…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版必修3物理上冊階段測試試卷993考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點，O為半圓弧的圓心，MOP＝60°.在M、N處各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖所示，這時O點的磁感應強度大小為B1.若將N處長直導線移至P處，則O點的磁感應強度大小為B2，那么B1與B2之比為（）

A.1:2B.2:C.2D.2:12、下列四個物理量的單位中，不屬于能量單位的是A.焦耳B.瓦特C.千瓦?時D.伏特?庫侖3、如圖，在等邊三角形abc的a點和b點分別放置垂直于三角形平面的無限長直導線，兩導線通電電流相等，a點的導線電流向里，b點的導線電流向外。已知兩通電導線在c點形成的磁感應強度大小為B。已知無限長直導線在某點形成的磁感應強度可表示為其中k為比例系數，I為電流強度，r為該點到導線距離，則O點的磁感應強度為（）

A.大小為2B，方向垂直ab向下B.大小為2B，方向垂直ab向上C.大小為4B，方向垂直ab向上D.大小為4B，方向垂直ab向下4、如圖甲所示，圓形區域ABCD處在平行于紙面的勻強電場中，圓心為O，半徑為R=0.1m。P為圓弧上的一個點，PO連線逆時針轉動，θ為PO連線從AO位置開始旋轉的角度，P點電勢隨θ變化如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.勻強電場的場強大小為10V/mB.勻強電場的場強方向垂直AC連線向上C.一電子從A點沿圓弧運動到C點，電勢能減小2eVD.一電子從B點沿圓弧逆時針運動到D點，電場力先做負功后做正功5、下列各組物理量中前者為矢量、后者為標量的是A.位移和速度B.速率和電流C.電動勢和電勢D.加速度和電勢差6、在某電荷量為Q的負點電荷形成的電場中有一點A，將一電荷量為q的正試探電荷從無限遠處被移到A點，該過程中電場力做的功為W。以無限遠處為電勢零點，則A點的電勢為（）A.B.C.D.7、如圖，△abc中bc=4cm，∠acb＝30°．勻強電場的電場線平行于△abc所在平面，且a、b、c點的電勢分別為3V；-1V、3V．下列說法中正確的是（）

A.電場強度的方向沿ac方向B.電場強度的大小為2V/cmC.電子從a點移動到b點，電勢能減少了4eVD.電子從c點移動到b點，電場力做功為4eV8、如圖甲所示，某多級直線加速器由n個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，各金屬圓筒依序接在交變電源的兩極M、N上，序號為C的金屬圓板中央有一個質子源，質子逸出的速度不計，M、N兩極加上如圖乙所示的電壓一段時間后加速器穩定輸出質子流。已知質子質量為m、電荷量為e；質子通過圓筒間隙的時間不計，且忽略相對論效應，則（）

A.質子在各圓筒中做勻加速直線運動B.質子進入第n個圓筒瞬間速度為C.各金屬筒的長度之比為1:D.質子在各圓筒中的運動時間之比為1:評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b；c三點的位置如圖所示；三點的電勢分別為10V、17V、26V。下列說法正確的是（）

A.電場強度的大小為2V/cmB.坐標原點處的電勢為1VC.電子在a點的電勢能比在b點的低7eVD.電子從b點運動到c點，電場力做功為9eV10、如圖所示，CD為上下兩勻強磁場的理想邊界，初始時，兩勻強磁場的磁感應強度均為B0，方向相反。金屬圓環的直徑與兩磁場的邊界CD重合，AB與CD垂直且過圓心。下列說法正確的是（）

A.同時以相同變化率增大上下磁場，線圈內無感應電流B.沿AB把左側金屬圓環折90°，線圈的磁通量是初始時的一半C.沿AB把左側金屬圓環折90°，只增大上部磁場磁感應強度，線圈無感應電流D.沿CD把下側金屬圓環折90°，只增大上部磁場磁感應強度，線圈有感應電流11、如圖所示，A、B為平行板電容器的兩個金屬極板，C為靜電計；開始時閉合開關S。靜電計張開一定角度。不考慮靜電計引起的電荷量變化，則下列說法正確的是（）

A.保持開關S閉合，將兩極板間距減小，板間場強減小B.保持開關S閉合，將R的滑片向左移動，靜電計指針張開角度不變C.斷開開關S后，緊貼下極板插入金屬板，靜電計指針張開角度減小D.斷開開關S后，將兩極板間距增大，板間電壓增大12、細線拉著一質量為m的帶電小球在豎直平面內做半徑為R的圓周運動，該區域內存在水平方向的勻強電場（圖中未畫出），小球所受電場力水平向右，大小是其重力的倍，圓周上A點在圓心的正上方，小球過A點時的速度大小為方向水平向左，除受重力、電場力及細線的拉力外小球不受其他力的作用，重力加速度為g，在小球做圓周運動的過程中（）

