…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關于電磁場的電磁波，下列說法正確的是（）A.在電場周圍一定會產生的磁場B.電磁場由發生區域向遠處的傳播就是電磁波C.電磁波是一種物質，只能在真空中傳播D.在真空中電磁波的傳播速度小于光速2、某滑沙場有兩個坡度不同的滑道AB和AD均可看作斜面），甲、乙兩名旅游者分別乘兩個完全相同的滑沙橇從A點由靜止開始分別沿AB和AD滑下，最后都停在水平沙面BC上，如圖所示．設滑沙橇和沙面間的動摩擦因數處處相同，斜面與水平面連接處均可認為是圓滑的，滑沙者保持一定姿勢坐在滑沙撬上不動．則下列說法中正確的是（）A.甲滑行的總路程一定等于乙滑行的總路程B.甲在B點的動能一定等于乙在D點的動能C.甲在B點的速率一定人于乙在D點的速率D.甲全部滑行的水平位移一定與乙全部滑行的水平位移不相等3、質量為m的物體，在距地面h高處以g的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法中正確的是（）A.物體重力勢能減少mghB.物體的機械能減少mghC.物體的動能增加mghD.重力做功mgh4、關于α粒子散射實驗；下列說法中正確的是（）

A.絕大多數α粒子穿過金屬箔后；發生了較大的偏轉。

B.α粒子在接近原子核的過程中；動能減少，電勢能減少。

C.α粒子在離開原子核的過程中；動能增大，電勢能增大。

D.少數α粒子穿過金屬箔后發生了較大的偏轉。

5、【題文】如圖所示；一半球狀物體在粗糙的水平面上，一只甲蟲（可視為質點）從半球面的最高點開始緩慢往下爬行，在爬行過程中()

A.球面對甲蟲的支持力變大B.球面對甲蟲的摩擦力變大C.球面對甲蟲的作用力不變D.地面對半球體的摩擦力變大6、一質點沿直線Ox飛行做加速運動，它離開O點的距離x隨時間變化的關系為x=3t+2t2（m）．則該質點在t=2s時的瞬時速度為（）A.7m/sB.10m/sC.11m/sD.15m/s7、在人類對物質運動規律的認識過程中，許多物理學家大膽猜想、勇于質疑，取得了輝煌的成就，下列有關科學家及他們的貢獻描述中正確的是（）A.伽利略探究物體下落規律的過程使用的科學方法是：問題→猜想→數學推理→實驗驗證→合理外推→得出結論B.卡文迪許在牛頓發現萬有引力定律后，進行了“月-地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統一起來C.開普勒潛心研究第谷的天文觀測數據，提出行星繞太陽做勻速圓周運動D.奧斯特由環形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現象電本質8、一塊手機電池的背面印有如圖所示的一些參數，另外在手機使用說明書上還查到了部分參數：通話時功率0.6W、待機時間100h等，如果數據是真實的，則該電池最多能供通話的時間是（）A.3hB.6hC.12hD.18h評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、一質點在x軸上運動；各個時刻的位置坐標如下表：

。t/s012345x/m04-6-21-5則此質點開始運動后，第____秒內位移最大，大小是____m，方向是____．10、一根長0.2m的直導線，垂直于勻強磁場的磁場方向放置，通以3A的電流時受到的安培力是6×10-2N，磁感應強度B=____T；當導線的長度減為原來的一半時，磁感應強度B=____T．11、如圖所示，某空間存在垂直于紙面向里的勻強磁場，分布在半徑為a的圓柱形區域內，兩個材料、粗細（遠小于線圈半徑）均相同的單匝線圈，半徑分別為r1和r2，且r1＞a＞r2，線圈的圓心都處于磁場的中心軸線上．若磁場的磁感應強度B隨時間均勻減弱，已知則在任一時刻大小兩個線圈中的感應電動勢之比為____；磁場由B均勻減到零的過程中，通過大小兩個線圈導線橫截面的電量之比為____．

12、質量M的平板車，上面站一個質量為m的人，車以v0的速度在光滑水面上向右前進，如圖所示。當人相對于地以v向后水平跳出，則人跳車前后車的動量變化方向是_______，車速變化的大小為_______。13、【題文】質量m="100"g的小球，自5m高處自由落下，與水平地面相碰后能彈回4m高．若小球下落和上升過程都不計空氣阻力，小球與地面作用時間t="0.2"s，g="10"m/s2．求小球對地面的平均沖擊力的大小14、在研究電磁感應現象的實驗中所用器材如圖所示．它們是①電流表；②直流電源；③帶鐵芯的線圈A；④線圈B；⑤開關；⑥滑動變阻器（用來控制電流大小以改變磁場強弱）．

