…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修3物理下冊階段測試試卷993考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某一區域的電場線分布如圖所示，a、b是電場中的兩點。下列說法正確的是（）

A.a、b兩點的電場強度方向相同B.a、b兩點的電場強度大小關系為Ea>EbC.a、b兩點電勢關系為φa<φbD.一帶正電的試探電荷在a、b兩點的電勢能關系為Epa<Epb2、如圖所示，一根通電直導線垂直放在磁感應強度為1T的勻強磁場中，以導線為中心，半徑為R的圓周上有a、b、c、d四個點；已知c點的實際磁感應強度為0，則下列說法中正確的是（）

A.直導線中電流方向垂直紙面向里B.d點的磁感應強度為0C.a點的磁感應強度為2T，方向向右D.b，d兩點的磁感應強度相同3、利用傳感器可檢測礦井滲水，從而發出安全警報，避免事故發生。如圖所示是一種通過測量電容器電容變化來檢測礦井中液面高低的儀器原理圖，A為固定的導體芯，B為導體芯外面的一層絕緣物質，C為導電液體（礦井中含有雜質的水），A、C構成電容器。已知靈敏電流表G的指針偏轉方向與電流方向的關系：電流從電表左側流入則指針左偏，電流從電表右側流入，則電流右偏。若礦井滲水（導電液體深度h增大）；則電流表（）

A.指針向右偏轉，A、C構成的電容器充電B.指針向左偏轉，A、C構成的電容器充電C.指針向右偏轉，A、C構成的電容器放電D.指針向左偏轉，A、C構成的電容器放電4、關于電場強度的概念，下列說法正確的是（）A.由可知，電場中某點的電場強度E與試探電荷的電荷量q成反比B.正、負試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，所以某一點電場強度方向與放入試探電荷的正負有關C.某一點的電場強度的大小和方向都與放入該點的試探電荷無關D.電場中某一點不放試探電荷時，該點的電場強度一定等于零5、如圖所示的坐標系中，x軸上固定一個點電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細桿（細桿的下端剛好在坐標原點O處）．將一個套在桿上重力不計的帶電圓環（視為質點）從桿上P處由靜止釋放，圓環從O處離開細桿后恰好繞點電荷Q做圓周運動．下列說法正確的是。

A.圓環沿細桿從P運動到O的過程中，加速度一直增大B.圓環沿細桿從P運動到O的過程中，速度先增大后減小C.增大圓環所帶的電荷量，其他條件不變，圓環離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動D.將圓環從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動6、如圖所示，A、B為水平放置的平行金屬板，兩板相距為帶有等量異種電荷且電荷量始終保持不變，兩板中央各有一小孔和今有一帶正電的粒子，自A板上方相距為的點自由下落（在同一豎直線上），空氣阻力忽略不計，到達孔時速度恰好為0。下列說法中正確的是（）

A.板帶正電B.粒子克服電場力做功等于從點到點過程粒子電勢能的減少量C.粒子克服電場力做功等于從點到點過程粒子重力勢能的減少量D.若將板上移其余條件不變，粒子自點自由下落仍能運動到B板7、兩根用同種材料制成的電阻絲甲和乙，甲電阻絲的長度和直徑分別為l和d；乙電阻絲的長度和直徑分別為2l和2d.將甲、乙兩根電阻絲分別接入電路時，如果兩電阻絲消耗的電功率相等，則加在兩根電阻絲上的電壓的比值應滿足()A.=1B.C.D.=2評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、正對著并水平放置的兩平行金屬板連接在如圖電路中，板長為l，板間距為d，在距離板的右端2l處有一豎直放置的光屏M．D為理想二極管（即正向電阻為0，反向電阻無窮大），R為滑動變阻器，R0為定值電阻．將滑片P置于滑動變阻器正中間，閉合電鍵S，讓一帶電量為q、質量為m的質點從兩板左端連線的中點N以水平速度v0射入板間；質點未碰極板，最后垂直打在M屏上．在保持電鍵S閉合的情況下，下列分析或結論正確的是()

A.質點在板間運動的過程中與它從板的右端運動到光屏的過程中速度變化相同B.板間電場強度大小為C.若僅將滑片P向下滑動一段后，再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間，質點將不會垂直打在光屏上D.若僅將兩平行板的間距變大一些，再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間，質點依然會垂直打在光屏上9、在物理學發展的過程中，許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程。以下對幾位科學家所做出的科學貢獻描述中，說法正確的是（）A.庫侖通過實驗得到庫侖定律，并測定靜電力常量B.法拉第最早提出場的概念C.伽利略發現行星運動三定律D.牛頓發現萬有引力并測得萬有引力常量10、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線，實線為一帶負電的質點僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點；據此可知（）