A.小球最小速率為B.小球速率最小時其電勢能最大C.若小球過A點時細線斷開，之后小球電勢能最大時速率為D.若小球過A點時細線斷開，之后小球電勢能最大時速率為13、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態。現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離；則（）

A.帶點油滴將沿豎直方向向上運動B.P點的電勢將降低C.帶點油滴的電勢能將增大D.電容器的電容減小，極板帶電量減小14、如圖所示的電路；閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是（）

A.電流表讀數變大，電壓表讀數變小B.小燈泡L變亮C.電源的總功率先變大后變小D.電容器C上電荷量變小15、如圖所示，直線A、B分別為電源a、b的路端電壓與電流的關系圖線，設兩個電源的內阻分別為ra和rb．若將一定值電阻R0分別接到a、b兩電源上，通過R0的電流分別為Ia和Ib，則（）

A.ra>rbB.Ia>IbC.R0接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源的效率較低D.R0接到b電源上，電源的輸出功率較小，電源的效率較低16、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻(阻值隨光照強度的增大而減小)．當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U．以下說法正確的是()

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I、U均不變B.若僅增大B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值變大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、如圖所示，直線A為電源的路端電壓U與電流I的關系圖像，直線B是電阻R的兩端電壓與其中電流I的圖像.用該電源與電阻R組成閉合電路，則電源的輸出功率為_______，電源內部生熱損失的電功率為_______，電源的效率為_______.

18、圓弧中的電流產生的磁感應強度與其半徑成反比，直線電流在其延長線上的磁感應強度為零，則圖中a、b兩點的磁感應強度的大小關系為________，a處磁感應強度的方向為________。19、某地地磁場的磁感應強度的水平分量是3.0×l0-5T，豎直分量是4.0×10-5T，則地磁場磁感應強度的大小為_______T，在水平面上，面積為5m2的范圍內，地磁場的磁通量為_______Wb。20、直線電流的磁場。

安培定則：如圖甲所示，用________握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，________所指的方向就是磁感線環繞的方向。直線電流周圍的磁感線分布情況如圖乙所示。

21、密立根實驗：電子電荷的精確測定是由密立根通過著名的“油滴實驗”做出的，目前公認的電子電荷的值為e=______（保留兩位有效數字）。22、如圖所示，MN板間存在勻強電場，場強方向豎直向上。電場上A、B兩點相距10cm，AB連線與電場方向夾角A點和M板相距2cm，則AB兩點間的電勢差____V，若M板接地（電勢為0），A點電勢____V。

23、（1）當用多用電表的歐姆擋粗測Rx的阻值時，發現指針偏轉角度太大了，應使選擇開關撥到___________（填“”和“”）倍率擋，重新歐姆調零后再測，此時多用電表指針位置如圖（a），其讀數為___________

（2）在圖（b）中游標卡尺的讀數為___________mm，螺旋測微器的讀數為___________mm。

24、某同學用歐姆擋測電阻時；實驗步驟如下：

A．將功能選擇開關置×100擋：

B．將紅黑表筆短接；調節歐姆調零旋鈕，使指針指向左邊零處：

C．接入被測電阻；讀數；

D．將功能選擇開關置OFF檔。

上述實驗步驟中，錯誤的操作是______（填字母代號）。若操作無誤，指針位置如圖所指，被測電阻的阻值是______Ω。

評卷人得分四、實驗題(共4題，共24分)25、測定某合金電阻率的實驗器材如下：待測電阻（阻值約為8）、學生電源（3V）、開關、導線、電流表A（量程0～0.6A，內阻約0.1）、電壓表V（量程0～3V，內阻約3k）、滑動變阻器（最大阻值10）；刻度尺、螺旋測微器。

（1）利用螺旋測微器測量合金絲的直徑d。某次測量時，螺旋測微器的示數如下圖所示，則該次測量值_______mm。

（2）用伏安法測量電阻時；電流表和電壓表的連接方法有以下兩種方式，其中。

①甲圖測量結果_________（選填“＞”；“＝”或“＜”）；

②乙圖測量結果_________（選填“＞”；“＝”或“＜”）。

（3）為使金屬絲兩端電壓調節范圍盡量大，并使測量結果盡量準確，以下電路應選用_______

A.B.C.D.