（1）試按實驗的要求完成實物圖上的連線．開關閉合，移動滑動變阻器，指針____（“會”或者“不會”）發生偏轉．

（2）若連接滑動變阻器的兩根導線接在接線柱C和D上，而在開關剛剛閉合時電流表指針右偏，則開關閉合后滑動變阻器的滑動觸頭向接線柱C移動時，電流表指針將____（填“左偏”“右偏”或“不偏”）．15、一臺起重機將質量為1.0×104kg的貨物在2s的時間內勻速提升5m，不計額外功，起重機在這2s內做的功為____J，起重機在這2s內的平均輸出功率為____W．貨物克服重力做功____J．（g取10m/s2）16、（2011春?山西期中）如圖所示．曲軸上掛一個彈簧振子，轉動搖把，曲軸可帶動彈簧振子上下振動．開始時不轉動搖把，讓振子自由振動，測得其頻率為2Hz．現勻速轉動搖把，轉速為240r/min．

（1）當振子穩定振動時，它的振動周期是____

（2）轉速等于____時，彈簧振子的振幅最大．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質的電荷．____．（判斷對錯）18、任意兩條電場線都不相交．____．（判斷對錯）19、物體的位移為零時，路程也一定為零．____．（判斷對錯）20、兩個力的合力總是大于原來每一個力．____（判斷對錯）21、沒有施力物體的力有可能存在．____（判斷對錯）22、某時刻一個分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對錯）23、一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關____（判斷對錯）評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)24、（2014秋?河南校級月考）作下列物體的受力示意圖．

（1）如圖1；物塊與傳送帶一起減速運動，畫出物塊的受力圖；

（2）如圖2；A；B豎直上拋，不計空氣阻力，畫出B的受力圖；

（3）如圖3，斜面固定，所有接觸面均光滑，PQ一起加速下滑，畫出Q的受力圖．25、物體A沿光滑斜面上勻速下滑；作出力的示意圖．

26、一棱鏡的截面為直角三角形ABC，∠A=30°，斜邊AB=a，棱鏡材料的折射率為n=．在此截面所在的平面內，一條光線以45°的入射角從AC邊的中點M射入棱鏡。畫出光路圖，并求光線從棱鏡射出的點的位置(不考慮光線沿原路返回的情況)。評卷人得分五、識圖作答題(共1題，共2分)27、圖乙表示甲中植物細胞內氣體交換情況，圖丙表示光照強度與光合速率的關系，圖丁表示夏季晴朗的一天，某種綠色植物在24小時內O2吸收和釋放速率的變化示意圖（單位：mg/h），A、B點對應時刻分別為6點和19點。（1）圖丙A、B和C三點中______________點對應圖乙狀態。（2）圖丙中限制A～C段光合速率的主要環境因素是______________。若提高溫度，曲線的C點的變化是______________（上移；下移；不動；無法確定）。（3）圖乙a、b和c結構中，產生CO2的結構是______________（填字母），消耗CO2的結構是______________（填字母）。（4）圖丁中測得該植物一晝夜的O2凈釋放量為300mg，假設該植物在24小時內呼吸速率不變，則該植物一天通過光合作用產生的O2總量是___________mg。圖中陰影部分所表示的O2釋放量______________（大于、等于、小于）300mg。評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)28、如圖所示，兩根足夠長的光滑金屬導軌MN、PQ間距為l=0.5m，其電阻不計，兩導軌及其構成的平面均與水平面成30°角．完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導軌放置，每棒兩端都與導軌始終有良好接觸，已知兩棒的質量均為0.02kg，電阻均為R=0.1Ω，整個裝置處在垂直于導軌平面向上的勻強磁場中，磁感應強度為B=0.2T，棒ab在平行于導軌向上的力F作用下，沿導軌向上勻速運動，而棒cd恰好能保持靜止．取g=10m/s2；問：

（1）通過cd棒的電流I是多少；方向如何？

（2）棒ab受到的力F多大？

（3）棒cd每產生Q=0.1J的熱量，力F做的功W是多少？29、如圖所示；質量m=1kg的小物體從傾角θ=37°的光滑斜面上A點靜止開始下滑，經過B點后進入粗糙水平面（經過B點時速度大小不變而方向變為水平）．AB=3m．試求：

