…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理上冊月考試卷672考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、用國際基本單位表達物理量的單位，下列表達正確的是（）A.萬有引力常量G基本單位是m/kg?sB.靜電力常量k基本單位是m3?kg/s?C2C.普朗克常量h基本單位是m2?kg/sD.彈簧的勁度系數k的基本單位是N/m2、如圖所示為密立根油滴實驗示意圖；兩塊水平放置的平行金屬板分別與電源的正負極相接，板間產生勻強電場。用一個噴霧器把許多油滴從上板中間的小孔噴入電場。油滴從噴口出來時由于摩擦而帶負電。油滴的大小；質量、所帶電荷量各不相同。油滴進入電場時的初速度及油滴間的相互作用忽略不計。下列說法正確的是（）

A.若觀察到某油滴懸浮不動，該油滴的質量一定比其他油滴小B.若觀察到某油滴懸浮不動，該油滴一定沒有受到電場力作用C.若觀察到某油滴向下加速運動時，該油滴的電勢能一定不斷減小D.若觀察到某油滴向下加速運動時，該油滴所受電場力一定做負功3、如圖所示電路中，R2、R3、R4為定值電阻，當滑動變阻器R1的滑動頭向左滑動時，三個理想電表的示數都發生變化，電流表A1、A2、A3的示數變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2、ΔI3；下列說法中正確的是（）

A.電流表A1的示數一定減小B.電流表A2的示數一定增大C.ΔI3一定大于ΔI1D.ΔI1一定大于ΔI24、真空中Ox坐標軸上的某點有一個點電荷Q，坐標軸上A、B兩點的坐標分別為0.2m和0.7m。在A點放一個帶正電的試探電荷，在B點放一個帶負電的試探電荷，A、B兩點的試探電荷受到電場力的方向都跟x軸正方向相同，電場力的大小F跟試探電荷電量q的關系分別如圖中直線a、b所示。下列說法正確的是（）

A.B點的電場強度大小為0.25N/CB.A點的電場強度的方向沿x軸負方向C.點電荷Q的位置坐標為0.3mD.點電荷Q是正電荷5、下列關于物體帶電和點電荷說法正確的是（）A.帶電現象的本質是產生電荷B.元電荷實質上是指電子和質子本身C.物體所帶的電荷量可以是任意實數D.當兩個帶電體的大小、形狀對它們之間相互作用影響可以忽略時，這兩個帶電體可看成點電荷6、某些腫瘤可以用“質子療法”進行治療。在這種療法中，為了能讓質子進入癌細胞，首先要實現質子的高速運動，該過程需要一種被稱作“粒子加速器”的裝置來實現。質子先被加速到較高的速度，然后轟擊腫瘤并殺死癌細胞。如圖所示，來自質子源的質子（初速度為零），經加速電壓為U的加速器加速后，形成細柱形的質子流。已知細柱形的質子流橫截面積為S，其等效電流為I；質子的質量為m，其電量為e。那么這束質子流內單位體積的質子數n是（）

A.B.C.D.7、如圖所示；甲；乙、丙為三個不同的電路結構，其回路的電勢升降情況與甲、乙、丙一一對應的是（）

A.①②③B.③②①C.③①②D.②③①8、在閉合的鐵芯上繞一組線圈，線圈與滑動變阻器、電池構成閉合電路，如圖所示，假設線圈產生磁感線全部集中在鐵芯內．a、b、c為三個閉合的金屬圓環；位置如圖所示．當滑動變阻器的滑動觸頭左右滑動時，磁通量發生變化的圓環是（）

A.a、b、c三環B.a、b兩環C.b、c兩環D.a、c兩環評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，在紙面內有一直角三角形ABC，P1是AB的中點，P2是AP1的中點，BC=2cm，∠A=30°。若在三角形ABC平面內有一勻強電場，電子（帶負電，電荷量為e）在A點、C點、P2點的電勢能分別為-5eV；19eV、3eV；則下列說法正確的是（）

