…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版選修3物理上冊階段測試試卷694考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，金屬桿ab長為l，垂直放置于光滑平行金屬導軌上，導軌置于水平面內，導軌的左端接一電阻，阻值為R，金屬棒ab的電阻為r，其余電阻不計，整個裝置置于勻強磁場中，勻強磁場與導軌所在平面垂直，磁感應強度為B．現施加一水平向右的外力F，讓金屬棒ab以恒定的速率v水平向右運動；下列敘述正確的是。

A.ab桿中的電流方向由a到bB.b點電勢高于a點電勢C.ab兩點的電勢差為D.施加于金屬棒ab的外力大小與安培力大小相等，即2、如圖所示為一定質量的理想氣體狀態變化過程的p－t圖像，直線ab通過坐標原點，Va、Vb表示在狀態a、b的氣體體積；則根據圖像可以判定（）

A.Va=VbB.Va>VbC.Va<VbD.無法判斷3、一定質量的理想氣體從狀態A經過狀態B變化到狀態C，其V–T圖像如圖所示。下列說法正確的是（）

A.B→C的過程中，氣體一定放出熱量B.B→C的過程中，氣體分子平均動能增加C.A→B的過程中，氣體分子的密集程度變小D.A→B的過程中，每個分子對器壁的平均撞擊力變大4、關于下列熱學現象的說法正確的是（）A.氣溫高時，水的飽和汽壓高，所以人感到更潮濕B.在水蒸氣凝結成同溫度的水珠的過程中要吸熱C.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變D.給農田松土是為了破壞土壤里的毛細管，使地下的水分不會被快速引上來蒸發掉5、關于熱現象和熱學規律，下列說法正確的是（）A.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數，就可以算出每個氣體分子的體積B.一定質量的理想氣體溫度升高，產生的壓強一定增大C.溫度一定時，懸浮在液體中的固體顆粒越大，布朗運動越明顯D.第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學第二定律6、下列說法正確的是（）A.擴散現象的原因是分子間存在斥力B.由于表面張力的作用，玻璃板上的小水銀滴總是呈球形的C.第二類永動機是不可能造成的，因為它違背了能量守恒定律D.如果沒有漏氣、摩擦、機體的熱量損失，熱機的效率可以達到100%7、如圖所示的平面內，光束a經圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光。下列說法正確的是（）

A.這是光的干涉現象B.在真空中光束b的波長大于光束c的波長C.玻璃磚對光束b的折射率大于對光束c的折射率D.在玻璃磚中光束b的傳播速度大于光束c的傳播速度8、如圖所示，兩長直導線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l，在兩導線中通有方向垂直于紙面向里的電流．在紙面內與兩導線距離均為l的a點，每根通電直線產生的磁場磁感應強度大小均為B．若在a點平行于P、Q放入一段長為L的通電直導線，其電流大小為I；方向垂直紙面向外，則關于它受到的安培力說法正確的是。

A.大小等于BIL，方向水平向左B.大小等于BIL，方向水平向右C.大小等于方向豎直向下D.大小等于方向豎直向上評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、下面表格中給出了一些金屬材料的逸出功：。材料銫鈹鈣鈦逸出功（10﹣19J）3.06.24.36.6

現用波長為330-400nm（1nm=10-9m）的紫外線光照射上述材料，能產生光電效應的材料（普朗克常量光速c=3.0×108m/s）A.銫B.鈹C.鈣D.鈦10、在做光電效應的實驗時，某種金屬被光照射發生了光電效應，實驗測得光電子的最大初動能Ek與入射光的頻率v的關系如圖所示(A、C坐標值已知）；由實驗圖象可求出。