（1）小物體從A點開始運動到停止的時間t=2.2s；則小物體與地面間的動摩擦因數μ多大？

（2）若在小物體上始終施加一個水平向左的恒力F，發現當F=F時，小物體恰能從A點靜止出發，沿ABC到達水平面上的C點停止，BC=7.6m．求F的大小．

（3）某同學根據（2）問的結果，得到如下判斷：“當F≥F時；小物體一定能從A點靜止出發，沿ABC到達C點．”這一觀點是否有疏漏，若有，請對F的范圍予以補充．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

30、在研究摩擦力的實驗中，將鐵塊放在足夠長水平長木板上，如圖甲所示．緩慢用力沿水平方向向左拉木板，彈簧測力計示數從零開始逐漸增大直至不變．并用坐標紙繪制出，彈簧測力計示數F隨時間的變化圖象，如圖乙所示．（已知鐵塊質量為m=3.2kg，可看成質點，重力加速度g=10m/s2；sin37°=0.60，cos37°=0.80）

（1）求鐵塊與長木板間的動摩擦因數；

（2）如圖丙，將該長木板固定在傾角為θ=37°的斜面上，靜止在木板底端的鐵塊受到水平向右恒力F1=96.0N作用，開始沿長木板向上運動，經t1=0.4s時撤去恒力F1；求鐵塊離開木板底端的最大距離．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】麥克斯韋電磁場理論的核心思想是：變化的磁場可以激發渦旋電場，變化的電場可以激發渦旋磁場；電場和磁場不是彼此孤立的，它們相互聯系、相互激發組成一個統一的電磁場；從而形成電磁波；電磁波可以真空中傳播；傳播速度等于光速．【解析】【解答】解：A；變化的電場可以激發渦旋磁場；恒定的電場不會產生磁場，故A錯誤；

B；電磁場由發生區域向遠處的傳播即形成了電磁波；故B正確；

C；電磁波本身是種物質；具有能量，可以在真空中傳播，也可以在其他介質中傳播；故C錯誤；

D；任何電磁波在真空中的傳播速度均為光速；故D錯誤；

故選：B．2、C【分析】【分析】根據動能定理求出物體停止時距離A的水平距離，比較出水平距離的大小關系，從而得出運動路程的大?。鶕幽芏ɡ矶ɡ肀容^B、D的動能大小，即可比較速率大小．【解析】【解答】解：A、對全過程運用動能定理得，mgh-μmgcosθs1-μmgs2=0，而整個過程水平位移s水平=cosθ?s1+s2，整理得，mgh-μmgs水平=0．知沿兩軌道滑行水平位移相等．根據幾何關系知甲滑行的總路程一定大于乙滑行的總路程．故AD錯誤．

B、設斜面的傾角為θ，根據動能定理得，mgh-μmgcosθ?s=mv2-0；scosθ是斜面的水平距離．因為AB段的水平距離小，則甲沿AB段到達B點的速率大，由于甲乙兩人的質量大小未知，故無法比較動能的大?。蔅錯誤，C正確．

故選：C．3、D【分析】【分析】物體距地面一定高度以的加速度由靜止豎直下落到地面，則說明物體下落受到一定阻力．那么重力勢能的變化是由重力做功多少決定的，而動能定理變化由合力做功決定的，那么機械能是否守恒是由只有重力做功決定的．【解析】【解答】解：A；物體在下落過程中；重力做正功為mgh，則重力勢能減小也為mgh．故A錯誤；

B、物體除重力做功，阻力做負功，導致機械能減少．由阻力做功為-，得機械能減少為；故B錯誤；

C、物體的合力為，則合力做功為，所以物體的動能增加為；故C錯誤；

D；物體在下落過程中；重力做正功為mgh，故D正確；

故選：D4、D【分析】

A、D、α粒子散射實驗中，用準直的α射線轟擊厚度為微米的金箔，發現絕大多數的α粒子都照直穿過薄金箔，偏轉很小，但有少數α粒子發生角度比湯姆遜模型所預言的大得多的偏轉，大約有的α粒子偏轉角大于90°；甚至觀察到偏轉角等于150°的散射，稱大角散射，更無法用湯姆生模型說明，故A錯誤，D正確；

