…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關于電動勢，下列說法不正確的是（）A.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大B.電源兩極間的電壓就是電源電動勢C.電源電動勢的數值等于內、外電壓之和D.電源電動勢與外電路的組成無關2、質量不同、帶電量相同的同位素粒子（不計重力），沿垂直于電場線的方向射入同一個勻強電場．若它們離開電場時速度方向改變的角度相同，則它們在進入該電場前必然具有相同的（）A.初動能B.初動量C.初速度D.初位置3、一個做簡諧振動的彈簣振子,t=0時位于平衡位置,其機械能隨時間變化的圖像應為（）A.B.C.D.4、氫原子的能級圖如圖所示，如果大量氫原子處在n=3能級的激發態；則下列說法正確的是。

A.這群氫原子能輻射出2種不同頻率的光子B.波長最長的輻射光是氫原子從n=3能級躍遷到能級n=1能級產生的C.輻射光子的最大能量為12.09eVD.處于該能級的氫原子至少需吸收13.6eV能量的光子才能電離5、光子能量為E的一束光，照射容器中的氫氣，被能級量子數n=3的氫原子吸收后，該氫原子可能發出按頻率逐漸升高排列的1、2、3、4、5、6六種頻率的光子，由此可知入射光的能量E等于（??）A.hν1B.h（ν6-ν1）C.hν6D.h（ν1+ν2+ν3+ν4+ν5+ν6）6、下列說法正確的是（）A.β衰變的實質是原子核內的一個中子轉化成一個質子，同時釋放出一個電子B.實驗表明，只要照射光的強度足夠大，就一定能發生光電效應C.釷的半衰期為24天，1g釷經過120天后還剩0.2gD.根據玻爾的原子理論，氫原子從n＝5的激發態躍遷到n＝3的激發態時，核外電子動能減小7、用你所學過的物理知識判斷下列說法正確的是：A.運動快的運動員更不容易停下來，說明運動快的運動員慣性大B.高壓鍋煮東西熟得快，因為鍋內水的沸點高于100℃，說明溫度高的物體含有的熱量多C.一個物體做單向直線運動，在第1秒內、第2秒內、第3秒內運動的距離都是1米，這個物體在這3秒內一定是勻速直線運動D.教室里的燈都是并聯的，一個開關能同時控制6盞燈，這6盞燈同時點亮，同時熄滅評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示電路，電源內阻不可忽略．開關S閉合后，在滑動變阻器的滑片P向上緩慢滑動的過程中。

A.小燈泡L變亮B.電壓表的示數增大C.電流表的示數增大D.電容器C的電荷量減小9、下列說法正確的是（）A.太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結果B.液體中的懸浮微粒越大，在某一瞬間撞擊它的液體分子數就越多，布朗運動越明顯C.一定質量的理想氣體克服外界壓力膨脹，且過程中不吸熱也不放熱，則內能一定減小E.兩個分子間的距離由很遠（）減小到很難再靠近的過程中，分子勢能不斷增大E.兩個分子間的距離由很遠（）減小到很難再靠近的過程中，分子勢能不斷增大10、下列說法正確的是（）A.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體B.液體表面層內分子間的作用力表現為斥力C.理想氣體的溫度升高，其壓強可能保持不變E.溫度一定時，飽和汽的體積越大，飽和汽壓越大E.溫度一定時，飽和汽的體積越大，飽和汽壓越大11、下列說法中正確的是（）A.物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小B.懸浮在水中的花粉顆粒運動不是水分子的運動，而是花粉分子的運動C.物體的機械能可以為零，而內能不可以為零E.一定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于內能的增加量E.一定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于內能的增加量12、下列說法正確的是（）A.合適的條件下，某些非晶體可以轉變為晶體B.理想氣體在完全失重的狀態下，壓強可能為零C.溫度升高，物體內每一個分子的動能都增大E.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功E.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功13、如圖所示，A、B為兩塊平行金屬板，板長為l，兩板間的距離為d，且B板接地，A板的電勢U可隨時間發生突變，質量為m，電量為q的帶正電的粒子，從A板的邊緣貼近A板以平行于A板的初速度射入兩板間的空間中，這時經過一段時間突變為再經過一段時間又突變為再經過一段時間粒子又貼近A板且沿平行于A板的方向從A板的另一邊緣處以速度射出兩極板的空間，已知粒子在運動過程中非常接近B板但恰好沒與B板接觸，不計重力，則（）