A.帶電質點在P點的加速度比在Q點的加速度小B.帶電質點在P點的電勢能比在Q點的小C.帶電質點在P點的動能大于在Q點的動能D.P、R、Q三點中Q的電勢最高11、如圖所示，平行板電容器水平放置，兩極板間電場強度大小為E，中間用一光滑絕緣細桿垂直連接，桿上套有帶正電荷的小球和絕緣彈簧，小球壓在彈簧上，但與彈簧不拴接。開始時對小球施加一豎直向下的外力，將小球壓至某位置使小球保持靜止。撤去外力后小球從靜止開始向上運動，上升h時恰好與彈簧分離，分離時小球的速度為v，小球上升過程不會撞擊到上極板，已知小球的質量為m，帶電荷量為q，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.與彈簧分離時小球的動能為B.從開始運動到與彈簧分離，小球與彈簧組成的系統增加的機械能為qEhC.從開始運動到與彈簧分離，小球減少的電勢能為D.撤去外力時，彈簧的彈性勢能為12、如圖所示電路，電源電動勢為E，內阻為當開關閉合后，小型直流電動機和指示燈都恰能正常工作。已知指示燈的電阻為電流為電動機的線圈電阻為電壓表的示數為不計燈泡電阻變化；則下列說法中正確的是（）

A.額定電流B.電動機的發熱功率為C.電動機的輸入功率為D.電動機的效率13、如圖所示電路中，電源電動勢內阻定值電阻電容器的電容初始時，開關閉合，斷開；下列說法正確的是（）

A.電路穩定時，電容器上極板帶負電B.電路穩定時，消耗的功率為3.25WC.閉合開關電路穩定后，電容器上極板帶負電D.閉合開關電路穩定后，電容器所帶電荷量為14、關于電場強度和磁感應強度，下列說法中不正確的是（）A.電場強度的定義式適用于任何靜電場B.電場中某點電場強度的方向與在該點的帶正電的檢驗電荷所受電場力的方向相同C.磁感應強度公式說明磁場中任一點的磁感應強度B與放入的通電導線所受安培力F的大小成正比，與通電導線中的電流I和導線長度L的乘積成反比D.磁感應強度公式說明磁感應強度的方向與放入磁場中的通電直導線所受安培力的方向相同評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示，閉合電鍵S后，滑動變阻器的滑動片P向右移動一段距離，電流表的讀數______（選填“變大”、“變小”或“不變”），電流表的讀數變化量為電流表的讀數變化量為則______（選填“>”、“<”或“=”）。

16、質量均為m的三個帶電小球A、B、C放置在光滑絕緣的水平面上，相鄰兩球間的距離均為L，A球帶電荷量qA=＋10q；B球帶電荷量qB=＋q。若在C上加一個水平向右的恒力F，如圖所示，要使三球能始終保持L的間距向右運動，則C球帶_____電（填“正”或“負”），外力F等于_____。

17、一均勻帶正電的空心橡皮球，在吹大的過程中始終維持球狀，球內任意點的電勢___________；始終在球外的任意點的場強___________。（填寫變大、變小或不變）18、如圖所示，真空中有甲、乙、丙三個完全相同的擺，擺球都帶正電，擺線絕緣。現在甲的懸點放一個負點電荷，在丙所在空間加一豎直向下的勻強電場，從相同高度由靜止開始釋放，則甲、乙、丙做豎直面內的圓周運動，擺到最低點時細線對它們的拉力分別為T1、T2、T3，則它們的大小關系為T1________T2，T2_________T3三者運動到最低點的動能Ek1、Ek2、Ek3的大小關系為Ek1________Ek2；Ek2__________Ek3。（選填“=”；“>”；“<”）

19、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發光；當S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調節滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