（4）當合金絲兩端電壓為U時，通過合金絲的電流為I；測得合金絲的長度為L，直徑為d，請根據這些物理量寫出求該合金電阻率的表達式＝_________。26、某實驗小組的同學欲測量某金屬絲的電阻率。

(1)實驗中需用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數如圖所示，則金屬絲直徑的測量值d=_____mm。

(2)請根據實驗電路將實物圖連線_______________。

(3)實驗中電流表選擇0-0.6A量程，電壓表選擇0-3V量程，指針位置分別如圖所示，則電流表的讀數是_____A，電壓表的讀數是_____V。

(4)該實驗中金屬絲電阻的測量值與真實值相比R測_____R真（填“＞”、“＜”或“=”）。27、某實驗小組使用多用電表和螺旋測微器測量一長度為電阻絲的電阻率，該電阻絲的電阻值約為材料未知。實驗過程如下：

（1）用螺旋測微器測量該電阻絲的直徑，示數如圖（a）所示。該電阻絲的直徑為______mm。

（2）對多用電表進行機械調零。

（3）將多用電表的選擇開關旋至______倍率的電阻擋（填“”“”“”或“”）。

（4）將黑；紅表筆短接；調節歐姆調零旋鈕，使指針指在電阻擋零刻度線。

（5）將黑、紅表筆并接在待測電阻絲兩端，多用電表的示數如圖（b）所示。該電阻絲的電阻值為______

（6）測量完成之后；將表筆從插孔拔出，并將選擇開關旋到“OFF”位置。

（7）計算該電阻絲電阻率為______。（用題中所給的符號寫出表達式即可，不用計算數值）28、某實驗小組的同學要測定某種電池（電動勢約為3V；內阻約為2.5Ω）的電動勢和內阻的準確值，實驗部分原理圖如圖甲所示可供選擇的器材如下：

A．待測電池（電動勢約為3V；內阻約為2.5Ω）

B．直流電壓表（量程0~3V；內阻約為3kΩ）

C．直流電流表（量程0~150mA；內阻為4Ω）

D．定值電阻R0=2.0Ω

E．定值電阻R1=1.0Ω

F．定值電阻R2=8.0Ω

G．滑動變阻器R（最大阻值為50Ω）

H．導線和開關。

請完成下列問題：

(1)需要擴大電流表量程，所以應選擇定值電阻____________（填“R1”或“R2”）；

(2)選擇合適的實驗器材，把實驗原理圖在虛線框內補充完成，把器材符號標在電路圖上；()

(3)他們已經將實驗中所測得的實驗數據描點，并作出了U-I圖象，如圖乙所示。則電池的電動勢為E=____________V，內阻為r=____________Ω。（均保留三位有效數字）評卷人得分五、解答題(共1題，共9分)29、如圖所示，真空中兩個相同的小球帶有等量同種電荷，質量均為0.1g，分別用10cm長的絕緣輕線懸掛于絕緣天花板的一點，當平衡時B球偏離豎直方向A豎直懸掛且與絕緣墻壁接觸（重力加速度為）。求：

(1)每個小球的帶電量；

(2)豎直墻壁對A球的彈力大小；

(3)兩條細線的拉力大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

由磁場的疊加可知每根導線在O點產生的磁感強度大小；移動之后距O點的距離不變，故磁感強度大小不變，則由矢量合成的方向可得出移動之后的合磁感強度；即可求得比值．

【詳解】

依題意，移動之前每根導線在O點產生的磁感強度為方向豎直向下；則當N移至P點時，在P處的通電導線在O點的磁場方向垂直于PO斜向左上方與OM夾角為600角，則O點合磁感強度大小為：B2=2××cos60°=則B1與B2之比為2：1．故選D．

【點睛】

磁感強度為矢量，在求合磁感強度時應先分別求得各導線O點的磁感強度再由矢量的合成方法-平行四邊形求得總的磁感強度．2、B【分析】【分析】

【詳解】

焦耳是能量的單位，故A錯．瓦特是功率單位，故B對．千瓦?時是電流做功功的單位，是能量單位，故C錯．伏特?庫侖代表帶電粒子經過一定電勢差后能量的改變，故是能量單位，故D錯．故選B．3、D【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示，兩通電導線分別在c點形成的磁感應強度大小相等，兩磁場方向夾角為由題知c點的磁感應強度大小為B，根據幾何關系知每根導線在c點形成的磯感應強度大小也為B。已知ac=2ao，由

