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…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2025年人教新起點選修3物理下冊階段測試試卷119考試試卷考試范圍:全部知識點;考試時間:120分鐘學校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題,共10分)1、如圖所示電路為()

A.“與”門電路B.“非”門電路C.“或”門電路D.無法判定2、下列說法正確的是()A.一定質量的100°C的水變成100°C的水蒸氣時,其內能不變B.用打氣簡給自行車打氣時需要的力越來越大,這是由于輪胎內氣體分子間斥力越來越大C.干旱天氣里不宜鋤松土壤,因為蓬松的土壤有利于水分蒸發,會使得土地更加干旱D.地球大氣中的氫分子由于質量較小,平均速率較大,更容易掙脫地球吸引而逃逸,因此大氣中氫含量相對較少3、三個相同的矩形線圈置于水平向右的勻強磁場中,線圈Ⅰ平面與磁場方向垂直,線圈Ⅱ、Ⅲ平面與線圈Ⅰ平面的夾角分別為30°和45°,如圖所示.穿過線圈Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的磁通量分別為ΦⅠ、ΦⅡ、ΦⅢ.下列判斷正確的是()

A.ΦⅠ=ΦⅡB.ΦⅡ=ΦⅢC.ΦⅠ>ΦⅡD.ΦⅢ>ΦⅡ4、如圖所示,A為通電線圈,電流方向如圖,B、C為與A在同一平面內的兩同心圓,、分別為通過兩圓面的磁通量的大小,下列判斷中正確的是()

A.B.C.穿過兩圓面的磁通量是垂直紙面向外的D.穿過兩圓面的磁通量是垂直紙面向里的5、一個大人和一個小孩面對面站在光滑的冰面上,都處于靜止狀態,某時刻小孩沿水平方向用力推了大人一下,結果兩人向相反方向滑去。已知大人的質量大于小孩的質量,則下列說法正確的是A.小孩受到的沖量較大B.大人受到的沖量較大C.小孩運動的速度較大D.大人運動的速度較大評卷人得分二、多選題(共5題,共10分)6、下列說法中不符合實際的是_______A.單晶體并不是在各種物理性質上都表現出各向異性B.液體的表面張力使液體表面具有擴張的趨勢C.氣體的壓強是由于氣體分子間相互排斥而產生的E.熱量能自發地從內能大的物體向內能小的物體進行傳遞E.熱量能自發地從內能大的物體向內能小的物體進行傳遞7、下列說法中正確的是()A.氣體如果失去了容器的約束就會散開,這是因為氣體分子之間存在勢能的緣故B.物體溫度升高時,速率小的分子數目減小,速率大的分子數目增多C.一定量的的水變成的水蒸氣,其分子平均動能增加E.液晶的光學性質具有各向異性E.液晶的光學性質具有各向異性8、如圖所示,光滑絕緣水平桌面上直立一個單匝正方形導線框ABCD,線框的邊長為總電阻為在直角坐標系中,有界勻強磁場區域的下邊界與軸重合,上邊界滿足曲線方程磁感應強度大小線框在沿軸正方向的拉作用下,以速度水平向右做勻速直線運動,直到邊穿出磁場。下列說法正確的是()

A.當BC邊運動到磁場的中心線時,BC兩端電壓為3VB.感應電動勢的有效值為C.力是恒力D.整個過程中產生的是正弦交變電流9、圖甲是某燃氣爐點火裝置的原理圖.轉換器將直流電壓轉換為圖乙所示的正弦交變電壓,并加在一理想變壓器的原線圈上,變壓器原、副線圈的匝數分別為.V為交流電壓表.當變壓器副線圈電壓的瞬時值大于5000V時;就會在鋼針和金屬板間引發電火花進而點燃氣體.以下判斷正確的是()

A.電壓表的示數等于5VB.電壓表的示數等于C.實現點火的條件是D.實現點火的條件是10、如圖所示,A、B為平行板電容器的金屬板,G為靜電計,開始時開關S閉合,靜電計指針張開一定角度.下述結論正確的是())

A.若保持開關S閉合,將B兩極板靠近些,指針張開角度將變小B.若保持開關S閉合,將B兩極板正對面積變小些,指針張開角度將不變C.若斷開開關S后,將B兩極板靠近些,指針張開角度將變小D.若斷開開關S后,將B兩極板正對面積變小些,指針張開角度將變大評卷人得分三、填空題(共6題,共12分)11、下圖甲為一臺小型發電機構造示意圖,線圈逆時針轉動,產生的電動勢隨時間變化的正弦規律圖象如圖乙所示.發電機線圈內阻為5Ω,外接燈泡的電阻為105Ω,電流的有效值為_____A,電壓表的示數為_____V,燈泡實際消耗的功率為_____W,發電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為_____J.