A.B.C.D.14、空間分布有豎直方向的勻強電場，現將一質量為m的帶電小球A從O點斜向上拋出，小球沿如圖所示的軌跡擊中絕緣豎直墻壁的P點．將另一質量相同、電荷量不變、電性相反的小球B仍從O點以相同的速度拋出，該球垂直擊中墻壁的Q點(圖中未畫出)．對于上述兩個過程；下列敘述中正確的是()

A.球A的電勢能增大，球B的電勢能減小B.P點位置高于Q點C.若僅增大A球質量，A球有可能擊中Q點D.電場力對球A的沖量大小等于對球B的沖量大小15、在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數n=1000匝，橫截面積，螺線管導線電阻，，，，在一段時間內，穿過螺線管的磁場方向如圖甲所示，磁感應強度B的大小按如圖乙所示的規律變化，下列說法正確的是

A.閉合S，穩定后電容器上極板帶正電B.閉合S，穩定后電容器上極板帶負電C.螺線管中產生的感應電動勢為0.8VD.斷開S后，流經的電量為s評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、基本邏輯電路——門電路中所謂“門”，就是一種開關，在一定條件下它允許信號通過；如果條件不滿足，信號就被阻擋在“門”外。如圖所示的電路是用來說明“______”邏輯關系的電路。（選填“與”、“非’’或者“或”）17、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態依次經狀態和后回到狀態圖中曲線為反比例函數圖線，直線平行于軸，直線平行于軸。該理想氣體經過的的四個過程中，氣體對外放熱的過程有_________；氣體對外做功的過程有________；氣體內能增加的過程有___________。18、反射規律：反射線、法線與入射線在同一_______內，反射線與入射線分居_______兩側，反射角_______入射角。19、用均勻導線做成的正方形線框邊長為0.2m，正方形的一半放在垂直于紙面向里的勻強磁場中，如圖所示．當磁場以10T/s的變化率增強時，線框中a、b兩點間的電勢差是Uab＝_____V

20、如圖所示，一個邊長為l＝1m的正方形線圈的總電阻為R＝2Ω，當線圈以v＝2m/s的速度勻速通過磁感應強度B＝0.5T的勻強磁場區域時，線圈平面總保持與磁場垂直．若磁場的寬度L＞1m，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為_____．

21、質量為m,電荷量為q的帶電粒子由靜止開始，在電壓為U的電場中僅在電場力作用下加速后的速度為___________評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)25、某同學通過實驗研究小燈泡的電壓與電流的關系，除小燈泡外，可用的器材如下:

A.電源(電動勢3V,內阻為1.5Ω)

B.電壓表(0~3V,內阻約為10kΩ)

C.電流表(0~0.6A,內阻約為5Ω)

D.滑動變阻器(0~50Ω,額定電流0.4A)

E.滑動變阻器(0~10Ω,額定電流1.0A)

F.電鍵S,導線若干

(1).實驗中移動滑動變阻器滑片,得到了小燈泡的U-I圖象如圖甲所示,則可知小燈泡的電阻隨電壓增大而__________(填“增大”、“減小”或“不變”);實驗時應選用的滑動變阻器為__________．(填器材前的字母序號)

(2).根據圖甲,將圖乙實驗電路中缺少的導線補全__________(其中電流表和電壓表分別測量小燈泡的電流和電壓)．

(3).若某次連接時，把AB間的導線誤接在AC之間，合上電鍵，任意滑動滑片發現都不能使小燈泡完全熄滅,則此時的電路中，小燈泡可能獲得的最小功率是__________W．(本問中電壓表和電流表均視為理想電表,結果保留2位有效數字)26、現有毛玻璃屏A；雙縫B、白光光源C、單縫D和透紅光的濾光片E等光學元件；要把它們放在圖中所示的光具座上組裝成雙縫干涉裝置，用以測量紅光的波長．

①將白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光學元件，由左至右，表示各光學元件的字母排列順序就C、_________、_________、_________；A．

②將測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手輪上的示數如圖2所示．然后轉動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，記下此時圖3中手輪上的示數_________mm，求得相鄰亮紋的間距Δx為_________mm．