可知每根導線在O點形成的磁感應強度大小為2B，方向均垂直于ab邊向下，則O點的磁感應強度大小為4B，方向垂直ab向下。

故選D。

4、C【分析】【詳解】

AB．當θ=時，設P點位于M點處，此時可得φM=1V

當θ=時，設P點位于N點處，此時可得φN=5V

如圖所示。

由于M、N兩點分別是圓弧上電勢的最低點、最高點，則過兩點的等勢面與圓相切，又因為電場線與等勢面垂直，且指向電勢降低的方向，可知電場方向從N指向M，可得場強大小為E==V/m=20V/m

故AB錯誤；

C．由圖乙可知，C點的電勢為φC=4V

電子從A點沿圓弧運動到C點，電勢能的變化量為△Ep=EpC-EpA=-e(φC-φA)=-2eV

即電勢能減小2eV；故C正確；

D．從B點沿圓弧逆時針到D點，電勢先升高后降低，則電子沿該路徑運動時，由Ep=qφ可知；電子的電勢能先減小后增大，所以電場力先做正功后做負功，故D錯誤。

故選C。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A.位移和速度都是矢量；故A錯誤．

B.速率是速度的大小；是標量．電流雖然有方向，但電流運算時不遵守矢量運算法則平行四邊形定則，所以電流是標量，故B錯誤．

C.電動勢和電勢都是標量；故C錯誤．

D.加速度是矢量，電勢差是標量，故D正確．6、D【分析】【詳解】

由于電場力做功等于電勢能的減少量，規定無窮遠處電勢能為零，則

則A點的電勢能為根據電勢定義，該點電勢為

故選D。7、B【分析】【分析】

電場力做功量度電勢能的變化．勻強電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線；而等勢線與電場線垂直；由題意知ac連線為一條等勢線，根據電場線與等勢線的特點可確定電場線的方向，再根據公式U=Ed求出電場強度.

【詳解】

因ac為等勢面，則場強方向垂直于ac指向b點，選項A錯誤；電場強度的大小為選項B正確；a點電勢高于b點，則電子從a點移動到b點，電勢能增加，選項C錯誤；電子從c點移動到b點；電場力做功為[3V-(-1V)](-e)=-4eV，選項D錯誤；故選B.

【點睛】

題的關鍵在于找出等勢面，然后才能確定電場線，要求學生明確電場線與等勢線的關系，能利用幾何關系找出等勢點，再根據等勢線的特點確定等勢面．知道公式U=Ed應用時d為沿著電場線方向的距離8、C【分析】【詳解】

A．金屬圓筒中電場為零；質子不受電場力，做勻速運動，故A錯誤；

B．質子進入第n個圓筒時，經過n次加速，根據動能定理

解得

故B錯誤；

D．只有質子在每個圓筒中勻速運動時間為時；才能保證每次在縫隙中被電場加速，故D錯誤；

C．第n個圓筒長度

則各金屬筒的長度之比為1:故C正確。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【詳解】

B．如圖所示，設ac之間電勢差與Ob兩點間的電勢差相等，即

可得

故B正確；

A．電場沿著x軸方向電場分量

電場沿著y軸方向電場分量

因此電場強度

故A錯誤；

C．電子在a點具有的電勢能

電子在b點具有的電勢能

因此

電子在a點的電勢能比在b點的高7eV；故C錯誤；

D．電子從b點運動到c點，電場力做功為

所以電子從b點運動到c點，電場力做功為9故D正確。

故選BD。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．初始時圓環內磁通量為零；同時以相同變化率增大磁場，磁通量依然為零，磁通量不變，線圈內無感應電流，A正確；

B．沿把左側金屬圓環折磁通量也為零，B錯誤；

C．沿把左側金屬圓環折只增大上部磁場，磁通量向里變大，有感應電流，C錯誤；

D．沿把下側金屬圓環折磁通量向里，磁感應強度增大，磁通量增加，有感應電流，D正確。

故選AD。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．保持開關S閉合，兩極板間電勢差不變，將兩極板間距減小，由可知；板間場強增大，故A錯誤；

B．保持開關閉合；變阻器僅僅充當導線功能，電容器兩極板間的電勢差不變，滑動觸頭滑動不會影響靜電計指針張角，靜電計指針張開角度不變，故B正確；

C．斷開開關S后，電容器帶電量Q不變，緊貼下極板插入金屬板，相當于極板之間的距離d減小，根據可知，電容增大，根據可知；兩極板間電勢差減小，靜電計指針張開角度減小，故C正確；

