…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版必修3物理下冊月考試卷816考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡，粒子先經過M點，再經過N點；則下列說法中正確的是（）

A.M點的電勢低于N點的電勢B.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力C.粒子在M點的動能小于在N點的動能D.粒子在M點的電勢能小于在N點的電勢能2、一價氫離子、一價氦離子和二價氦離子的混合體，由靜止開始經同一加速電場加速后，從同一位置垂直射入同一偏轉電場中，偏轉后，打在同一熒光屏上，則它們（）A.進入偏轉電場時的動能相同B.進入偏轉電場時的速率相同C.先后到達屏上不同點D.離開偏轉電場時的位置相同3、一根置于水平面上光滑玻璃管（絕緣體），內部有兩個完全一樣的彈性金屬球A、B，帶電荷量分別為7Q和－Q；從圖示的位置由靜止開始釋放，則兩球再經過圖中位置時，兩球加速度的大小是釋放時的多少倍（）

A.B.C.D.74、三個相同的金屬小球1、2、3分別置于絕緣支架上，各球之間的距離遠大于小球的直徑。球1的帶電荷量為2q，球2的帶電荷量為nq，均為正電荷。球3不帶電且離球1和球2很遠，此時球1、2之間作用力的大小為F。現使球3先與球2接觸，再與球1接觸，然后將球3移至遠處，此時1、2之間作用力的大小仍為F，方向不變。由此可知()A.n＝8B.n＝10C.n＝12D.n＝145、甲、乙、丙三個長度、橫截面都相同的金屬導體分別接入電路后各自進行測量，把通過上述導體的電流I，導體兩端電壓U在坐標系中描點，O為坐標原點；甲；乙、丙三個點恰好在一條直線上，如圖所示，則下列表述正確的是（）

A.甲的電阻率最小B.甲、乙串聯后接入某直流電路，甲的電功率要小C.乙、丙并聯后接入某直流電路，乙的電功率要小D.三個電阻率一樣大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，a、b、c、d分別是一個菱形的四個頂點，∠abc＝120°.現將三個等量的正點電荷＋Q分別固定在a、b、c三個頂點上，將一個電量為＋q的點電荷依次放在菱形中心O點和另一個頂點d點處；兩點相比：

A.d點電場強度的方向由O指向dB.＋q在d點所具有的電勢能較大C.d點的電勢小于O點的電勢D.d點的電場強度小于O點的電場強度7、在某一電場中建立一個x軸，x軸上各點電勢φ隨x的變化規律如圖所示，坐標點0、x1、x2、和x3分別與x軸上O、A、B、C四點相對應，且坐標0點的為零電勢。一個電子從O點由靜止釋放，沿x軸的正方向運動到A點時的動能為Ek；僅考慮電場力作用，則（）

A.電子到達B點和C點時的動能分別是EkB.電子從O運動到C點，加速度先增大、后減小、再增大C.若開始時電子位于A點且速度為零，現給電子一個沿x軸方向的初速度，電子可能會做往復運動D.在0~x3區間內，電場方向始終指向正方向，電場強度先不變、后減小、再到增大8、如圖所示為靜電場的一部分電場線的分布；下列說法正確的是（）

A.這個電場可能是負點電荷的電場B.A點的電勢比B點電勢要低C.點電荷q在A點時受到的電場力比在B點時受到的電場力大D.負電荷在B點時受到的電場力的方向沿B點切線BP方向9、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示；三點的電勢分別為18V；20V、26V，下列說法正確的是（）

A.坐標原點處的電勢為12VB.電場強度的大小為C.電子從b點運動到c點，克服電場力做功為6eVD.電子在a點的電勢能比在b點的電勢能大2eV10、如圖所示，在水平面內有直角三角形ABC，AB邊的長度為2cm，在水平面內有一勻強電場，A點電勢為4V，B點電勢為2V，C點電勢為0。若電子電量大小為e，則下列說法正確的是（）

A.電子在A點的電勢能大于在B點的電勢能B.將電子從A移到B再移到C和直接從A移到C，電場力做功均為4eVC.電場強度的方向與AB邊的夾角為30°D.電場強度的大小為11、如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），R為滑動變阻器，D為理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無窮大），真空中水平放置的平行板電容器，上下極板Y和Y′相距d，A為兩極板左側中點，AB線段與兩極板等長，到兩板距離相等。在開關S閉合后，質量為m、帶電荷量為+q的粒子（不計重力），以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出電場，偏轉位移為y。則（）