B；α粒子在接近原子核的過程中；由于要克服電場力做功，故動能減少，電勢能增加，故B錯誤；

C；α粒子在離開原子核的過程中；靜電力做正功，動能增大，電勢能減小，故C錯誤；

故選D．

【解析】【答案】明確α粒子散射實驗現象的內容以及造成這種現象的原因；正確利用物體受力和運動的關系判斷．

5、B|C【分析】【解析】略【解析】【答案】BC6、C【分析】【分析】根據勻變速直線遇到你的位移時間公式得出初速度和加速度，結合速度時間公式求出t=2s時的瞬時速度．【解析】【解答】解：根據x=得質點的初速度v0=3m/s，加速度a=4m/s2；

則2s時的瞬時速度為：v2=v0+at=3+4×2m/s=11m/s．

故選：C．7、A【分析】【分析】根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．【解析】【解答】解：A；伽利略探究物體下落規律的過程使用的科學方法是：問題→猜想→數學推理→實驗驗證→合理外推→得出結論．故A正確．

B；牛頓發現萬有引力定律后；進行了“月-地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統一起來，故B錯誤．

C；開普勒潛心研究第谷的天文觀測數據；提出行星繞太陽做橢圓運動，故C錯誤．

D；安培由環形電流和條形磁鐵磁場的相似性；提出分子電流假說，解釋了磁現象的電本質，故D錯誤．

故選：A．8、A【分析】【分析】由圖中所提供的“3.6V，500mA?h”，根據功和電功率的有關知識，可求通話時間．【解析】【解答】解：由圖中所提供的電池的容量為“3.6V；500mA?h”；

則通話時間t=

故選：A二、填空題(共8題，共16分)9、210沿x軸負方向【分析】【分析】位移等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．位移等于末位置坐標減去初位置坐標．【解析】【解答】解：第1s內位移x1=4-0m=4m，第2s內位移x2=-6-4m=-10m，第3s內位移x3=-2-（-6）m=4m，第4s內位移x4=1-（-2）m=3m，第5s內位移x5=-5-1m=-6m；負號表示方向．可知第2s內位移最大，大小為10m，方向沿x軸負方向．

故答案為：2，10，沿x軸負方向．10、0.10.1【分析】【分析】（1）B⊥L；根據安培力的公式F=BIL，求磁感應強度B．

（2）磁場的磁感應強度只與磁場本身有關．【解析】【解答】解：磁場的磁感應強度為：B===0.1T；

磁場的磁感應強度只與磁場本身有關；當導線的長度減為原來的一半時，磁感應強度B仍為0.1T；

故答案為：0.1，0.1．11、略

【分析】

根據法拉第電磁感應定律得：

E===ks

大線圈中的感應電動勢E1=kπa2

小線圈中的感應電動勢E2=kπr22

所以大小兩個線圈中的感應電動勢之比為：=

根據電阻定律R=ρ得：

由于兩個線圈材料；粗細均相同；

所以大小兩個線圈中的電阻之比為：=

電量q=It=t

所以磁場由B均勻減到零的過程中；通過大小兩個線圈導線橫截面的電量之比為：

==

故答案為：．

【解析】【答案】根據法拉第電磁感應定律求出線圈中感應電動勢．

根據電量與電流的關系求出電量的表達式；再進行之比．

利用電阻定律求出兩線圈的電阻之比．

12、略

【分析】【解析】試題分析：設跳出前小車運動的方向為正方向，則解得故動量變化方向為正方向，即方向，車速變化考點：考查了動量守恒的應用【解析】【答案】V0方向，m（v+v0）/M13、略

【分析】【解析】落地時的速度大小為反彈速度大小為根據動量定理有解得F=

故答案為：小球對地面的平均沖擊力的大小為【解析】【答案】6+2√5N14、會左偏【分析】【分析】由感應電流的條件：閉合電路的磁通量變化，即可判定是否偏轉；根據題意確定磁通量變化與電流表指針偏轉方向間的關系，然后根據滑片的移動方向判斷穿過線圈的磁通量如何變化，進一步判斷電流表指針如何偏轉．【解析】【解答】解：（1）開關閉合；移動滑動變阻器，導致線圈A中的磁通量變化，從而使得穿過線圈B的磁通量變化，則產生感應電動勢，形成感應電流，則指針會偏轉；

（2）在開關剛剛閉合時電流表指針右偏；導致穿過線圈B的磁通量增大；

由電路圖可知；閉合電鍵，滑動變阻器的滑動觸頭向接線柱C移動時，滑動變阻器接入電路電阻變大，電流產生的磁場減弱，穿過線圈B的磁通量減小，則感應電流與剛閉合時反向，電流計指針將向左偏轉；