A.該金屬的截止頻率B.普朗克常量C.該金屬的逸出功D.單位時間內逸出的光電子數11、如圖所示的電路中，電源內阻一定，電壓表和電流表均為理想電表。現使滑動變阻器R滑片向左滑動一小段距離，測得電壓表V1的示數變化大小為電壓表V2的示數變化大小為電流表A的示數變化大小為對于此過程下列說法正確的是（）A.通過電阻R1的電流變化量大小等于B.R0兩端的電壓的變化量大小等于C.路端電壓的增加量等于D.為一定值12、對于一定量的稀薄氣體，下列說法正確的是（）A.氣體分子間距離增大，分子勢能一定增大，B.若氣體的壓強和體積都不變，其內能也一定不變C.在完全失重的狀態下，氣體的壓強為零E.氣體溫度不變時，體積減小，則每秒撞擊單位面積器壁的分子數增多E.氣體溫度不變時，體積減小，則每秒撞擊單位面積器壁的分子數增多13、下列說法中正確是（）A.布朗運動就是分子運動B.分子間距離增大，分子勢能也增大C.溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大D.吸收熱量，可能使分子熱運動加劇、氣體體積增大14、如圖是傾角θ＝30°的光滑絕緣斜面在紙面內的截面圖．一長為L，質量為m的導體棒垂直紙面放在斜面上，現給導體棒通入電流強度為I，并在垂直于導體棒的平面內加勻強磁場，要使導體棒靜止在斜面上，已知當地重力加速度為g，則下列說法正確的是()

A.所加磁場方向與x軸正方向的夾角α的范圍應為90°≤α＜240°

B.所加磁場方向與x軸正方向的夾角α的范圍應為0°≤α＜150°

C.所加磁場的磁感應強度的最小值為D.所加磁場的磁感應強度的最小值為15、某輸電線路橫穿公路時；要在地下埋線通過，為了保護線路不至于被壓壞，預先鋪設結實的過路鋼管，再讓輸電線從鋼管中穿過．電線穿管的方案有兩種：甲方案是鋪設兩根鋼管，兩條輸電線分別從兩根鋼管中穿過；乙方案是只鋪設一根鋼管，兩條輸電線都從這一根鋼管中穿過，如圖12所示．如果輸電導線輸送的電流很大，那么，以下說法正確的是()

A.無論輸送的電流是恒定電流還是交變電流，甲、乙兩方案都是可行的B.若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的C.若輸送的電流是交變電流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D.若輸送的電流是交變電流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的16、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動勢為E，內阻r≠0．若改變四個電阻中的一個阻值；則（）

A.減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B.增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C.增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D.減小R4，C1、C2所帶的電量都增加17、沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t0時的波形如圖所示，P、Q兩個質點的平衡位置分別位于x=3.5m和x=6.5m處．此后，在t=0.5s時，質點P恰好第二次處于波峰位置．下列說法中正確的是____

A.波的周期為0.2slB.波速為5m/sC.tl=0.5s時，質點Q第二次到達平衡位置且向上運動E.P、Q兩點的振動方向總是相反E.P、Q兩點的振動方向總是相反評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖所示，正、負電子垂直磁場方向沿與邊界成θ＝30°角的方向射入勻強磁場中，不計重力，那么在磁場中正、負電子的運動時間之比為________19、一定量的理想氣體從狀態開始，經歷等溫或等壓過程回到原狀態，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態變化到狀態的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態的體積。氣體從狀態變化到狀態外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態變化到狀態氣體對外界做的功。

20、如圖為一定質量的理想氣體的體積與熱力學溫度的關系圖像，該氣體的狀態經歷的變化過程。氣體狀態由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為則整個過程外界對氣體所做的功為________。

21、一定質量的理想氣體，從初始狀態A經狀態B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關系如圖所示。圖中TA、VA和TD為已知量。

(1)從狀態A到B，氣體經歷的是______(選填“等溫”；“等容”，或“等壓”)過程；

(2)從B到C的過程中，氣體的內能______(選填“增大”“減小”或“不變”)。22、汽車內燃機氣缸內汽油燃燒時，氣體體積膨脹推動活塞對外做功。已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發熱等對外散失的熱量為8×102J。該內燃機的效率為________。隨著科技的進步，可設法減少熱量的損失，則內燃機的效率能不斷提高，其效率________(選填“有可能”或“仍不可能”)達到100%.23、如圖所示，拋物線C1、C2分別是純電阻直流電路中內、外電路消耗的電功率隨電流變化的圖線(電源電動勢和內阻一定）．由該圖可知：電源的最大輸出功率為____________W，電源的內電阻為___________Ω．