A.A點的電勢為5VB.B點的電勢為-19VC.該電場的電場強度方向平行ACD.該電場的電場強度大小為800V/m10、無限長通電直導線在周圍某一點產生的磁場的磁感應強度B的大小與電流成正比，與導線到這一點的距離成反比，即（式中k為常數）．如圖所示，兩根相距L的無限長直導線分別通有電流I和3I.在兩根導線的連線上有a、b兩點，a點為兩根直導線連線的中點，b點距導線I的距離為L．下列說法正確的是（）

A.a點和b點的磁感應強度方向相同B.a點和b點的磁感應強度方向相反C.a點和b點的磁感應強度大小之比為8:1D.a點和b點的磁感應強度大小之比為16：111、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛出。僅在電場力作用下；兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負電B.a加速度減小，b加速度增大C.a電勢能減小，b電勢能增大D.a和b的動能一定都增大12、如圖所示；A；B為兩個相互接觸的、用絕緣支柱支持的金屬導體，起初它們不帶電，在它們的下部貼有金屬箔片，C是帶正電的小球，下列說法中正確的是（）

A.把C移近導體A時，B上的金屬箔片都張開，若用一根導線在A左端接地，則A上金屬箔閉合B.把C移近導體A時，B上的金屬箔片都張開，若用手觸摸B的右端，則A上金屬箔仍張開C.把C移近導體A，先把B分開，然后移去C，B上的金屬箔片仍然張開D.先把B分開，再把C移去，重新讓B接觸，A上的箔片張開，而B上的箔片閉合13、如圖所示，平面直角坐標系中，三個點電荷a、b、c分別固定于處，a、b、c電荷量分別為現有一電荷量為的點電荷d，在軸上從靠近坐標原點處由靜止釋放，不考慮重力及電荷d對原電場的影響，取無窮遠處電勢能為零，則在點電荷d的整個運動過程中，其瞬時速度v隨時間t、電勢能隨位置x變化的關系圖像可能為（）

A.B.C.D.14、如圖所示，空間某區域存在著非勻強電場，實線表示該電場的電場線，過O點的虛線MN表示該電場的一個等勢面，兩個相同的帶正電的粒子P、Q分別從A、B兩點以相同的初速度開始運動，速度方向垂直于MN，A、B連線與MN平行，且都能從MN左側經過O點。設粒子P、Q在A、B兩點的電勢能分別為Ep1和Ep2，經過O點時的速度大小分別為v1和v2.粒子的重力不計；則（）

A.v1>v2Ep1>Ep2B.v1<v2Ep1<Ep2C.粒子Q在BO段做加速度增大的曲線運動D.兩粒子動量變化量相同15、圖甲是磁電式電流表的結構示意圖；圖乙是線圈在通電后的正視圖，關于磁電式電流表，以下說法正確的是（）

A.通電線圈在轉動過程中所處的磁場處處相同B.在運輸過程中，可以將兩根外接表筆短接，以保護電表C.繞線圈的框要輕，既可以用鋁框，也可用輕質的塑料框D.增大磁感應強度，通過校準并改裝刻度盤，可以提高測量的靈敏度16、如圖所示，和都是阻值為的定值電阻，R是滑動變阻器，電源內阻為r，和都是理想電壓表和電流表，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片由圖示位置向左緩慢滑動時，分別表示電壓表示數的變化量，表示電流表A的示數變化量；則下列說法中正確的是（）

A.表示數減小B.表示數減小C.D.電壓表示數的變化量的絕對值小于電壓表示數的變化量的絕對值17、如圖甲所示的電路中，a、b；c是三個完全相同的燈泡；已知燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，已知圖線過點(0.4，0.125)，閉合電鍵后流過電源的電流為0.25A，則下列說法正確的是()

A.燈泡a兩端的電壓為b兩端的電壓的2倍B.燈泡a的功率為0.75WC.燈泡b的阻值為12ΩD.燈泡a、b的電功率之比為15∶1評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、能量的形式∶機械能、_____、光能、電能、化學能和_____等。19、電流：