故答案為：（1）會，（2）左偏．15、5×1052.5×1055×105【分析】【分析】由共點力的平衡可得出拉力大??；由功的公式可求得起重機所做的功；由功率的公式可求得平均輸出功率．【解析】【解答】解：因物體勻速上升，故拉力等于重力；故F=mg=1.0×104×10=1.0×105

由W=FL可得：

起重機所做的功W=FL=1.0×105×5=5.0×105J

由功率公式P=可得：

起重機的功率P==2.5×105W；

貨物克服重力做功W=mgh=1.0×104×10×5=5×105J

故答案為：5×105；2.5×105；5×105．16、0.25s120r/min【分析】【分析】若不轉動搖把，彈簧振子做自由振動，周期等于固有周期．搖把勻速轉動時，通過曲軸對彈簧振子施加驅動力，使彈簧振子做受迫振動，其振動周期等于驅動力的周期．當驅動力的周期等于彈簧振作的固有周期時，彈簧振子發生共振，振幅最大．【解析】【解答】解：搖把的轉速為n=240r/min=4r/s，它的周期T=s=0.25s；f=4Hz，轉動搖把時，彈簧振子做受迫振動；振動周期等于驅動力的周期，當振子穩定振動時，它的振動周期是0.25s；彈簧振子的固有頻率為2Hz，當驅動力頻率是2Hz時，提供驅動力的搖把轉速為2r/s=120r/min；振子發生共振，振幅最大．

故答案為：0.25s；120r/min．三、判斷題(共7題，共14分)17、×【分析】【分析】驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×18、√【分析】【分析】掌握電場線特點是解本題的關鍵，電場線從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場中任意兩條電場線不會相交；否則相交的地方的電場線的方向有兩個．所以該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】路程表示運動軌跡的長度，位移的大小等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，當物體做單向直線運動時，路程等于位移的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w的位移為零時；其路程不一定為零．比如繞操場一圈，路程不為零，但位移等于零．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】解答此題時；要從力的大小和方向兩個方面來考慮，在分析各選項時千萬不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一條直線上；根據力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間；【解析】【解答】解：當兩個力方向相同時；合力等于兩分力之和，合力大于每一個分力；當兩個分力方向相反時，合力等于兩個分力之差，合力可能小于分力，由此可見：合力可能大于分力也有可能小于分力，故錯誤；

故答案為：×．21、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個對另一個物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個物體，一個是施力物體，另一個是受力物體，施力物體對受力物體施力的同時也受到受力物體對它的作用力，也就是說，物體間力的作用是相互的，沒有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×22、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無規則熱運動，物體內部個別分子的速度具有怎樣的數值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統計規律．【解析】【解答】解：對于大量分子；其運動有一定的統計規律，但對于個別分子，其運動的速度完全是偶然的；

故答案為：√23、√【分析】【分析】一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大．【解析】【解答】解：物態的內能與物體的物質的量；溫度、體積以及物態有關．對一定質量的理想氣體；物質的量一定，物態一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關．

故答案為：√四、作圖題(共3題，共18分)24、略

【分析】【分析】對物體進行受力分析，明確彈力產生的條件，再按照重力、彈力、摩擦力的順序進行分析，再作出對應的受力分析圖即可．【解析】【解答】解：（1）物體與傳送帶一起減速運動；由于物體有相對于傳送帶向后的運動趨勢，故物體受到的摩擦力向前；

（2）AB豎直上拋過程；由于加速度均為重力加速度，故相互間沒有擠壓，沒有彈力；故B只受重力；

（3）對整體分析可知；整體向下的加速度a=gsinθ，則對Q分析可知，Q只受重力和支持力，不受彈簧的彈力；

故答案為：

25、略

【分析】【分析】每一個力都有施力物體，按照受力的順序對A進行受力分析．【解析】【解答】解：A受重力、支持力、推力F處于平衡，受力如圖所示．

答：受力如圖所示．26、略

【分析】設入射角為i，折射角為r，由折射定律得由已知條件及①式得r=30°如果入射光線在法線的右側，光路圖如圖(1)所示。設出射點為F，由幾何。系可得③即出射點在AB邊上離A點的位置。如果入射光線在法線的左側，光路圖如圖(2)所示。設折射光線與AB的交點為D。由幾何關系可知，在D點的入射角=60°。④設全反射的臨界角為則⑤由⑤和已知條件得⑥因此，光在D點全反射。設此光線的出射點為E，由幾何關系得⑦⑧聯立③⑦⑧式得即出射點在BC邊上離B點的位置?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）光線射入棱鏡位置如下圖所示出射點在AB邊上離A點的位置。（2）光線射入棱鏡位置如下圖所示出射點在BC邊上離B點的位置。五、識圖作答題(共1題，共2分)27、（1）C（2）光照強度無法確定（3）cb（4）588大于【分析】【分析】