24、緊閉瓶蓋的塑料瓶下方開一個小孔，讓瓶中的水流出，此過程中瓶內氣體可看成________過程；當水流停止后，瓶內液面與小孔間的高度差為h，則此時瓶內氣體的壓強為________。（已知液體密度ρ，重力加速度g，外界大氣壓P0）25、對大量的事實分析表明：______________________．這個結論被稱做熱力學第三定律．26、.如圖甲所示，為某簡諧橫波在t=0時刻的波形圖象，乙圖為在該波的傳播方向上某質點的振動圖象．下列說法中正確的是_______(填正確答案標號．)

A.該波的波速為10m/s

B.該波一定沿x軸正方向傳播

C.若圖乙是質點P的振動圖象，那么，在t=0.15s時刻，質點Q的坐標為(0.5m，0)

D.若圖乙是質點Q的振動圖象，那么，在t=0.15s時刻，質點P的坐標為(1m，－4cm)

E.當t=0.1s時，質點P一定正在經過平衡位置評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)27、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

28、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

29、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)30、（1）讀出下列儀器的讀數

_________mm__________A(3A量程_________________)

cm(2)如圖所示為多用電表的刻度盤．若選用倍率為

“×100”________的電阻擋測電阻時，表針指示如圖所示，則：所測電阻的阻值為Ω；如果要用此多用電表測量一個阻值約為________2.0×104Ω的電阻，為了使測量結果比較精確，應選用的歐姆擋是(選填“×10”、“×100”或31、某實驗小組的同學利用圖甲所示的電路探究并聯電路中各點電勢的關系．已知R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω，R4＝40Ω，電源的電動勢為E＝_____10V，內阻不計，且電源負極端接地．

（1）由此可得ab兩點電勢差為U＝_____V

（2）該實驗小組同學又設計了圖乙的電路來測量電阻Rx的阻值，其中R為電阻箱，④為靈敏電流計，請按圖乙的實驗原理圖完成圖丙中實物電路的連線

（3）實驗時，先調節電阻箱，使電阻箱的阻值為R1．閉合開關，反復調節滑動變阻器滑片的位置，使通過靈敏電流計的電流為零；斷開開關，保持滑動變阻器的滑片所處位置不變，交換電阻箱與待測電阻的位置．閉合開關，然后反復調節電阻箱，使靈敏電流計的示數再次為零，記下此時電阻箱的阻值記為R2；則待測電阻的阻值為Rx＝_______（用題中已知量的字母表示）32、小李為探究冰熔化和水沸騰時溫度變化的特點，在實驗室進行了探究實驗．根據測量結果他畫出了相關圖像，如圖a、b所示．

（1）這兩個實驗都需要用到的測量儀器是溫度計和_________；圖a中加熱至BC段時，物質的狀態為_________．

（2）水沸騰時，溫度計的示數如圖c所示，則水的沸點是_________℃，此時實驗室的大氣壓____________1個標準大氣壓．（選填“高于”；“等于”或“低于”）

（3）在圖a中，AB段與CD段的傾斜程度不同，這是因為________________________________評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)33、如圖所示，在光滑水平面上有一邊長為L的單匝正方形閉合導體線框abcd，處于磁感應強度為B的有界勻強磁場中，其ab邊與磁場的右邊界重合.線框由同種粗細均勻的導線制成，它的總電阻為R．現將線框以恒定速度水平向右勻速拉出磁場,此過程中保持線框平面與磁感線垂直,拉力在線框平面內且與ab邊垂直，bc邊始終與磁場的右邊界保持垂直．求線框被拉出磁場的過程中。