（1）定義：電荷的___________移動形成電流。

（2）意義：反映了電流的___________程度。

（3）單位：

①國際單位：安培；簡稱安，符號為A。

②常用單位：毫安mA；微安μA。

③關系：1mA=___________A；1μA=___________A。

（4）表達式：

（5）電流的方向：___________定向移動的方向規定為電流的方向。20、勻強電場的電場強度為E，在此電場中A、B、C三點構成一個直角三角形，三角形所在的平面與電場線平行，如圖所示，AB邊長為L，AB邊平行于電場線，現將一個電荷q，從A點沿AB邊運動到B點，電場力做功為____________；由B運動到C，q的電勢能變化量為____________；由C運動到A，電場力做功為____________；A、C兩點的電勢差為____________。

21、電磁波譜與電磁波的能量。

（1）電磁波譜。

a.概念：按電磁波的____或____大小的順序把它們排列起來；就是電磁波譜。

b.各種電磁波按波長由大到小排列順序為：____、紅外線、___、_____；X射線、γ射線。

c.各種電磁波的特性。

①無線電波：用于____、衛星通信、____等的信號傳輸。

②紅外線：用來____等。

③可見光：照亮自然界，也可用于____。

④紫外線：用于___。

⑤X射線：用于診斷病情。

⑥γ射線：可以摧毀______。

（2）電磁波的能量。

a.光是一種電磁波；光具有能量。

b.電磁波具有______，電磁波是一種物質。22、下面三個圖為探究平行板電容器電容大小決定因素的實驗；請將正確的結論填在橫線上．兩平行板之間的電場可以視為勻強電場．給電容器充電后與電源斷開，那么。

（1）若保持板間距離d不變，正對面積S變小，則兩板電容C________，板間電勢差U________．

（2）若保持S不變，d變大，兩板電容C________，板間電場強度E________．

（3）若保持S和d都不變，插入介質板后，則板間電勢差U________，板間電場強度E________（填“變小”、“變大”或“不變”）評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)23、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)25、某同學利用器材設計了如圖甲所示的電路圖來測量定值電阻的阻值以及電源的電動勢E和內阻r。已知電源的電動勢E約為3V，定值電阻的阻值約為100Ω，電阻箱R的阻值范圍為電壓表的量程均為（均可視為理想電壓表）。

（1）請用筆畫線代替導線將圖乙中實物連線補充完整_________。

（2）該同學連續調節電阻箱的阻值得到多組電壓表的示數和的示數畫出的關系圖線如圖丙所示，畫出的關系圖線如圖丁所示。則可得出圖線的函數表達式為______（用和表示），圖線的函數表達式為______（用和表示）。

（3）由圖中的數據可得，電源的電動勢______，定值電阻______，電源的內阻______。評卷人得分六、解答題(共3題，共21分)26、平行板電容器是一種常用的電學元件。

（1）如圖甲所示，電源與平行板電容器，定值電阻，開關組成閉合電路。已知平行板電容器的電容為C，電源電動勢為E，內阻不計，不考慮極板邊緣效應，請在圖乙中畫出充電過程中電容器兩板電壓u隨其所帶電荷量q變化的圖像，并類化直線運動中由圖像求位移的方法，求充電完畢時電容器儲存的電能

（2）如圖丙所示，M、N是平行板電容器的兩個極板，板間距離為d。用絕緣細線把一個質量為m，電荷最為q的帶電小球懸掛在兩極板問，已知開關S閉合后，且小球靜止時，絕緣細線與豎直方向夾角為電源電動勢為E，內阻不計。三個定值電阻的阻值分別為重力加速度為g；忽略小球的電荷量對極板間電場的影響。