本題考查光合作用的過程和場所，光合作用合成量、有氧呼吸消耗量、凈光合作用量之間的關系，影響光合作用的生態因素，旨在考查學生分析題圖獲取信息的能力，理解所學知識的要點，把握知識的內在聯系形成知識網絡并結合題圖信息，通過分析、比較、綜合等方法解答問題的能力。甲圖：表示藻類植物光下進行光合作用。

乙圖：a表示類囊體、b表示葉綠體基質、c表示線粒體，其中①表示吸收氧氣進行有氧呼吸、②表示吸收二氧化碳進行光合作用，該圖表示光合速率大于呼吸速率。

丙圖：A點表示只有呼吸作用；AB段表示光合速率小于呼吸速率；B點表示光合速率和呼吸速率相等即光補償點；BC段表示光合速率大于呼吸速率。

丁圖：圖丁表示夏季晴朗的一天，某種綠色植物在24小時內O2吸收和釋放速率的變化示意圖（單位：mg/h）。A、B點對應時刻分別為6點和19點。0-5只進行呼吸作用、5-6呼吸作用大于光合作用、6-19光合作用大于呼吸作用、19-20呼吸作用大于光合作用和20-24（或20-5）進行呼吸作用。圖中陰影部分所表示的O2白天光合作用釋放量?！窘獯稹浚?）圖乙中①表示吸收氧氣進行有氧呼吸；②表示吸收二氧化碳進行光合作用；該圖表示光合速率大于呼吸速率，可以對應圖丙中的C點。

（2）圖丙中曲線表示在一定范圍內；光合速率隨光照強度的增加而增加，但超過一定的范圍（光飽和點）后，光合速率不再增加，說明在AC上限制光合作用強度的因素是光照強度；題中沒有說明丙曲線形成時的溫度是否是最適溫度，若提高溫度曲線的變化將無法確定。

（3）圖乙a、b和c結構中，產生CO2的結構c線粒體，消耗CO2的結構是b葉綠體基質。

（4）該植物一晝夜的O2凈釋放量為300mg=白天光合作用量-一晝夜呼吸作用量，圖中陰影部分所表示的O2白天光合作用釋放量大于300mg；圖乙中陰影部分所表示的O2釋放量表示白天（AB段）光合作用積累量，故該值大于300mg。呼吸速率為12，故24小時呼吸量為288，實際光合量=凈光合量+呼吸量=300+288=588mg。圖中陰影部分所表示的是白天凈光合作用量，夜晚不進行光合作用，但是進行呼吸作用消耗氧氣，因此該植物一晝夜的O2凈釋放量為300mg是陰影部分面積減去夜晚呼吸作用的消耗量，所以陰影部分所表示的O2釋放量大于300mg。

【解析】（1）C（2）光照強度無法確定（3）cb（4）588大于六、解答題(共3題，共6分)28、略

【分析】【分析】（1）對cd研究：cd保持靜止；受力平衡．分析cd受力，由平衡條件求出安培力，即能求出電流的大?。捎沂侄▌t判斷電流的方向．

（2）再對棒ab研究，棒ab沿導軌向上勻速運動；由平衡條件求出F．

（3）由功能關系求得力F做的功．【解析】【解答】解：（1）棒cd受到的安培力為：Fcd=BIl①

棒cd在共點力作用下平衡，則有：Fcd=mgsin30°②

由①②式代入數據；解得：I=1A，方向由右手定則可知由d到c．

（2）棒ab與棒cd受到的安培力大小相等，有：Fab=Fcd

對棒ab由共點力平衡有：F=mgsin30°+IlB

代入數據解得：F=0.2N

（3）設在時間t內棒cd產生Q=0.1J熱量，由焦耳定律可知：Q=I2Rt

設ab棒勻速運動的速度大小為v；則產生的感應電動勢為：E=Blv

由閉合電路歐姆定律知：I=

在時間t內，棒ab沿導軌的位移為：x=vt

力F