

D．霍爾元件是能夠把磁感應強度這個磁學量轉換為電壓這個電學量的傳感器；故D不符合題意。

故選B。6、B【分析】【詳解】

解析根據安培定則和平行四邊形定則可確定R處磁感應強度方向水平向右；如圖所示。

則由左手定則可知通電導線R受到的磁場力的方向與PQ垂直，指向y軸負方向。

故選B。7、A【分析】【詳解】

粒子在磁場中運動軌跡半徑

由于該粒子在磁場中運動的時間

因此該粒子在磁場中運動的軌跡如圖所示。

由幾何關系可知，為正三角形，粒子從M點射入的速度方向與MN的夾角為夾角正弦值為故A正確，BCD錯誤。

故選A。二、多選題(共9題，共18分)8、A:C【分析】【詳解】

AB．因發電廠的輸出電壓一定，因此可知升壓變壓器的原線圈的電壓不變，即不變，由

可知升壓變壓器的副線圈的電壓不變，即電壓表的示數不變；進入用電高峰，電阻R降低，假設電壓表的電壓不變，由

可知電流表的電流增大，由

可知電流表降壓變壓器得輸入端得電流增大，即電流表的示數增大，由

可知輸入電流增大，即電流表示數增加；由

可知降壓變壓器原線圈的電壓降低，即電壓表降低，由

可知降壓變壓器的副線圈的電壓降低，即降低；故A正確，B錯誤；

C．由

可知電壓表的讀數之差與電流表的讀數的比值不變；等于輸電線的電阻值，C正確；

D．根據

又輸電線上的電流增大；電阻不變，所以輸電線上的功率損失增大，D錯誤。

故選AC。9、A:C【分析】【詳解】

圓環由落至的過程中，穿過圓環向上的磁通量增大，根據楞次定律可得環中感應電流從上向下看為順時針，A正確；當圓環在之間下落時，穿過圓環的磁場分為兩部分，一部分是磁鐵外部向下的磁場，一部分是磁鐵內部方向豎直向上的磁場（這部分是勻強磁場，恒定不變，即向上穿過圓環的磁感線條數恒定不變），即磁鐵外部磁場在位置最弱，磁感線條數最少，故在位置穿過圓環的磁通量最大，磁感線最密集，圓環由落至的過程中，磁通量增大，從到過程中，穿過圓環的磁通量減小，故圓環有收縮趨勢，B錯誤，C正確；在位置，磁感線都是豎直向上的，水平方向上沒有分量，圓環在該位置不切割磁感線，沒有感應電流，不受安培力作用，故在該位置圓環的加速度等于重力加速度，D錯誤.10、A:D【分析】【詳解】

A.設用戶所用的電器的等效電阻為R，升壓變壓器和降壓變壓器的原、副線圈匝數比分別為k1:1、k2:1，則降壓變壓器的原線圈的等效電阻而得同理，升壓變壓器的原線圖的等效電阻故k1增大，R1也增大，升壓變壓器原線圈中的電流減小；選項A正確。

B.由可知，k1增大時，U2減小，輸電線上的電流減小，輸電線上損失的功率減小；選項B錯誤。

C.輸電線上的總電壓U=I2r減小；選項C錯誤。

D.由得，用戶所用電器的總電流I4=k2I3=k2I2減小，選項D正確11、A:B:D【分析】【詳解】

根據題意可知，在內，粒子在磁場中做勻速圓周運動，且轉了周，在內，粒子在電場中向下做減速運動到速度為零，在內，粒子在電場中向上做加速運動到速度為在內，粒子在磁場中做勻速圓周運動，轉了周，粒子回到極板中線，速度平行于極板中線，接下來粒子周期性地重復以上運動，粒子在一個運動周期內的軌跡如圖所示

A．粒子一個運動周期為

故粒子射出極板的時刻可能為（）

當時

故A正確；

B．粒子在磁場中，設粒子的軌跡半徑為則有

解得

粒子在電場向下減速的位移為

故極板間距應滿足

故B正確；

C．極板長度可能為（）

故C錯誤；

D．粒子在磁場中，有

解得

粒子在電場中，有

解得

可得

故D正確；

故選ABD。12、A:C【分析】【詳解】

A．b剛要滑動，對導體棒b有

解得

R與導體棒b并聯，則

解得

則對整個回路，流過導體棒a的電流為

導體棒a產生的電動勢為

又感應電動勢

聯立解得

導體棒a離開導軌至落地過程中，做平拋運動

聯立解得水平位移為

故A正確；

B．導體棒a在導軌上運動的過程中

則通過干路電路的電量為

通過電阻R的電量

故B錯誤；

C．對導體棒a，由動量定理可得

又

聯立解得

故C正確；

D．不論磁場方向如何，由楞次定律可知，導體棒b一定受到向左的安培力；有向左運動的趨勢，故D錯誤。

故選AC。13、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由題意可知；手機無線充電是利用電磁感應原理，應將充電底座接到交流電源上，給發射線圈通交變電流，從產生周期性變化的磁場，使得接收線圈的磁通量發生改變，產生感應電動勢；感應電流，從而實現充電，故A正確，B錯誤；