a.求夾角與定值電阻阻值的關系式；

b.若某時刻燒斷細線；同時斷開開關S，通過分析定性說明小球在兩極板間可能出現的運動情況（假設小球的電荷量保持不變，且始終未與極板發生碰撞）。

27、如圖所示，電源電動勢為電容器兩極板水平放置，兩極板間距離為20cm。開關S閉合且穩定后，求：

(1)通過R1的電流I；

(2)電容器的電荷量Q；

(3)若此時一個帶電量庫侖的油滴恰好可靜止在兩板中間，油滴質量多大（g=10）？

28、如圖所示，C1＝8μF，C2＝5×104pF，R1＝8Ω，R2＝4Ω，電源電動勢E＝24V；內阻不計，求：

(1)開關閉合時C2儲存的電荷量Q；

(2)開關斷開前后C1儲存電荷量的變化量△Q。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

根據萬有引力定律得：，又力的單位：1N＝1kg?m/s2，則萬有引力常量G基本單位是m3/kg?s2，故A錯誤．根據庫侖定律：，結合力的單位可得靜電力常量k基本單位是m3?kg/s2?C2，且C不是基本單位是導出單位，是由電流的基本單位導出，故B錯誤．根據動量與波長的關系：，可得：h＝p?λ，動量p的單位是kg?m/s，波長λ的單位是m，所以普朗克常量h基本單位是m2?kg/s．故C正確．彈簧的勁度系數k的基本單位是N/m，但N是導出單位，故D錯誤．2、D【分析】【詳解】

AB．油滴進入電場后受重力與電場力，若觀察到某油滴懸浮不動，說明重力與電場力平衡即

則

若其它油滴向上運動；則此油滴的質量小于懸浮不動油滴的質量，故AB錯誤；

CD．若觀察到某油滴向下加速運動時；由于油滴帶負電，則電場力對油滴做負功，則油滴電勢能增大，故C錯誤，D正確。

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

B．三個電阻R1、R2、R3并聯，電流表A1電流等于三個電阻R1、R2、R3的總電流；電流表A2電流等于電阻R3、R2的總電流；電流表A3的電流等于電阻R1、R2的總電流；滑片向左滑動，R1值減小，R1、R2、R3三者并聯的總阻值減小，所以R1、R2、R3分壓減小，流經R2、R3的電流減小，所以A2的示數減小；B錯誤；

A．干路電流增大，流經R2、R3的電流減小，故流經R1電流增加，故電流表A1的示數一定增大；A錯誤；

C．△I1=△I3+△IR3，由于IR3減小，所以△IR3為負值，所以△I1＜△I3；C正確；

D．△I1=△I2+△IR1，由于IR1增加，所以△IR1為正值，△I1是正值，△I2是負值，則△I1＜△I2；D錯誤。

故選C。

【點睛】

分析電路時可先對電路進行簡化處理，如把電流表當作導線，這是因為電流表的內阻很小；把電壓表當作開路，這是因為電壓表的內阻很大．對于電路的分析，我們一定要熟練掌握應用電流法去分析．4、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由A處試探電荷的圖線可得，該處的場強為

方向水平向右，同理可得，B處的場強為

方向水平向左；AB錯誤；

CD．由AB的分析可知，點電荷Q應為負電荷，且在A、B之間，設到A點距離為l，由點電荷場強公式可得

聯立解得l=0.1m，故點電荷Q的位置坐標為0.3m；C正確，D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．帶電現象的本質是物體得到或失去電子；不是產生電荷，故A錯誤；

B．元電荷是指最小的電荷量；不是指質子或者是電子，故B錯誤；

C．物體所帶電荷量的最小值是1.6×10-19C；任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數倍，故C錯誤；