12、按照玻爾理論可知,氫原子中的電子離原子核越遠,氫原子的能量_____________(選填“越大”或者“越小”),已知氫原子的基態能量為(<0),電子質量為m,基態氫原子中的電子吸收一頻率為的光子被電離后,電子速度大小為_________(普朗克常量為h).13、邏輯電路在電子線路中有著重要的應用。某同學利用“非”門電路設計了一個路燈自動控制門電路,天黑了,讓路燈自動接通;天亮了,讓路燈自動熄滅。如圖中RG是一個光敏電阻,當有光線照射時,光敏電阻的阻值會顯著減小;R是可調電阻;起分壓作用。“非”門電路能將輸入的高壓信號轉變為低壓信號,或將低壓信號轉變為高壓信號。J為路燈總開關控制繼電器,它在獲得高壓時才啟動(圖中未畫路燈電路)。

(1)當天黑時,RG變____(選填“大”或“小”);“非”門電路獲得_____電壓,J得到______電壓。(后兩空均選填“高”或“低”)

(2)如果路燈開關自動接通時天色還比較亮,現要調節自動控制裝置,使它在天色較黑時才會自動接通開關,應將R調_____(選填“大”或“小”)一些。14、毛細現象:浸潤液體在細管中______的現象,以及不浸潤液體在細管中______的現象.15、如圖所示在通電螺絲管內部中間的小磁針,靜止時N極指向右端,則電源的c端為電源________極,(填“正”或“負”)螺線管的a端為等效磁極的________極.(填“N”或“S”)16、陰極射線管的上方有一根固定的導線AB,如圖所示,當導線中通一如圖所示的電流時,陰極射線管的電子流將向__________偏轉。(填“下”或“上”)評卷人得分四、作圖題(共3題,共30分)17、如圖所示,甲、乙是直線電流的磁場,丙、丁是環形電流的磁場,戊、己是通電螺線管的磁場,試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向.

18、示波管的內部結構如圖所示.如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓,電子束將打在熒光屏中心.如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓,請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖.

19、圖中表示某一時刻的波形圖,已知波速為0.5m/s,波沿著x軸的正方向傳播;畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題,共28分)20、在“測定金屬的電阻率”實驗中;所用測量儀器均已校準.待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm.

(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑,其中某一次測量結果如圖所示,其讀數應為_____mm.

(2)用伏安法測金屬絲的電阻Rx(約為5Ω).現有電池組(電動勢3V,內阻約1Ω)、滑動變阻器R(0~20Ω;額定電流2A);開關、導線若干,以及下列電表:

A.電流表(0~3A;內阻約0.025Ω)

B.電流表(0~0.6A;內阻約0.125Ω)

C.電壓表(0~3V;內阻約3kΩ)

D.電壓表(0~15V;內阻約15kΩ)

為減小測量誤差,該實驗中,電流表應選用_____,電壓表應選用_____.(選填器材前的字母)

(3)圖2是測量Rx的實驗器材的電路圖,請根據圖2,補充完成圖3中實物間的連線____.

(4)以U為縱坐標,I為橫坐標,利用實驗數據做出如圖所示的U-I圖像.由圖線得到金屬絲的阻值Rx=________Ω(保留兩位有效數字).

(5)實驗中,在不損壞電表的前提下,隨著滑動變阻器滑片移動距離x的增加,電池組的總功率P也會發生變化.圖的各示意圖中正確反映P-x關系的是______.