A.粒子飛出電場時，速度方向的反向延長線一定交于AB線段中點B.只將變阻器R的滑動觸頭P向上移動，則偏轉位移y將減小C.只將上極板Y向上稍微移動，粒子穿過電場過程中，電場力做功不變D.只將熱敏電阻R0升溫，粒子穿過電場過程中，粒子的動量變化量不變12、有一橫截面積為S的金屬導線，流經其中的電流為I。設導線中單位體積內有n個自由電子，電子的電荷量大小為e，此時電子的定向移動速率為v。在t時間內，通過導線橫截面積的自由電子數目可表示為（）A.nvStB.nvtC.D.13、如圖所示的電路中，R1為可變電阻，R2、R3為定值電阻，C為電容器，電源電動勢為E，內阻為r，R3>r，電壓表與電流表均為理想電表。在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中；下列說法中正確的是。

A.電壓表的示數先減小后增大B.電容器的電荷量先減小后增大C.電源的輸出功率先減小后增大D.電壓表、電流表示數改變量的比值先減小后增大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、某電冰箱工作時的耗電功率為100W，制冷效率為70%，假設這臺冰箱的箱壁完全不導熱，則這臺冰箱連續工作10min，箱內內能的改變量為______J；這臺冰箱連續工作10min，箱外內能的改變量為______J.15、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學反應，在A、B兩電極附近產生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內部的a、b兩個區域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在圖中閉合回路的各區域內，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？16、如圖所示，閉合電鍵S后，滑動變阻器的滑動片P向右移動一段距離，電流表的讀數______（選填“變大”、“變小”或“不變”），電流表的讀數變化量為電流表的讀數變化量為則______（選填“>”、“<”或“=”）。

17、如圖所示，電場中有A、B兩點，一個電荷量為的負試探電荷在A點受到的靜電力大小為方向由A指向B，則A點的電場強度大小為______方向______（選填“由A指向B”或“由B指向A”）。若在A點改放一個電荷量為的正試探電荷，則A點的電場強度大小為______方向______（選填“由A指向B”或“由B指向A”）。

18、空氣平行板電容器，電容為C，兩極板間距離為d。充電后，兩極板間相互作用力為F。則兩極板間的電勢差為_______，極板上的電荷為________。19、圖中①、②分別為鋰離子電池充電過程中充電電流I、電池電壓U隨時間t變化的圖線。此過程中充電功率最大為_________W，圖線①與時間軸所包圍的面積對應的物理量是__________。20、電阻連接方法如圖所示，則________點間電阻最大，最大值為________Ω；________點間電阻最小，最小值為________Ω．

21、『判一判』

（1）電流做功的過程就是電能向其他形式的能量轉化的過程。（______）

（2）電功率越大，表示電流做功越多。（______）

（3）電功與能量的單位都是焦耳，電功就是電能。（______）

（4）電動機消耗的電能，一部分轉化為機械能，一部分轉化為線圈內阻上的電熱。（______）

（5）電功W=UIt只能用來計算純電阻電路中電流所做的功。（______）

（6）焦耳定律的表達式為Q=I2Rt，此式適用于任何電路。（______）22、如圖所示，電解槽A與電阻R并聯后接到電源上，電源的電動勢E=120V，內阻r＝1Ω，電阻R＝19Ω，電解槽電阻r′＝0.5Ω。S閉合時電阻R消耗的功率為475W，則此時通過電阻R的電流為______A，電解槽中電能轉化為化學能的功率為______W。

評卷人得分四、實驗題(共1題，共6分)23、張澤昊同學打算測量由某種合金材料制成的金屬絲的電阻率；待測金屬絲的橫截面為圓形。實驗器材有：毫米刻度尺；螺旋測微器、電壓表（內阻約幾千歐）、電流表（內阻約幾歐）滑動變阻器、電源、開關、待測金屬絲及導線若干。實驗簡要步驟如下：

(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次結果如右圖所示，可得其直徑d=___________mm。

(2)正確設計并連接電路，用毫米刻度尺測量待測金屬絲連入電路的長度l；移動滑動變阻器的滑片，測得的6組電壓U、電流I的值，作出U-I圖像。請將實物電路圖中所缺導線補全（要求電壓從0開始變化）____________，并在圖中畫出U-I圖像_______，由圖可求出電阻值R=______________Ω（結果保留3位有效數字），不考慮一切偶然誤差，張澤昊同學測量的電阻值______________真實值（選填“大于”；“等于”或“小于”）。

(3)通過待測金屬絲的電阻率的表達式ρ=__________（用測得的物理量符號和已知常數表示）計算該電阻絲的電阻率。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．沿電場線電勢降低，故M點的電勢高于N點的電勢；故A錯誤；