(1)線框內的電流大小；

(2)cd兩端的電壓；

(3)線框中產生的熱量．34、如圖所示，一個橫截面為直角三角形的三棱鏡，∠A=30°，∠C=90°．三棱鏡材料的折射率是n=，一束與BC面成=30°角的光線射向BC面，試通過計算說明由BC面的折射光線到達AC面上能否發生全反射？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A.導體切割磁感線，由右手定則知感應電流方向由到故A錯；

B.由右手定則為正極，為負極；故B錯；

C.感應電動勢兩點電勢差為路端電壓為故C錯；

D.感應電流勻速運動，所以外力等于安培力：D正確；2、B【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示，pa與pb為等容線，斜率越小說明體積越大，故可判斷Va>Vb。

故選B。

3、A【分析】【詳解】

A．因為圖線中，BC段的圖線是過原點的傾斜直線，則B→C的過程中，體積減小，即外界對氣體做功（W為正），而溫度減小，內能減小（為負），根據熱力學第一定律，氣體一定對外放熱（Q為負）；故A正確；

B．B→C的過程中；溫度降低，分子平均動能減小，故B錯誤；

C．A→B的過程中；體積減小，而氣體質量不變，所以氣體分子的密集程度增大，故C錯誤；

D．A→B的過程中；溫度一定時，體積減小，單位體積內的分子數增多，從而壓強增大，而并不是每個分子對器壁的撞擊力變大，故D錯誤。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．人感到潮濕是因為相對濕度大；而相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分數，氣溫高時，水的飽和汽壓高，但并不意味著相對濕度大，故A錯誤；

B．在水蒸氣凝結成同溫度的水珠的過程中要放出大量的熱；故B錯誤；

C．在熔化過程中；晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，分子平均動能不變，但整體分子勢能在增加，內能在變大，故C錯誤；

D．給農田松土就是為了破壞土壤里的毛細管；使地下的水分不會被快速引上來蒸發掉，故D正確。

故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數；就可以算出氣體的分子所占據的空間大小，不能算出氣體分子體積，A錯誤；

B．根據理想氣體狀態方程可知溫度升高；壓強不一定增大，B錯誤；

C．溫度一定時；懸浮在液體中的固體顆粒越小，同一時刻撞擊顆粒的液體分子數越少，沖力越不平衡，布朗運動越明顯，C錯誤；

D．第二類永動機不可能制成的原因是因為其違背了熱力學第二定律；D正確。

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現象的原因是分子的熱運動；故A錯誤；

B．表面張力使液體表面積收縮到最小的趨勢；故B正確；

C．第二類永動機是不可能造成的；因為能量的轉化和轉移具有方向性，并沒有違反能量守恒，故C錯誤；

D．如果沒有漏氣；摩擦、機體的熱量損失；熱機的機械效率也不可能達到100%，故D錯誤。

故選B。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．光束a經圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光；這是光的色散現象，A錯誤；

C．由題圖可知光束c的折射角大于光束b的折射角；根據折射定律可知。

nc<nbC正確；

B．由于光的折射率越大，其頻率越大，波長越短，則b光在真空中的波長較短；B錯誤；

D．根據v=知，c光束的折射率小，則c光在棱鏡中的傳播速度大；D錯誤。

故選C。8、D【分析】【詳解】

a點所在通電直導線的受力分析如圖所示：

由題意得：安培力合力為方向豎直向上，故D正確，ABC錯誤．二、多選題(共9題，共18分)9、A:C【分析】【詳解】

一個光子的能量

根據入射光的能量大于逸出功，才會發生光電效應，所以能發生光電效應的材料有銫和鈣，故AC正確，BC錯誤．10、A:B:C【分析】【詳解】

ABC.根據可知，圖像與橫軸交點對應的是截止頻率，與縱軸交點的絕對值對應的是逸出功的，根據可求出普朗克常量，ABC正確．

D.單位時間逸出的光電子數目與光強有關，而圖像得不出光強，所以不能判斷，D錯誤．11、A:B:D【分析】【詳解】

A．電壓表V1測量路端電壓，即R1兩端的電壓，根據歐姆定律可知，R1的電流變化量大小等于故A正確；

BCD．使滑動變阻器R滑片向左滑動一小段距離，電阻變大，總電阻變大，總電流變小，內阻所占電壓減小，路端電壓增大，所以路端電壓增大并聯部分的電壓增大通過R1的電流增大，所以通過滑動變阻器的電流減小，R0上的電壓減小，R上的電壓增大所以R0兩端的電壓的變化量大小等于電壓表V1測量路端電壓，根據閉合電路歐姆定律可知