ABCD21、太陽能電池帆板可以給衛星;宇宙飛船提供能量。如圖甲;太陽能電池在有光照時,可以將光能轉化為電能,在沒有光照時,可以視為一個電動勢為零的電學器件。

探究一:實驗小組用測繪小燈泡伏安特性曲線的實驗方法,用圖乙電路探究太陽能電池被不透光黑紙包住時的特性曲線。

(1)圖乙中虛線處______(填“需要”、“不需要”)連接導線;滑動變阻器如圖丙所示,開關閉合前,滑片應移至______(填“A”、“B”)端。

(2)通過實驗,在圖上作出被黑紙包住的太陽能電池的特性曲線如圖,將其與一個電動勢為3V(內阻忽略不計)的電源和阻值為5kΩ的定值電阻串聯在一起,它消耗的電功率約為____W(結果保留兩位有效數字)

探究二:在穩定光照環境中;取下太陽能電池外黑紙,并按圖丁電路丁測量金屬絲的電阻率。

(3)該小組用螺旋測微器測量金屬絲直徑時讀數如圖戊所示,其直徑為____mm。

(4)實驗中測得電壓表示數為電流表示數金屬絲直徑為長度為則金屬絲電阻率為____(用上述測量量表示)。

(5)考慮電壓表與電流表內阻對測量結果的影響,金屬絲電阻的測量值_____(填“大于”、“等于”、“小于”)真實值。22、用雙縫干涉測光的波長的實驗裝置如圖所示;驗裝置使光屏上能觀察到清晰的干涉條紋.

關于該實驗,下列說法正確的是____.

A.取下濾光片;光屏上將出現彩色的干涉條紋。

B.若單縫向右平移一小段距離;光屏上相鄰兩條亮紋中心的距離增大。

C.若將雙縫間的距離d增大;光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離減小。

D.若將濾光片由紅色換成綠色;光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離減小。

E.測出n條亮條紋間的距離a,則相鄰兩條亮條紋間距為A.B.C.E.E.23、小華同學用電流表和電壓表測定一節干電池(電動勢約1.5V;內電阻小于1Ω)的電動勢和內電阻.除待測電池組;電鍵、導線外,還有以下器材供選用。

A.電流表:量程0.6A;內阻0.5Ω

B.電壓表:量程3V;內阻約30kΩ

C.電壓表:量程15V;內阻約60kΩ

D.滑動變阻器:0~50Ω;額定電流2A

E.滑動變阻器:0~500Ω;額定電流0.5A

(1)為了使測量結果盡量準確,電壓表應選用______________(填儀器的字母代號),滑動變阻器應選用__________(填儀器的字母代號).

(2)實驗應選取電路圖____________(填“甲”或“乙”)

(3)某位同學記錄的6組數據如下表所示,其中5組數據的對應點已經標在圖中的坐標紙上,請標出余下一組數據的對應點,并畫出U-I圖線.。序號123456電壓U/V1.451.401.301.251.201.10電流I/A0.0600.1200.2400.2600.3600.480

(4)根據所畫U-I圖線可得干電池的電動勢E=______V,r=_____Ω(結果保留兩位小數)評卷人得分六、解答題(共4題,共16分)24、如圖為半圓形玻璃柱的截面圖,半圓形玻璃柱半徑為R,平行于直徑AB的單色光照射在玻璃柱的圓弧面上,其中一束光線經折射后恰好通過B點,已知玻璃柱對單色光的折射率為

①求該束光線到AB的距離;

②試說明,入射光線經過折射后,直接照射到CB段弧面上的折射光線,不可能在CB段弧面上發生全反射。

25、如圖所示,空間存在豎直向下的勻強磁場,磁感應強度B=0.5T.在勻強磁場區域內,有一對光滑平行金屬導軌,處于同一水平面內,導軌足夠長,導軌間距L=1m,電阻可忽略不計.質量均為m=lkg,電阻均為R=2.5Ω的金屬導體棒MN和PQ垂直放置于導軌上,且與導軌接觸良好.先將PQ暫時鎖定,金屬棒MN在垂直于棒的拉力F作用下,由靜止開始以加速度a=0.4m/s2向右做勻加速直線運動,5s后保持拉力F的功率不變,直到棒以最大速度vm做勻速直線運動.

(1)求棒MN的最大速度vm;

(2)當棒MN達到最大速度vm時,解除PQ鎖定,同時撤去拉力F,兩棒最終均勻速運動.求解除PQ棒鎖定后;到兩棒最終勻速運動的過程中,電路中產生的總焦耳熱.