B．電場線的疏密表示電場強度的強弱，由圖可知，M點的場強小于N的場強，故電荷在M的電場力小于N點的電場力；故B錯誤；

CD．由電場力方向應指向軌跡的內側得知，粒子所受電場力方向大致斜向左下方，M到N的過程中，對粒子做正功，其電勢能減小，動能增大，則知粒子在M點的動能小于在N點的動能，粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能；故C正確，D錯誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．在加速電場中有

解得

則電荷量不同時它們動能不相同；質量不同時，它們的速率也不相同，AB錯誤；

CD．在加速電場中有

在偏轉電場中有

解得在電場中的偏轉位移為

離子離開電場時的偏轉角為

則不同帶電粒子由靜止開始經同一加速電場加速后；從同一位置垂直射入同一偏轉電場中，它們的偏轉位移與偏轉角度相同，則它們的運動軌跡完全相同，所以離開電場的位置相同，能到達屏上同一個點，C錯誤，D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

碰撞后兩球的帶電量均為

經過圖示位置時兩球間距離為r，則根據庫侖定律和牛頓第二定律得，碰撞前經過圖示位置時

碰撞后經過圖示位置時

則得

故選C。4、C【分析】【詳解】

設1、2距離為R，則球1、2之間作用力為

與2接觸后，它們帶的電的電量平分，均為再3與1接觸后，它們帶的電的總電量平分，均為將球3移至遠處后，球1、2之間作用力為

聯立以上解得n=12

故C正確，ABD錯誤。5、C【分析】【詳解】

AD．三個導體的圖像如圖所示。

可知甲的電阻最大，丙的最小，根據電阻定律可知；甲的電阻率最大，選項AD錯誤；

B．甲、乙串聯后接入某直流電路，根據可知；甲的電阻最大，甲的功率最大，選項B錯誤；

C．乙、丙并聯后接入某直流電路，根據可知；電阻大，功率小，則乙的電功率要小，選項C正確。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、A:C:D【分析】【詳解】

試題分析：根據電場的疊加，分析d點電場強度的方向；O點的電場強度等于b處+Q在O處產生的電場強度大小．根據順著電場線方向電勢降低；分析d點與O點電勢關系．正電荷在高電勢高處電勢能大．

解：A；由電場的疊加原理可知；d點電場方向由O指向d，A正確；

B；由O到d合場強方向均沿Od；故d點電勢小于O點電勢，+q在O點具有的電勢能較大，故B錯誤，C正確；

D、設菱形的邊長為r，根據公式E=k分析可知三個點電荷在D產生的場強大小E相等，由電場的疊加可知，d點的場強大小為Ed=2k．O點的場強大小為EO=4k可見，d點的電場強度小于O點的電場強，即Ed＜EO；故D正確．

故選ACD．

【點評】

本題關鍵要抓住對稱性，由電場的疊加分析場強大小和電場線的方向，再判斷電場力大小和電勢能的高低．7、A:C【分析】【詳解】

A．由題意，對電子從O到A的過程，根據動能定理有

設電子到達B點和C點時的動能分別是對電子從O到B和C的過程，根據動能定理分別有

故A正確；

BD．圖像的斜率大小表示電場強度的大小，且斜率為負時表示電場強度沿x軸正方向，斜率為正時表示電場強度沿x軸負方向，因此在0~x1區間內，電場強度沿x軸負方向，且大小不變；在x1~x2區間內，電場強度沿x軸正方向，且逐漸變小；在x2~x3區間內，電場強度沿x軸負方向，且逐漸變大。電子從O運動到C點；加速度先不變；后減小、再增大，故BD錯誤；