③已知雙縫間距d為2.0×10-4m，測得雙縫到屏的距離l為0.700m，由計算式λ=_________，求得所測紅光的波長為_________nm評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)27、當分子間距離為時，分子間的作用力為0.分析當分子間的距離從增大到的過程中，分子間的作用力及分子勢能的大小是如何變化的？28、如圖所示，足夠長導軌傾斜放置，導軌平面與水平面夾角θ＝37°，導軌間距L＝0.4m，其下端連接一個R＝2Ω的定值電阻，其它電阻不計．兩導軌間存在垂直于導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度B＝0.5T．一質量為m＝0.02kg的導體棒ab垂直于導軌放置，導體棒與導軌間的動摩擦因數現將導體棒由靜止釋放，取重力加速度g＝10m/s2；sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。

（1）求ab棒下滑過程中電阻R消耗的最大功率；

（2）若導體棒從靜止加速到v＝1m/s的過程中，通過R的電量q＝0.3C，求此過程中系統產生的總熱量Q；

（3）若磁場方向變為豎直向下；大小不變，導軌光滑，求運動過程中的最大速度。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】試題分析：電動勢越大的電源；將其他形式的能轉化為電能的本領越大，選項A正確；當外電路斷開時，電源兩極間的電壓大小等于電源電動勢，選項B錯誤；電源電動勢的數值等于內；外電壓之和，選項C正確；電源電動勢與外電路的組成無關，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選B．

考點：電動勢。

【名師點睛】此題考查學生對電動勢的理解；要知道電源的電動勢是由電源內部決定的物理量，反應將其他形式的能轉變為電能的本領的大小．2、A【分析】【詳解】

粒子做類似平拋運動，故L=v0t，

其中

故

因為q相等，m不等；故進入電場前，初速度，初動量不等，而初動能相等。

故選A。3、D【分析】【詳解】

簡諧振動的彈簣振子，只有彈簧彈力做功，系統動能和彈性勢能相互轉化，系統總的機械能不變，ABC錯誤D正確4、C【分析】【詳解】

A、這群氫原子能輻射出種不同頻率的光子；A錯誤；

B、波長最長的輻射光對應著能級差最小的，則是氫原子從n=3能級躍遷到能級n=2能級產生的；B錯誤；

C、輻射光子的最大能量是從n=3到n=1的躍遷，最大能量為C正確；

D、處于該能級的氫原子至少需吸收1.51eV能量的光子才能電離，D錯誤．5、A【分析】【詳解】

因原子吸收能量后，由n=3的能量狀態躍遷到高能態，然后能發出六種不同頻率的光子，則可知原子躍遷到了n=4的能級，從n=4到低能態的躍遷中，從n=4到n=3的躍遷中發出的頻率最小為故開始時原子吸收的光子能量為E=

故選A。6、A【分析】【詳解】

A；β衰變的實質是原子核內的一個中子轉化成一個質子；同時釋放出一個電子，故A正確；

B；根據光電效應方程可知；發生光電效應的條件與光的頻率有關，與光的強度無關，故B錯誤；

C、釷的半衰期為24天，1g釷經過120天后，發生5次衰變，根據m＝m0（）5g＝0.03125g；故C錯誤；

D、據玻爾的原子理論，氫原子從n＝5的激發態躍遷到n＝3的激發態時，庫侖力提供向心力，向心力增加，速度變大電子動能增加，故D錯誤．7、D【分析】【分析】

【詳解】

A.運動快的運動員更不容易停下來；并不是運動員慣性大，慣性只與質量有關，故A不符合題意；

B.高壓鍋；壓強大，水沸點就高，會高于100℃；溫度高，食物就容易爛；熱量對應一個吸熱或放熱過程，不能說溫度高，含有熱量多．故B不符合題意；

C.一個物體做單向直線運動；在第1秒內；第2秒內、第3秒內運動的距離都是1米，不一定是勻速直線運動，要強調任意相等的時間內位移相等，才是勻速直線運動，故C不符合題意；

D.教室里燈是并聯而成的，而開關能同時控制是由于處于干路上，故D符合題意．二、多選題(共8題，共16分)8、B:C【分析】【分析】

在變阻器R0的滑片向上滑動的過程中；變阻器接入電路的電阻變大，外電路總電阻變大，根據閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓如何變化，即可知電壓表示數的變化情況．由歐姆定律分析并聯部分電壓的變化，判斷電流表示數的變化，從而判斷電容器帶電量的變化．