(3)若PQ始終不解除鎖定,當棒MN達到最大速度vm時,撤去拉力F,棒MN繼續運動多遠后停下來?(運算結果可用根式表示)26、如圖所示,一小型發電機通過升壓、降壓變壓器把電能輸送給用戶,已知發電機的輸出功率P=50kW,輸出電壓U1=500V,升壓變壓器原、副線圈匝數比為n1:n2=1:10,兩個變壓器間的輸電導線的總電阻R=60Ω,降壓變壓器的輸出電壓U4=220V;變壓器本身的損耗忽略不計,求:

(1)升壓變壓器副線圈兩端的電壓U2.

(2)輸電線上損耗的電功率

(3)降壓變壓器原、副線圈的匝數比n3:n4.

27、如圖,上端開口的圓柱形氣缸豎直放置,橫截面積為5×10-4m2,一定質量的氣體被質量為2kg的光滑活塞封閉在氣缸內。(大氣壓強取1.0×105)求:

①其壓強為多少

②若從初溫27℃開始加熱氣體,使活塞離氣缸底部的高度由0.5m緩慢變為0.51m,則此時氣體的溫度為多少℃。參考答案一、選擇題(共5題,共10分)1、C【分析】【詳解】

該電路中三個開關并聯;任意一個開關接通時,燈都會亮,即只要有一個條件滿足,該事件就會發生。所以該電路是“或”門電路;

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A.一定質量的100°C的水變成100°C的水蒸氣時;發生汽化現象,要吸熱,內能增加,故A錯誤;

B.用打氣筒給自行車打氣時;越下壓越費力這是氣體壓強作用的緣故,與分子力無關,故B錯誤;

C.土壤里有很多毛細管;將地面的土壤鋤松后破壞了土壤里的毛細管,不再發生毛細現象,水分保留在土壤內部,故C錯誤;

D.在相同溫度下;各種氣體分子的平均動能相等,氫分子質量小,其平均速率較大,更容易掙脫地球吸引而逃逸,因此大氣中氫含量相對較少,故D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

線圈在I位置時,線圈與磁場垂直,穿過線圈的磁通量最大為:Φl=BS

線圈在Ⅱ、Ⅲ位置時,穿過線圈的磁通量分別為:ΦⅡ=BScos30°=BS,ΦⅢ=BScos45°=BS.則有:Φl>ΦⅡ>ΦⅢ;故選C.

點睛:理解磁通量的物理意義:穿過磁場中某一面積的磁感線的條數;對于勻強磁場,可以根據公式Φ=BScosθ判斷磁通量如何變化.4、C【分析】【分析】

【詳解】

根據題意可知,結合右手螺旋定則可得,線圈A產生的磁場的磁場方向垂直向外,而外部則垂直向里,凈磁通量向外,故C正確,D錯誤;磁通量可看成穿過線圈的磁感線條數,由于線圈A產生的磁場的磁場方向垂直向外,而外部則垂直向里,當線圈的面積越大時,則相互抵消的越多,因此穿過線圈B的磁通量最大,線圈C的磁通量最小,故AB錯誤.所以C正確,ABD錯誤.5、C【分析】【詳解】

兩人組成的系統,初狀態總動量為零,根據動量守恒,可知兩人的動量變化量大小相等,方向相反,根據可知質量小的速度大,故C正確,D錯誤;根據動理定理可知兩人的沖量大小相等,故AB錯誤;故選C.二、多選題(共5題,共10分)6、B:C:E【分析】【詳解】

A.由于單晶體在不同方向上物質微粒的排列情況不同;即為各向異性,則為單晶體具有各向異性,但并不是所有物理性質都是各向異性的,選項A正確,不符合題意;

B.液體的表面張力使液體表面具有收縮的趨勢;選項B錯誤,符合題意;

C.氣體的壓強是由于大量的氣體分子頻繁的對器壁碰撞產生的;并不是由于氣體分子間相互排斥而產生的,選項C錯誤,符合題意;

D.分子間同時存在引力和斥力;且這兩種力同時增大,同時減小,選項D正確,不符合題意;

E.熱量能自發地從溫度高的物體向溫度低的物體進行傳遞;選項E錯誤,符合題意;

故選BCE.7、B:D:E【分析】【詳解】

A.氣體如果失去了容器的約束就會散開;是因為分子間距較大,相互的作用力很微弱,而且分子永不停息地做無規則運動,所以氣體分子可以自由擴散;故A錯誤.