即為定值；故BD正確，C錯誤。

故選ABD。12、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．當分子間距離rr0時，分子勢能隨分子間距的增大而逐漸增大；當分子間距離rr0時；分子勢能隨分子間距的增大而逐漸減小，故A錯誤；

B．對于一定量的稀薄氣體（理想氣體），若氣體的壓強和體積不變，根據理想氣體狀態方程可知；溫度不變，而溫度是一定質量理想氣體氣體內能的唯一標志，所以內能一定不變，故B正確；

C．氣體壓強是由于氣體分子熱運動撞擊器壁形成的；在完全失重狀態下，氣體分子的撞擊仍然存在，故氣體的壓強不為零，故C錯誤；

D．氣體從外界吸收熱即氣體對外做功即根據熱力學第一定律可知即氣體內能一定增大2J，故D正確；

E．一定質量的稀薄氣體溫度不變時；分子運動的激烈程度不變，體積減小則單位體積內分子的個數增加，壓強增大，說明每秒撞擊單位面積器壁的分子數增多，故E正確。

故選BDE。13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規則運動；是液體分子運動的具體表現，選項A錯誤；

B．若分子力表現為斥力；則當分子間距離增大時，分子力做正功，分子勢能減小，選項B錯誤；

C．溫度升高；分子熱運動的平均動能一定增大，選項C正確；

D．吸收熱量；可能使氣體溫度升高，分子熱運動加劇；溫度升高，則氣體體積可能增大，選項D正確。

故選CD。14、B:D【分析】【分析】

根據共點力平衡得出安培力方向的范圍；從而得出磁場方向的范圍，根據平行四邊形定則求出安培力的最小值，結合安培力公式得出磁感應強度的最小值．

【詳解】

A；B項：根據共點力平衡知；安培力的方向在垂直斜面向下與豎直向上這兩個方向之間，根據左手定則知，所加磁場方向與x軸正方向的夾角θ的范圍應為0°≤θ＜150°．故A錯誤，B正確；

C、D當安培力的方向與支持力方向垂直時，安培力最小，根據平行四邊形定則有：FA=mgsin30°=BIL，則磁感應強度的最小值B=故C錯誤，D正確．

故應選：BD．

【點睛】

解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解，求解最小值問題，往往通過三角形法分析判斷．15、B:C【分析】若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的，B正確．輸電線周圍存在磁場，交變電流產生變化的磁場，因此在輸電過程中輸電線因電流變化引起自感現象，當輸電線上電流很大時，強大的自感電流有可能將鋼管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的．在乙方案中，兩條輸電線中的電流方向相反，產生的磁場互相抵消，使自感現象的影響減弱到可以忽略不計的程度，是可行的，C正確．此題類似于課本中提到的“雙線并繞”．16、B:D【分析】【分析】

由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯接入電路，電容器C1并聯在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯電路并聯；根據電路電阻的變化；應用歐姆定律及串聯電路特點判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化．

【詳解】

A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變；電容器所帶電量不變，故A錯誤；

B、增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大；由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；