D．根據帶電體可以看作點電荷的條件可知，當兩個帶電體的大小、形狀對它們之間相互作用影響可以忽略時，這兩個帶電體可看成點電荷，故D正確。6、D【分析】【詳解】

質子在電場力作用下加速，加速后的速度為根據動能定理，則有

解得

等效電流為單位體積的質子數為根據微觀表達式

解得

故選D。7、B【分析】【詳解】

電動勢的躍升集中在兩極；電流通過電阻，電勢下降；甲圖中外電阻為零，與③對應；乙圖中電路斷路，與②對應；丙圖中電流通過外電阻，電勢下降，與①對應。

故選B。8、B【分析】【詳解】

據題意，線圈產生的磁場全部集中在鐵芯內，根據安培定則判斷可知，穿過a的磁感線向左，穿過b的磁感線向上，當滑動變阻器的滑動觸頭左右滑動時，通過線圈的電流變化，線圈a、b中磁通量變化；而向左和向右穿過c的磁感線條數相等；完全抵消，總的磁通量為零，不發生變化。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)9、A:D【分析】【詳解】

A．A點的電勢5V

選項A正確；

B．P2點的電勢3V

故B點的電勢27V

選項B錯誤；

C．C點的電勢19V

設BP1邊的中點為P，則P點的電勢19V

故P、C兩點的連線是等勢線，由幾何關系知PC⊥AB，故該電場的電場強度方向平行AB；選項C錯誤；

D．由幾何關系可得AB=4cm，故該電場的電場強度大小=800V/m

選項D正確。

故選AD。10、A:D【分析】【分析】

本題考查了磁場的疊加；根據導線周圍磁場分布可知，與導線等距離地方磁感應強度大小相等，根據安培定則判斷出兩導線在M；N點形成磁場方向，磁感應強度B是矢量，根據矢量分解合成的平行四邊形定則求解．

【詳解】

A；B項：根據右手螺旋法則；導線周圍的磁場的磁感線，是圍繞導線形成的同心圓，3I導線與I導線在a處的磁感應強度方向都向下，則合磁感應強度方向向下的；

由3I導線在b處的磁感應強度方向向下，而I導線在b處的磁感應強度方向向上，因3I導線產生的磁場較大，則合磁感應強度方向向下，因此a點和b點的磁感應強度方向相同；故A正確，B錯誤；

C、D項：3I導線與I導線在a處的磁感應強度大小Ba=

而3I導線與I導線在b處的磁感應強度大小Bb=則a點和b點的磁感應強度大小之比為16：1；故C錯誤，D正確．

故選AD．

【點睛】

磁感應強度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據安培定則判斷導線周圍磁場方向是解題的前提．11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定；A錯誤；

B．根據a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度及電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏；電場強度變弱，所受的電場力在減小，加速度在減小，B正確；

CD．根據圖知a、b兩粒子的電場力；速度的夾角為銳角；電場力對電荷做正功，其動能都增大，其電勢能都減小，C錯誤，D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

AB．把C移近導體A時；由于靜電感應，A的左側感應出負電荷，B的右側感應出正電荷，故A；B上的金屬箔片都張開，若用一根導線在A左端接地，被排斥的正電荷被導走，則B上金屬箔閉合，A上金屬箔仍張開，若是用手觸摸B的右端，則被排斥的正電荷被導走，A上金屬箔仍張開，A錯誤，B正確；

C．把C移近導體A；先把A；B分開，然后移去C，A、B帶上等量異種電荷，A、B上的金屬箔片仍然張開，C正確；

D．先把A；B分開；再把C移去，重新讓A、B接觸，A、B所帶等量異種電荷被中和，A、B上的箔片均閉合，D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【詳解】

AB．點電荷d的受力分析如圖。

由庫侖定律

由牛頓第二定律

整理可得

易得隨著電荷d向右移動，θ減小，cosθ逐漸增大，電荷d做加速度減小的加速運動，當時；它的速度達到最大值，然后電荷d做減速運動直至無窮遠處，其速度為一定值，故A錯誤，B正確；

CD．由電荷d的受力分析可知，電荷d同時受到合引力和斥力的作用，當x<x1時，合力方向向右，故當電荷d從靠近原點處向右移動時，電場力做正功，其電勢能減小；當x=x1時，合力為零，此時d的動能最大，電勢能最小；當x>x1時；合力方向向左，故當電荷d繼續向右移動時，電場力做負功，其電勢能增加直至無窮遠處電勢能為0。故C錯誤，D正確。