B.溫度從微觀角度看表示了大量分子無規則運動的劇烈程度;物體溫度升高時,速率小的分子數目減少,速率大的分子數目增多;故B正確.

C.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣;因溫度不變則分子平均動能不變,由于吸熱,內能增大,則其分子之間的勢能增大;C錯誤.

D.物體從外界吸收熱量;若同時對外做功,根據熱力學第一定律可知其內能不一定增加;故D正確.

E.液晶的光學性質具有晶體的各向異性;故E正確.

故選BDE.

【點睛】

解決本題的關鍵要掌握分子動理論、熱力學第一定律等熱力學知識,要對氣體分子間距離的大小要了解,氣體分子間距大約是分子直徑的10倍,分子間作用力很小.8、B:D【分析】【詳解】

AD.感應電動勢E=BLv=0.3Bvsinx

所以產生的是正弦交變電流,當BC邊運動到磁場的中心線,即x=0.15m時E=3V

感應電動勢是3V,BC兩端電壓是路端電壓;小于感應電動勢3V,故A錯誤,D正確;

B.由A可知,感應電動勢最大值Em=3V

由于是正弦交流電,則有效值

故B正確;

C.安培力F安=BIy=y=0.3sinx

則安培力是變力,線框做勻速直線運動,處于平衡狀態,拉力等于安培力,則拉力F是變力;故C錯誤。

故選BD。9、B:C【分析】【詳解】

試題分析:根據圖乙得到原線圈電壓的最大值;根據有效值與最大值的關系求出電壓表的示數,當變壓器副線圈電壓的瞬時值大于5000V時,就會點火,根據電壓與線圈匝數比的關系即可求解.

根據圖乙得到原線圈電壓的最大值為5V,所以電壓表的示數為A錯誤B正確;根據且得實現點火的條件是故C正確D錯誤.10、B:C:D【分析】【分析】

靜電計測量的是電容器兩端的電勢差;斷開電鍵,電容器所帶的電量不變,根據電容的變化判斷電勢差的變化,閉合電鍵,電容器兩端的電勢差不變;

【詳解】

A、保持開關閉合,電容器兩端的電勢差不變,靜電計測量的是電容器兩端的電勢差,所以指針張角不變,故A錯誤,B正確;

C、斷開電鍵,電容器帶電量不變,將AB靠近一些,則d減小,根據知,電容增大,根據知,電勢差減小,指針張角減小,故C正確;

D、斷開電鍵,電容器帶電量不變,將AB正對面積變小些,根據知,電容減小,根據知;電勢差增大,指針張角增大,故D正確.

【點睛】

本題考查電容器的動態分析,關鍵抓住斷開電鍵,電容器所帶的電量不變,電鍵閉合,電容器兩端的電勢差不變.三、填空題(共6題,共12分)11、略

【分析】【詳解】

解:電動勢的有效值為:

電流的有效值為:

電壓表的示數為:

燈泡消耗的功率為:

發電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為為:【解析】2,210,420,120012、略

【分析】【詳解】

頻率為ν的光子的能量

氫原子中的電子離原子核越遠;則能級越高,氫原子能量越大.

基態中的電子吸收一頻率為γ的光子后,原子的能量增大為:

電子發生電離時其電勢能為0,動能為:

因此有:

所以有:

則:.【解析】越大13、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3].天黑時,光線減弱,光敏電阻RG變大,A端輸入低電壓;Y端輸出高壓信號,J得到高壓,開始控制路燈工作。

(2)[4].如果路燈開關自動接通時天色還比較亮,應將R調大,A端輸入電壓較高,當天色較黑時,RG的電阻變大,A端的電壓降低,Y端的電壓升高,J得到高壓,開始控制路燈工作。【解析】大低高大14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】上升下降15、略

【分析】試題分析:螺線管內部的磁場方向水平向右;根據安培定則,知螺線管中的電流從左側流進,右側流出,實驗c端為電源的正極.內部的磁場由S指向N,a端為S極.

考點:安培定則。

【名師點睛】解決本題的關鍵掌握安培定則,會運用安培定則判斷電流與磁場的關系.【解析】正極S極16、略

【分析】根據安培定則判斷可知:通電導線在陰極射線管處產生的磁場方向垂直紙面向里;電子帶負電,向右運動,由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下,所以陰極射線向下偏轉.