20、如圖所示直線a為某電源的路端電壓隨電流的變化圖線，直線b為電阻R兩端的電壓隨電流的變化圖線，用該電源和該電阻組成的閉合電路，電源的輸出功率為___________W，內阻為___________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)21、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、解答題(共4題，共40分)22、如圖所示，空間存在豎直向下的勻強電場，質量m=1kg的帶正電的小球與長L=2m的絕緣細線相連，細線的上端固定于O點，O點距地面的高度為3m，小球的電荷量q＝0.01C，細線能承受的最大拉力T=36N，現將細線拉直并從細線與豎直方向成θ=角處由靜止釋放小球，當細線轉到豎直方向OA時，細線恰好斷裂，最后小球落到地面上，已知重力加速度g=10m/s2；小球可視為質點，不計空氣阻力，求：

(1)電場強度的大小；

(2)小球落地時與OA的水平距離。

23、如圖所示的電路中，電源電動勢E=9V，電阻R1=2.5Ω，R2=3Ω，當電阻箱Rx調到3Ω時；電流表的示數為2A．求：

（1）電源的內電阻；

（2）調節電阻箱，使電流表的示數為1.8A時，電阻R2的電流。

24、目前電動汽車受到追捧，電動車的優勢在于污染小，效率高。某同學想測量一玩具車電動機的效率，設計電路如圖所示。電源電動勢E=15V，內阻r未知。電動機線圈內阻rM=4Ω，電阻R=6Ω，當開關S閉合時，R上消耗的電功率為6W；當開關S斷開時電動機正常運轉，測得電動機M兩端電壓為12V，試求：

（1）電源的內電阻r；

（2）當開關S斷開時；電動機的輸出功率和效率？

25、環形電流周圍有磁場，根據電磁學理論可知，半徑為R、電流強度為I的環形電流中心處的磁感應強度大小其中K為已知常量。電流的本質是電荷的定向運動；電流可以產生磁場意味著運動的電荷也可以產生磁場。

（1）氫原子核外電子以速率v繞核做圓周運動，軌道半徑為r，電荷量為e，求該“分子電流”在圓心處的磁感應強度大小B1。

（2）如圖，在一個豎直放置一半徑為r、電阻為R、匝數為n的圓形線圈的圓心O處，有一個可以繞豎直軸在水平面內轉動的小磁針。線圈未通電流時，小磁針穩定后指向地磁場水平分量方向，調整線圈方位并通入電流，小磁針偏轉了θ角。已知儀器所在處地磁場的磁感應強度水平分量大小為Be；求：線圈兩端的電壓。

（3）有人用電流觀點解釋地磁成因：在地球內部的古登堡面附近集結著繞地軸轉動的管狀電子群，轉動的角速度為ω，該電子群形成的電流產生了地磁場。如圖所示，為簡化問題，假設古登堡面的半徑為R，電子均勻分布在距地心R、直徑為d的管道內，管道內單位長度電荷量q，且d<<R，求此管狀電子群在地心處產生的磁感應強度大小B2。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

A．電場強度的方向沿電場線的切線方向；由圖可知兩點的電場強度方向相同，故A正確；

B．電場線的疏密程度表示電場強度的大小，故a點的電場強度大小小于b點的電場強度大小；故B錯誤；

C．沿電場線方向電勢降低，則φa>φb；C錯誤；

D．由知一帶正電的試探電荷在a、b兩點的電勢能關系為Epa>Epb；故D錯誤。

故選A。2、C【分析】【詳解】

A．由題，c點的磁感應強度為0，說明通電導線在c點產生的磁感應強度與勻強磁場的磁感應強度大小相等、方向相反，即得到通電導線在c點產生的磁感應強度方向水平向左；根據安培定則判斷可知，直導線中的電流方向垂直紙面向外．故A錯誤；

B．通電導線在d處的磁感應強度方向豎直向上，根據磁場的疊加可知d點感應強度為T，方向與B的方向成45°斜向上；不為0．故B錯誤；

C．通電導線在a處的磁感應強度方向水平向右，則a點磁感應強度為2T；方向向右．故C正確；

D．通電導線在b點產生的磁感應強度大小為1T，方向豎直向下，根據平行四邊形與勻強磁場進行合成得知，b點感應強度為T，方向與B的方向成45°斜向下；則b，d兩點的磁感應強度大小相同；方向不同，故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

根據平行板電容器的決定式

可知當礦井滲水（導電液體深度h增大）時，相當于電容器兩極板正對面積S增大，則電容C增大，而電容器兩板間電壓U不變，根據

可知Q增大，即電容器充電，有電流從電流表G左側流入，指針向左偏轉。故選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場中某點的電場強度E是由電場本身決定的，與試探電荷的電荷量q無關；選項A錯誤；