故選BD。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．過A點畫出等勢面，根據沿著電場線方向電勢降低，所以A點電勢小于B點電勢，B點與O點的電勢差大于A點與O點的電勢差，即根據

則由于帶正電，所以A錯誤B正確；

C．Q粒子速度與電場力不共線，且BO段電場線越來越密，電場力逐漸變大，所以粒子Q在BO段做加速度增大的曲線運動；C正確；

D．兩粒子最終通過O點的速度方向不同；動量變化的方向不同，兩粒子動量變化量不相同，D錯誤。

故選BC。15、B:D【分析】【詳解】

A．通電線圈在轉動過程中所處的磁場大小處處相同；但是方向各不相同，故A錯誤；

B．將兩根外接表筆短接；構成閉合回路，在線圈運動過程中就會產生阻尼效果，從而阻礙指針的偏轉，以保護電表，故B正確；

C．繞線圈的框在電流表線圈（指針）轉動過程中利用電磁阻尼作用起到讓線圈（指針）快速停下來的作用；故鋁框可以，塑料框不可以，故C錯誤；

D．磁感應強度越大；相同輸入電流受到的安培力就越大，指針偏轉越明顯，電表就靈敏，故按要求增大磁感應強度，通過校準并改變刻度盤，可以提高測量的靈敏度，故D正確。

故選BD。16、B:C:D【分析】【詳解】

AB．R的滑片向左緩慢滑動時，R的阻值減小，利用閉合電路歐姆定律結論“并同串反”知：表示數增大，表示數減少；故A錯誤，B正確；

D．R減小，回路總阻值減小，總電流增大，r和R分壓變大，減小，可知的絕對值小于的絕對值；故D正確；

C．設流經的電流為流經的電流為流經的電流為則

由閉合電路歐姆定律有

聯立解得

可得

故C正確。

故選BCD。17、B:D【分析】【詳解】

A、b和c并聯后與a串聯，b和c的電壓相同，則電流也相同，a的電流為b電流的2倍，由于燈泡是非線性元件，所以a的電壓不是b電壓的2倍，故A錯誤；

B、根據圖象可知，當電流為0.25A時，電壓U=3V，所以P=UI=0.75W，故B正確；

C、b的電流為0.125A，由圖可知此時b的電壓0.4V，根據歐姆定律可知b的電阻故C錯誤；

D、根據P=UI可知a消耗的功率b消耗的電功率所以a、b消耗的電功率的比值為故D正確；

故選BD．三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]能量的形式∶機械能、內能、光能、電能、化學能和核能等。【解析】內能核能19、略

【分析】【詳解】

略【解析】定向強弱10-310-6正電荷20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據勻強電場特點可知，A、B兩點間的電勢差為

所以有

[2]B與C位于同一等勢面上；故電荷從B點到C點，電場力做功為0；

[3]根據公式，從C運動到A，電場力做功為

[4]根據公式和關系可得【解析】①.EqL②.0③.-EqL④.EL21、略

【解析】①.波長②.頻率③.無線電波④.可見光⑤.紫外線⑥.廣播⑦.電視⑧.加熱理療⑨.通信⑩.消毒?.病變的細胞?.能量22、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）保持板間距離d不變，兩極板正對面積減小，根據電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到；板間電勢差U增大；

（2）保持S不變，板間距離d增大，根據電容的決定式CC得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到電容減小；但和Q=UC可知：故E和d無關，故E不變；

（3）保持S和d都不變，插入介質板后，根據電容的決定式得知，電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到；板間電勢差U減小．由U=Ed可知，E減小；

考點：電容器；電場強度【解析】減小增大減小不變減小減小四、作圖題(共2題，共16分)23、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環形電流的安培定則，可知環形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】五、實驗題(共1題，共8分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]用筆畫線代替導線連接時應注意正負極接線柱的連接；如圖。

（2）[2]由于電壓表可視為理想電表，則由閉合電路歐姆定律有

整理可得

[3]由部分電路歐姆定律可得

整理可得