D．斷開開關S后，電容器帶電量Q不變，將兩極板間距d增大，根據可知，電容減小，根據可知；兩極板間電勢差增大，故D正確。

故選BCD。12、A:C【分析】【詳解】

A．如圖，當小球到達B點時小球的速度最大，到達C點時速度最小，BC連線與豎直方向夾角為

可知

由A到C由動能定理

解得

選項A正確；

B．電場方向沿水平方向；則電勢最高點和最低點應該在水平直徑的兩端，則C點不是電勢能最大的位置，選項B錯誤；

CD．若小球過A點時細線斷開，之后小球電勢能最大時水平速度減為零，則此時的時間

豎直方向做自由落體，則此時的速率為

選項C正確；D錯誤。

故選AC。13、B:C:D【分析】【詳解】

A．將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據得知板間場強減小；油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動。故A錯誤。

B．場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低。故B正確。

C．由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，根據可知；油滴的電勢能將增加。故C正確。

D．根據Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容可知電容減小，故帶電量減小，故D正確。

故選：BCD。14、A:B:D【分析】【詳解】

當滑動變阻器滑片P向右移動時，滑動變阻器的有效電阻減小，電路總電阻減小，電流I增大，內電壓增大，外電壓U減小。所以電流表讀數變大，電壓表讀數變小，燈泡變亮，電源總功率

變大。因為滑動變阻器電壓為外電壓減去燈泡電壓，所以滑動變阻器電壓減小，即電容器電壓減小，根據

知，電容器C上電荷量變小；故ABD正確，C錯誤。

故選ABD。15、A:B:C【分析】【詳解】

A．由圖象可知，圖象A斜率的絕對值大于圖象B斜率的絕對值，因此ra＞rb；故A正確；

B．在同一坐標系內作出電阻R0的U-I圖象，如圖1所示，由圖象可知Ia＞Ib，故B正確；

CD．R0接到電源上，如圖1所示，Ia＞Ib，Ua＞Ub，由P=UI可知，Pa＞Pb，電源的效率

由于ra＞rb，所以ηa＜ηb，故C正確，D錯誤；16、A:B【分析】【詳解】

A．滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變；故A正確；

B．若僅增大A、B板間距離，由知電容減小，板間電壓不變，則由電容的定義式可知電容器所帶電荷量減少；故B正確；

CD．若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內電壓和R3的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由知電容器所帶電荷量減少，根據閉合電路歐姆定律得U＝E－Ir可得不變，故CD錯誤．三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

[1]由圖象可知電源的電動勢短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為2V，電流為2A，電源的輸出功率即為電阻上消耗的功率：

[2]電源的總功率為：總

電源內部生熱損失的電功率為：熱總

[3]所以電源的效率為：【解析】4W2W66.7%18、略

【分析】【詳解】

圓弧中的電流產生的磁感應強度與其半徑成反比，可知產生的磁感應強度，而直線電流在其延長線上的磁感應強度為零，所以a點的磁感應強度為：，通過右手定則可判斷合磁感應強度方向垂直紙面向外；b處的磁感應強度為：，通過右手定則可判斷合磁感應強度方向垂直紙面向里；所以，a點的磁感應強度垂直紙面向外【解析】小于垂直紙面向上19、略

【分析】【詳解】

[1]根據題意，依據平行四邊形法則，有：

[2]當線框平面與磁感線平行時；沒有磁感線穿過線框，穿過線框的磁通量為0；

在水平面上，地磁場的豎直分量穿過線框，則磁通量為：【解析】5.0×10-5T2.0×10-420、略

【解析】①.右手②.彎曲的四指21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】1.6×10－19C22、略

【分析】【詳解】

[1]AB兩點間的電勢差為

[2]A點的電勢等于A點與M點的電勢差，故【解析】10-423、略

【分析】【詳解】

（1）[1]指針偏角太大；說明待測電阻阻值較小，應該換小倍率擋，即選擇開關應該置于“×1”倍率擋；

[2]多用電表讀數為指針所指刻度與倍率的乘積，故圖中讀數為

（2）[3]游標卡尺的讀數為主尺讀數與游標尺讀數之和，所以圖中的讀數為

[4]螺旋測微器的讀數為固定刻度與可動刻度之和，所以圖中的讀數為【解析】15.0##1529.80.76024、略

【分析】【詳解】

[1]A．使用歐姆表時；先將功能選擇開關置×100擋：故A正確；

B．將紅黑表筆短接；調節歐姆調零旋鈕，使指針指向右邊零處；故B錯誤；

C．接入被測電阻；讀數；故C正確。

D．測量結束后；將功能選擇開關置OFF檔。故D正確。

故選B。

[2]由圖可知該電阻阻值為

【點睛】

掌握歐姆表的使用方法和步驟，歐姆表的零刻度在最右側。【解析】