B．電場中某點的電場強度的方向是由電場本身決定的；與放入試探電荷的正負無關，選項B錯誤；

C．某一點的電場強度的大小和方向都與放入該點的試探電荷無關；選項C正確；

D．電場中某點的電場強度由電場本身決定的，與該點放不放試探電荷無關，選項D錯誤。故選C。5、C【分析】【詳解】

A.圓環從P運動到O的過程中；受庫侖引力，桿子的彈力，庫侖引力沿桿子方向上的分力等于圓環的合力，滑到O點時，所受的合力為零，加速度為零．故A錯誤；

B.圓環從P運動到O的過程中；只有庫侖引力做正功，根據動能定理知，動能一直增大，則速度一直增大．故B錯誤．

CD.根據動能定理得根據牛頓第二定律得聯立解得可知若只正大圓環電荷量，圓環仍然可以做圓周運動；若增大高度，知電勢差U增大；庫侖引力與所需向心力不等，不能做圓周運動，故C正確，D錯誤．

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．從P點到N點，由動能定理

解得

可知為負，則點的電勢低于點的電勢；可知B板帶正電，故A錯誤；

B．粒子從點到點過程電勢能做負功，則粒子克服電場力做功等于從點到點過程粒子電勢能的增加量；故B錯誤；

C．由A選項可得

可得粒子克服電場力做功等于從點到點過程粒子重力勢能的減少量；故C正確；

D．極板間電荷量不變，根據

可知若將板上移，電容變小，根據

可知極板間的電壓變大，則此時

結合A選項分析可知粒子自點自由下落不能運動到B板；故D錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

根據可知：所以加在兩根電阻絲上的電壓的比值應滿足

A．=1；與結論不相符，選項A錯誤；

B．與結論不相符，選項B錯誤；

C．與結論相符，選項C正確；

D．=2，與結論不相符，選項D錯誤；二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【詳解】

質點的軌跡如圖所示；

質點先在水平放置的兩平行金屬板間做類平拋運動，要垂直打在M屏上，離開電場后，質點一定打在屏的上方，做斜上拋運動．否則，質點離開電場后軌跡向下彎曲，質點不可能垂直打在M板上．質點在板間的類平拋運動和離開電場后的斜上拋運動，水平方向都不受外力，都做勻速直線運動，速度都等于而且方向水平；質點垂直打在M板上時速度也水平，根據質點的軌跡彎曲方向可知兩個過程質點的合力方向相反，加速度方向相反，則速度變化量方向相反，故A錯誤；

設質點在板間運動的過程中加速度大小為a，則有質點離開電場時豎直分速度大小質點離開電場后運動過程其逆過程是平拋運動，則聯立解得故B正確；若僅將滑片P向下滑動一段后，R的電壓減小，電容器的電壓要減小，電量要減小，由于二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，電量不變，板間電壓不變，所以質點的運動情況不變，再讓該質點從N點以水平速度射入板間，質點依然會垂直打在光屏上，故C錯誤；若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器電容減小，由知U不變，電量要減小，但由于二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，電量不變，根據推論可知板間電場強度不變，所以質點的運動情況不變，再讓該質點從N點以水平速度射入板間；質點依然會垂直打在光屏上，故D正確。

故選BD.

考點：考查了帶電粒子在電場中的運動。

【名師點睛】

帶電粒子在電場中的運動，綜合了靜電場和力學的知識，分析方法和力學的分析方法基本相同．先分析受力情況再分析運動狀態和運動過程（平衡、加速、減速，直線或曲線），然后選用恰當的規律解題．解決這類問題的基本方法有兩種，第一種利用力和運動的觀點，選用牛頓第二定律和運動學公式求解；第二種利用能量轉化的觀點，選用動能定理和功能關系求解9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．庫侖通過實驗得到庫侖定律；并測定靜電力常量，選項A正確；

B．法拉第最早提出場的概念；選項B正確；

C．開普勒發現行星運動三定律；選項C錯誤；

D．牛頓發現萬有引力；卡文迪許測得萬有引力常量，選項D錯誤。

故選AB。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由電場線的疏密反應場強的強弱知：EP＞ER＞EQ，帶電質點在P點的加速度比在Q點的加速度大；故A錯誤；