C．接收線圈中產生交變電流的頻率與發生線圈中交變電流的頻率是相同的；故C正確；

D．手機和底座無需導線連接；接收線圈放置在充電底座正上方時充電效率較高，偏離太遠會導致無法充電，故D正確。

故選ACD。14、B:C【分析】【詳解】

A．線圈平面與磁場垂直時的位置為中性面，在和時；磁通量最小，線圈平面和磁場平行，線圈位于與中性面垂直的位置，感應電動勢最大，故A錯誤；

BD．在和時；磁通量最大，線圈位于中性面位置，感應電動勢為0，則磁通量變化率為0，線圈切割磁感線的有效速率最小，故B正確，D錯誤；

C．在和時；磁通量最小，線圈位于與中性面垂直的位置，電流方向沒有發生變化，故C正確。

故選BC。15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．質點；點電荷等都是為了研究問題簡單而引入的理想化的模型；這些概念應用了建構物理模型法，故A錯誤；

B．速度定義式當Δt非常小時，就可以表示物體的瞬時速度；該定義應用了極限法，故B錯誤；

C．根據題干中對微元法的描述；可知C項也采用了多段累加的方法，應用了微元法，故C正確；

D．交變電流隨時間變化的圖像中；可把時間分成很多小段（微元），在每一小段時間內可以認為電流不變，根據電流的定義式可知每一小段時間內圖像與坐標軸所圍面積表示該段時間內的電荷量，然后把每一小段的電荷量相加，就得到了交變電流隨時間變化的圖像與坐標軸所圍面積，該面積表示電荷量，這里應用的物理學思想方法屬于微元法，故D正確。

故選CD。16、A:B:C【分析】【詳解】

A．感應電動勢的峰值

若減小矩形線圈abcd的轉速,交變電流的頻率變小,原線圈輸入電壓變小,副線圈輸出電壓變小,電容器C的容抗變大,與電容器C串聯的燈泡L1變暗,故A正確;

B．圖示位置為中性面位置,此時感應電動勢最小,故B正確;

C．在線圈abcd轉動的過程中,線圈中產生的感應電動勢的最大值

由

得理想變壓器原線圈電壓的有效值為

則電壓表示數為

故C正確;

D．若僅將線圈abcd的轉軸平移至ad邊處,且轉速不變,變壓器原線圈輸入電壓變大,副線圈輸出電壓也變大,電壓表示數變大,故D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]．由右手定則可知，通過電阻R的電流方向為由上到下；電動勢的最大值為

[3]．第一階段：平均電動勢

通過R的電荷量

第二階段ab棒脫離導軌后，電路中沒有電流．所以總電量：【解析】由上到下18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】磁場19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電表b串聯在電路中，所以b為電流表；

[2]由

知，輸電線上的電流為50A，所以5000W

[3]由

知，輸電線起始端的電壓為2200V，則線路輸送的電功率P=UI=【解析】①.b②.5000W③.110kW20、略

【分析】【詳解】

[1]當電鍵斷開或閉合的瞬間；M線圈中電流變化，引起N線圈周圍磁場強弱變化，通過N線圈中的磁通量變化，因此在N線圈中產生電磁感應現象。

[2]當電鍵閉合瞬間，M線圈中電流增強，磁場增強，磁感應強度增大；由右手螺旋定則可知通過N線圈的磁通量向上且增加，根據楞次定律可知，N線圈中感應電流產生的感應磁場向下，可知通過靈敏電流計的電流方向為a到b。【解析】Na到b21、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據交流電路中電容的通高頻阻低頻和電感線圈的通低頻阻高頻作用可知，元件a要讓高頻信號通過，阻止低頻信號通過，故元件a是電容較小的電容器；元件b要讓低頻信號通過，阻止高頻信號通過，故元件b是高頻扼流圈．則a處應放置A，b處應放置D。【解析】AD四、作圖題(共4題，共12分)22、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共2題，共20分)26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由于電流表A的內阻已知，雖然也不應采用電流表外接法，因為電壓表內阻未知，會給測量帶來誤差。如果采用電流表內接法則可以更精確地測量電路中點應與點相連。

（2）[2]閉合開關由歐姆定律可得

解得

（3）[3]斷開開關電