C、增大R3，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加；故C錯誤；

D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶的電量都增加；故D正確；

故選BD．17、B:D:E【分析】【詳解】

AB、由圖可知，O時刻P點經平衡位置向上運動，則第二次到達波峰需經解得：由圖可知解得波長為波速為故選項A錯誤，B正確；

C、0時刻Q點在平衡位置向下運動，時Q第二次到達波谷；故C錯誤；

D、當故此時P點在正向最大位移處，故位移為2cm，故選項D正確；

E、P、Q兩點的相距所以P；Q兩點的振動方向總是相反，故選項E正確；

說法中正確的是選選項BDE．三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】設正離子軌跡的圓心角為α；負離子軌跡的圓心角為β，由幾何知識得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正離子運動的時間為負離子運動的時間為而正、負離子在磁場中運動的周期相同，所以時間之比【解析】1:5；19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態變化到狀態的過程中，溫度不變，內能不變；壓強減小，根據理想氣體狀態方程

可知體積增大，對外做功，根據熱力學第一定律

可知

即氣體從狀態a變化到狀態b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數，所以氣體在狀態a的體積等于氣體在狀態b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功。【解析】等于等于等于20、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態由過程中

所以是等壓過程；氣體壓強不變。

[2]的整個過程氣體溫度不變，內能不變，則

整個過程中氣體放出的熱量為由熱力學第一定律可知

解得整個過程外界對氣體所做的功為【解析】不變Q21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由圖知從狀態A到B；對應的體積不變，故氣體經歷的是等容變化；

(2)[2]理想氣體的內能置于溫度有關，從B到C的過程中溫度不變，則氣體的內能不變；【解析】等容不變22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]隨著科技的進步；不斷設法減小熱量損失，則內燃機的效率不斷提高，效率仍不可能達到100%。

【點睛】

此題考查了熱力學第一定律△U=W+Q，注意公式中各個物理量的符號法則；知道熱力學第二定律的內容。【解析】不可能23、略

【分析】【詳解】

由C2圖象是外電路的功率隨電流的圖象，由可知圖象為開口向下的拋物線，則圖象的最高點為最大外電路功率為4W；由C1圖象可得解得【解析】4124、略

【分析】【詳解】

在讓瓶中的水流出過程中，氣體的溫度沒發生變化，所以是等溫變化；當水流停止后，瓶內液面與小孔間的高度差為h，根據壓強關系可知：，解得氣體壓強：【解析】等溫25、略

【分析】【分析】

【詳解】

對大量的事實分析表明：熱力學零度不可達到這個結論被稱做熱力學第三定律．【解析】熱力學零度不可達到26、A:D:E【分析】【詳解】

由甲圖讀出波長由乙圖讀出周期T=0.2s，則該波的波速故A正確；由于不知道乙圖為波的傳播方向上哪個具體質點的振動圖象，所以無法判斷波的傳播方向，故B錯誤；若乙是質點P的振動圖象，則此時刻P向下振動，則波沿x軸負方向傳播，所以Q點向上振動，經過時間：時，處于波谷處，所以坐標為（2m、-4cm），故C錯誤；若乙是質點Q的振動圖象，則此時刻Q向下振動，則波沿x軸正方向傳播，所以P點向上振動，經過時間：時，處于波谷處，所以坐標為（1m、-4cm），故D正確．由圖可知t=0時刻P點處于平衡位置，經時P點又再次回到平衡位移，向反方向運動，故E正確.故選ADE.四、作圖題(共3題，共6分)27、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】28、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】29、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共18分)30、略

【分析】【分析】

螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數；在讀可動刻度讀數時需估讀；游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀；

根據選擇開關位置確定多用電表所測量的量與量程；然后根據表盤確定其分度值，然后讀出其示數。

【詳解】

(1)螺旋測微器的固定刻度讀數為2mm；可動刻度讀數為0.01×15.0mm=0.150mm，所以最終讀數為：2mm+0.150mm=2.150mm；

量程為3A時；精度為0.1A，所以安培表的讀數為2.20A；

游標卡尺的固定刻度讀數為5cm；游標讀數為0.05×18mm=0.90mm=0.090cm，所以最終讀數為：5cm+0.090cm=5.090cm；

(2)如果是用×100Ω檔測量電阻；讀數為15×100Ω=1500Ω；

為了測量更準確；應使歐姆表指針指在中間刻度附近，