B．軌跡彎曲的方向可知，電場力的方向向右。由于質點帶負電，所以場強向左，電場線的方向向左，質點從P經過R運動到Q，電場力做負功，電勢能增大，即在P點的電勢能比在Q點的小；故B正確；

C．根據能量守恒可知，帶電質點在P點的動能大于在Q點的動能；故C正確；

D．沿電場線電勢降低，故P、R、Q三點中Q的電勢最低；故D錯誤。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

A．根據動能定理可知，合外力對小球所做的功等于小球動能的變化量，所以小球與彈簧分離時小球的動能為

故A錯誤；

B．由功能關系知，從開始運動到與彈簧分離，從開始運動到與彈簧分離，小球與彈簧組成的系統增加的機械能為電場力做的功為故B正確；

C．由功能關系知小球減少的彈性勢能為電場力對小球所做的功為故C錯誤；

D．從撤去外力到小球與彈簧分力，由動能定理知

解得

故D正確。

故選BD。12、C:D【分析】【詳解】

A．額定電流

選項A錯誤；

B．電動機的發熱功率為

選項B錯誤；

C．電動機的輸入功率為

選項C正確；

D．電動機的效率

選項D正確。

故選CD。13、A:D【分析】【詳解】

A．開關閉合，斷開；電容器的上極板與電源的負極相連，所以上極板帶負電，A正確；

B．由閉合電路歐姆定律有

的功率為

解得

故B錯誤；

C．閉合開關后；電容器的上極板與電源的正極相連，因此上極板帶正電，C錯誤；

D．閉合開關后，回路總電阻為

則兩端的電壓為

由

可得

故D正確。

故選AD。14、C:D【分析】【詳解】

A．電場強度的定義式

適用于任何靜電場；故A正確，不符合題意；

B．電場中某點電場強度的方向與在該點的帶正電的檢驗電荷所受電場力的方向相同；與負電荷所受電場力方向相反，故B正確，不符合題意；

C．磁感應強度由磁場自身決定；與放入其中的通電導線無關，故C錯誤，符合題意；

D．由左手定則知；通電導線所受安培力的方向與磁場方向垂直，故D錯誤，符合題意。

故選CD。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]當滑動變阻器的滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律知，干路電流減小，則電流表A1讀數減小，內電壓減小，所以路端電壓增大，則通過R0的電流增大，而并聯總電流減小，所以電流表A2讀數變小。

[2]根據并聯電路的電流特點有I1=I2+IR0

而I1減小，I2減小，IR0增大，所以ΔI1<ΔI2【解析】變小<16、略

【分析】【詳解】

[1]由于A；B兩球都帶正電；它們互相排斥，C球必須對A、B都吸引，才能保證系統向右加速運動，故C球帶負電荷。

[2]以三球為整體，設系統加速度為a，則F=3ma①

隔離A；B；由牛頓第二定律可知。

對A－=ma②

對B＋=ma③

聯立①②③得F=70k【解析】負17、略

【分析】【詳解】

[1]電荷在某點的電勢能，等于把它從這點移動到零勢能位置時靜電力做的功。我們取一個正的點電荷放在球內任意點，把該點電荷移動到無窮遠處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數和記為橡皮球吹大后，該點電荷與球上所有電荷的距離變遠，再把該點電荷移動到無窮遠處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數和記為根據庫倫定律有

所以球吹大后；該點電荷的電勢能變小，該位置的電勢變小。

[2]一個半徑為R的均勻帶電球體或球殼，在球的外部產生的電場，與一個位于球心的、電荷量相等的點電荷產生的電場相同，求外各點的電場強度為

球吹大后，始終在球外的任意點距球心的距離r不變，球所帶電荷量Q不變，則場強不變。【解析】變小不變18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]根據動能定理，甲乙兩圖的擺球只有重力做功，重力做功相等，所以到達底端的動能相等，對于丙圖，重力和電場力都做正功，根據動能定理得，知動能最大

根據

則運動到底端的速度關系為

對于甲

對于乙

對于丙

比較可得【解析】①.<②.<③.=④.<19、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當閉合，且滑片在端時，燈正常發光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W20、略

【分析】【詳解】

[1]由交點坐標知工作電壓為U=2V，工作電流為I=2A，則輸出功率為P出=UI=2×2=4W

[2]由縱截距知電源的電動勢為E=3V

由橫截距知電源短路電流為I0=6A

電源的內阻【解析】40.5四、作圖題(共1題，共10分)21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電