【詳解】

滑片P向上滑動，接入電路中的電阻增大，則增大，干路電流減小，故燈泡變暗，A錯誤；由閉合電路的歐姆定律可得，路端電壓增大，電壓表的示數增大，也即電阻R支路兩端電壓增大，電流表的示數也增大，故B、C正確．對電容器由U增大；則電容器C的電荷量也增大，D錯誤；故選BC．

【點睛】

本題是電路的動態變化分析問題，首先確定出變阻器接入電路的電阻如何變化，再按局部到整體，再到部分的思路進行分析．9、A:C:D【分析】【詳解】

A．太空中水滴成球形；是液體表面分子間距離大于平衡位置的距離，分子間體現為相互吸引的作用力，這就是表面張力，A正確；

B．懸浮微粒越大；在某一瞬間撞擊它的液體分子數就越多，受力就越趨于平衡，布朗運動就越不明顯，B錯誤；

C．根據熱力學第一定律有

因為過程中既不吸熱也不放熱Q＝0

又因為體積膨脹，所以氣體對外做功W＜0

故

氣體內能將減小；C正確；

D．溫度升高；分子熱運動的平均動能增大，但不意味著每個分子的動能都增大，D正確；

E．將一個分子從無窮遠處無限靠近另外一個分子的過程中；分子力先表現為引力，做正功，后表現為斥力，做負功，所以分子勢能先減小后增大，E錯誤。

故選ACD。10、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據熱力學第二定律；不可能使熱量從低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化，但在一定的條件下熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，如空調，故A正確；

B．液體表面層內的分子之間距離大于平衡距離所以表面層內分子間的相互作用力表現為引力，故B錯誤；

C．對一定質量的理想氣體有

所以當溫度升高時；若體積增大，則可能使壓強保持不變，故C正確；

D．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點；故D正確；

E．飽和汽壓是指飽和汽的壓強；它和溫度有關，溫度一定時，不論飽和汽的體積大小，飽和汽的分子密集程度一定，所以飽和汽壓和體積無關，溫度越高，飽和汽壓越大，故E錯誤。

故選ACD。11、A:C:E【分析】【詳解】

A．根據分子動理論的內容可知；物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小，A正確；

B．布朗運動是懸浮在液體中固體微粒的無規則運動；是由大量分子撞擊引起的，反應了液體分子的無規則運動，B錯誤．

C．物體的宏觀速度相對于參考系的速度為0時；其動能可以為0；而內能是物體內所有分子的分子動能與分子勢能的和，分子動能不可能為0，所以物體的內能不可能為0，C正確；

D．第二類永動機不違反能量守恒定律；D錯誤；

E．一定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時，根據理想氣體的狀態方程

可知氣體的體積一定增大；所以氣體對外做功，然后根據熱力學第一定律可知，吸收的熱量一定大于內能的增加量，E正確。

故選ACE。12、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．合適的條件下；某些非晶體可以轉變為晶體，比如非晶硫變成晶體硫，故A正確；

B．氣體壓強產生的原因是氣體分子的熱運動；和失重沒有關系，故B錯誤；

C．溫度是分子平均動能的反應；和孤立的某個分子沒有關系，故C錯誤；

D．一定質量的理想氣體等壓膨脹；體積增大則內能增大，氣體一定從外界吸收熱量，故D正確；

E．根據熱力學第二定律；物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功是可能的，但是會產生其他變化，故E正確。

故ADE正確。13、A:B:D【分析】【詳解】

AB．根據題意，由牛頓第二定律可知，運動過程中加速度大小恒為

故要使得粒子又貼近A板且沿平行于A板的方向從A板的另一邊緣處以速度射出兩極板的空間，則運動過程為，在沿電場方向上，經過時間加速后，再經時間速度恰好為零，此時粒子非常接近B板但恰好沒與B板接觸，即粒子發生的位移為d，此后時間向上加速，之后經時間電場方向上的速度又減小到零，根據對稱性可知

粒子在水平方向上從始至終做初速度為的勻速直線運動，故有

聯立解得

故AB正確；

CD．因為粒子在兩極板間豎直方向上先做初速度為零的勻加速直線運動，然后又做加速度大小相同的勻減速直線運動，到了非常接近B板但恰好沒與B板接觸的位置后電場方向上的速度恰好為零，根據逆向思維，勻減速到零的運動可看做初速度為零的勻加速運動，故

解得

故C錯誤D正確。

故選ABD。14、A:D【分析】【分析】

根據題意可判斷電場力的方向，從而判斷電場力做功情況以及電勢能變化情況；分析兩種情況下的加速度關系，根據v2-v02=2ah判斷h的關系；根據I=Ft判斷電場力的沖量關系.