C．根據A點左、右兩側電場強度分布規律以及動能定理可推知，當電子獲得的初動能小于時，電子從A點開始運動后將無法到達B點，因此電子會在區間內做往復運動；故C正確。

故選AC。8、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．負點電荷的電場線為直線；故A錯誤；

B．沿電場線方向電勢降低且等勢線垂直于電場線，故A點的電勢比B點電勢要低；故B正確；

C．電場線的疏密表示電場強度的大小，由圖知，A處的電場強度更大，則點電荷q在A點時受到的電場力比在B點時受到的電場力大；故C正確；

D．負電荷在B點時受到的電場力的方向與電場強度方向相反即沿B點切線PB方向；故D錯誤。

故選BC。9、A:B:D【分析】【詳解】

如圖所示，在ac連線上，確定一點，電勢為將連線，即為等勢線，那么垂直連線；則為電場線，再依據沿著電場線方向，電勢降低，則電場線方向如下圖：

則有

因此可知

A．根據

因a、b、c三點電勢分別為解得原點處的電勢為

故A正確；

B．根據上圖，因為勻強電場，則有

依據幾何關系，則

因此電場強度大小為

故B正確；

C．bc間的電勢差

電子從b點運動到c點，電場力做正功為

故C錯誤；

D．因

電子從a點到b點電場力做功為

因電場力做正功，則電勢能減小，那么電子在a點的電勢能比在b點的高故D正確。

故選ABD。10、C:D【分析】【詳解】

A．A點的電勢大于B點的電勢，因為電子帶負電，所以電子在A點的電勢能小于在B點的電勢能；A錯誤；

B．將電子從A移到B再移到C和直接從A移到C，電勢能增大，電場力做負功為B錯誤；

C．由圖可知，在勻強電場中，AC中點D的電勢為2V，連接BD為一條等勢線，根據電場強度與該處等勢線垂直可得，作BD的垂線BF即為場強方向，由幾何知識可得與AB邊的夾角為30°；C正確；

D．AB沿著場強方向的距離為

由公式可得場強為

D正確。

故選CD。

11、A:C【分析】【詳解】

A．依題意知，粒子在極板間受到豎直向下恒定的電場力作用，粒子做類平拋運動。根據平拋運動推論可推知該粒子飛出電場時，速度方向的反向延長線一定交于AB線段中點；故A正確；

B．只將變阻器R的滑動觸頭P向上移動，則滑動變阻器接入電路中的阻值變大，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，內電壓及R0兩端電壓減小，所以滑動變阻器兩端電壓增大，由于極板間的電壓等于滑動變阻器兩端電壓，所以極板間電壓變大，電場場強變大，根據類平拋運動規律可知，粒子飛出極板的時間保持不變，豎直方向加速度變大，根據豎直方向上偏轉位移

可知，y將增大；故B錯誤；

C．只將上極板Y向上稍微移動，則根據

可知電容器電容將減小，根據

由于電容器極板間電壓保持不變，所以Q將減小，即電容器將放電，但由于二極管單向導電，所以電容器上的電荷量將保持不變，根據

又

聯立可得

可知極板間電場強度保持不變，粒子穿過電場過程中受到的電場力保持不變，由于粒子飛出電場的時間不變，則粒子穿過電場過程中，豎直方向位移y不變；電場力做功不變，故C正確；

D．只將熱敏電阻R0升溫，則R0則阻值變小，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，則滑動變阻器兩端電壓增大，極板間電壓增大，電場強度增大，粒子受到的電場力F變大，由于粒子飛出電場的時間保持不變，根據動量定理

可知粒子的動量變化量將增大；故D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

根據電流的微觀表達式

在t時間內通過導體橫截面的自由電子的電量

則在t時間內，通過導體橫截面的自由電子的數目為

代入得

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

A．可變電阻R1的兩部分并聯，在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中，電路的總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流先減小后增大，由U=E-I（R3+r）可知電壓表的示數先增大后減小；A錯誤；

B．根據歐姆定律可知電阻R2兩端的電壓先減小后增大；所以電容器所帶的電荷量先減小后增大，B正確；

C．由于R3＞r，在滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中外電阻總大于電源內阻r；電源的輸出功率先減小后增大，C正確；

D．電壓表示數改變量與電流表示數改變量的比值等于R3+r，大小不變，D錯誤。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

[1]．這臺冰箱連續工作10min，箱內內能的改變量為

[2]．這臺冰箱連續工作10min，箱外內能的改變量為【解析】15、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內部的a、b兩個區域，非靜電力做功，在a區域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區域是內阻區域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低。【解析】鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低在a區域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高16、略

【分析】【詳解】

[1]當滑動變阻器的滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律知，干路電流減小，則電流表A1讀數減小，內電壓減小，所以路端電壓增大，則通過R0的電流增大，而并聯總電流減小，所以電流表A2讀數變小。

[2]根據并聯電路的電流特點有I1=I2+IR0

而I1減小，I2減小，IR0增大，所以ΔI1<ΔI2【解析】變小<17、略

【分析】【分析】

根據電場強度的定義計算電場強度的大小。由于正電荷受力方向與電場強度方向相同；負電荷受力方向與電場強度方向相反。電場強度由場源電荷產生，與試探電荷沒有關系，不會隨著試探電荷的改變而改變。

【詳解】

[1]根據電場強度的定義

[2]由于負電荷受力方向與電場強度方向相反，故電場強度由B指向A；

[3][4]電場強度由場源電荷產生，與試探電荷沒有關系，故若在A點改放一個電荷量為4×10-8C的正試探電荷，電場強度的大小方向均不變，電場強度的大小為方向為由B指向A。【解析】400由B指向A400由B指向A18、略

【分析】【詳解】

設電容器極板上的電荷為Q，板間場強為E，板間電壓為U，則有

解得【解析】19、略