【點睛】本題關鍵要掌握兩大定則:安培定則和左手定則,要明確兩個問題:一是什么條件用什么定則,二是怎樣用定則.【解析】下四、作圖題(共3題,共30分)17、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則;已知電流的方向可判定磁場方向,也可以通過磁場方向來確定電流的方向;

圖甲;已知磁場方向,順時針方向,則電流垂直紙面向里;

圖乙;電流右側的磁場的方向向里,左側的磁場的方向向外,則電流的方向向上;

圖丙;已知磁場方向,則可知電流方向,逆時針方向;

圖丁;環形電流從左側流入,從右側流出,所以磁場的方向向下;

圖戊;根據螺線管中電流方向,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左;

圖已;根據螺線管中上邊的電流方向向外,下邊的電流的方向向里,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右.如圖所示:

【解析】18、略

【分析】試題分析:A圖中;在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T,即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描,而豎直方向(y方向)的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中,豎直方向由2個周期性的變化;y方向的電壓變化為正弦式的變化,由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比,所以A圖中的掃描圖形如圖;

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象.XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓;即掃描電壓.

B圖中;在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T,即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描,同時豎直方向的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中,豎直方向也完成一個周期性的變化;y方向的電壓大小不變,方向每半個周期變化一次,結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比,所以B圖中的掃描圖形如圖.

考點:考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理,示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓,XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓,即掃描電壓,當信號電壓與掃描電壓周期相同時,就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后,故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同;因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題,共28分)20、略

【分析】【詳解】

(1)由圖所示螺旋測微器可知;其示數為:0mm+40.0×0.01mm=0.400mm(0.398~0.401均正確);

(2)本實驗提供的電源電壓為3V,故電壓表選擇C(3V)既安全又精確讀數;電路中的最大電流為故電流表選擇B(0.6A)剛好合適.

(3)本實驗電路采用了電流表外接法和滑動變阻器的限流式接法,由連接實物如圖:

(4)由部分電路的歐姆定律可知,U-I圖象的斜率表示電阻

(5)設滑動變阻器單位長度的電阻為r0,滑動變阻器的總長度為L,隨著滑片向左滑,根據全電路的歐姆定律則電源的總功率為據函數關系知隨x的增大,P逐漸增大,但x=0時,可知同時結合反比例函數的規律可知相同的變化量,變化量越來越大;故B正確,故選B.

【點睛】要掌握螺旋測微器的讀數方法;明確電學實驗中,當要求電流從零調時,滑動變阻器應用分壓式接法;當滿足待測電阻阻值遠小于電壓表內阻時,電流表應用外接法,當電流表內阻遠小于待測電阻阻值時,電流表應用內接法.【解析】0.400BC4.4-4.6B21、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]為了使電壓調節范圍盡量大;滑動變阻器應采用分壓式接法,則圖乙中虛線處需要連接導線;實驗前應使待測元件的分壓為零,滑片應移至A端。

(2)[3]將其與一個電動勢為3V(內阻忽略不計)的電源和阻值為5kΩ的定值電阻串聯在一起時,可等效為將其接在電動勢為3V、內阻為5kΩ的電源上,將等效電源的I—U圖像畫在元件的圖像上;交點處電壓與電流的乘積即為它消耗的電功率(如圖)

即U=1.9V

(3)[4]螺旋測微器測量金屬絲直徑為0.5mm+0.01mm×29.0=0.790mm

(4)[5]由電阻定律以及可得

(5)[6]由于電壓表的分流作用,使得電阻上電流的測量值偏大,則電阻測量值偏小。【解析】需要A(都行)0.790小于22、A:C:D【分析】【詳解】

取下濾光片,不同的色光干涉,在光屏上將出現彩色的干涉條紋,故A正確.若單縫向右平移一小段距離,由于雙縫到光屏的距離不變,則光屏上相鄰兩條亮紋中心的距離不變,故B錯誤.根據知,將雙縫的距離d增大,則光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離減小,故C正確.若將濾光片由紅色換成綠色,色光的波長減小,根據知,光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離減小,故D正確.測出n條亮條紋間的距離a,則相鄰兩條亮條紋間距為故E錯誤.23、略

【分析】【詳解】

(1)電動勢約1.5V;所以電壓表應選B;因電源內阻較小,故為了便于控制,滑動變阻器應選擇總阻值較小的D.

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