【詳解】

由題意可知，擊中P點的小球A受電場力向下，垂直擊中Q點的小球B受電場力向上，可知電場力對A做負功，對B做正功，球A的電勢能增大，球B的電勢能減小，選項A正確；根據牛頓第二定律，對A球：mg+qE=maA；對B球：mg-qE=maB；可知aA>aB；對球A豎直方向：對球B在豎直方向：可得hAB，即P點位置低于Q點，選項B錯誤；若僅增大A球質量，可知aA減小，但是不可能等于aB，則hA不可能等于hB，則若僅增大A球質量，A球不可能擊中Q點，選項C錯誤；因兩次拋球小球在水平方向的分速度相同，水平位移相同，可知兩球運動的時間t相同；根據I=Eqt可知電場力對球A的沖量大小等于對球B的沖量大小，選項D正確；故選AD.15、B:C:D【分析】【分析】

由圖乙可知；磁場增強，則螺線管的磁通量增強，則根據楞次定律可知，感應電流的方向，從而確定電容器極板帶電情況；

根據法拉第地磁感應定律求出螺線管中產生的感應電動勢；

電容器與并聯，兩端電壓等于兩端的電壓，根據求出電容器的電量；

【詳解】

AB．據楞次定律；當穿過螺線管的磁通量增加時，螺線管下部可以看成電源的正極，則電容器下極板帶正電，上極板帶負電，故A錯誤，B正確；

C．由法拉第電磁感應定律可得，螺線管內產生的電動勢為：故C正確；

D．電鍵斷開后流經電阻的電荷量為：故D正確．

【點睛】

本題是電磁感應與電路的綜合，知道產生感應電動勢的那部分相當于電源，運用閉合電路歐姆定律進行求解．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖中兩個開關串聯，只有都閉合時，燈L才能亮，所以該邏輯關系為“與”邏輯關系。【解析】與17、略

【分析】【分析】

【詳解】

A→B為等溫變化，△U=0；體積減小，外界對氣體做功W＞0；根據熱力學第一定律W+Q=△U得：Q＜0；氣體對外放熱。

B→C為等壓變化過程，體積增大，氣體對外界做功W＜0；再根據理想氣體狀態方程知，溫度T升高，內能增大△U＞0；據熱力學第一定律知；氣體從外界吸熱。

C→D為等溫變化過程，△U=0；體積增大，氣體對外界做功W＜0，根據熱力學第一定律W+Q=△U得：Q＞0；氣體從外界吸熱。

D→A為等容變化過程，氣體不做功W=0；壓強減小，再根據理想氣體狀態方程知，溫度T下降，內能減小△U＜0；據熱力學第一定律W+Q=△U得：Q＜0；氣體對外放熱。

[1]氣體對外放熱的過程有：A→B，D→A；

[2]氣體對外做功的過程有：B→C，C→D；

[3]氣體內能增加的過程有：B→C。【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】平面法線等于19、略

【分析】【詳解】

題中正方形線框的左半部分磁通量變化而產生感應電動勢，從而在線框中有感應電流產生，把左半部分線框看成電源，其電動勢為E，內電阻為r/2；畫出等效電路如圖所示．

則a、b兩點間的電勢差即為電源的路端電壓，設l是邊長，且依題意知．由得所以由于a點電勢低于b點電勢，故Uab=-0.1V．【解析】-0.120、略

【分析】【詳解】

[1]感應電動勢為：E=Blv，感應電流為：

線圈進入磁場的時間為：

則線圈離開磁場的時間也等于0.5s，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為：Q=I2R?2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J21、略

【分析】【分析】

帶電粒子經加速電場加速后；動能的大小等于電場力做功，求得速度v；

【詳解】

設加速后的速度為v，根據動能定理可得：所以．

【點睛】

本題考查帶電粒子在電場中的加速，注意動能定理的應用．【解析】四、作圖題(共3題，共27分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】24、略

【分析】【分