…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選擇性必修2物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、帶正電的粒子在外力作用下沿虛線做勻速圓周運動，圓心為O，a、b、c、d是圓上的4個等分點。通有電流大小為I的長直導線垂直圓平面放置，電流方向如圖所示，導線位于a、O連線的中點。不考慮粒子運動產生的電場；則（）

A.a、O兩點的磁感應強度相同B.運動過程中，粒子所受合力不變C.粒子從a運動到c，洛倫茲力一直變大D.粒子從a出發運動一周，洛倫茲力不做功2、如圖所示為電視顯像管的原理示意圖。顯像管中有一個電子槍，工作時它能發射高速電子，撞擊熒光屏就能發光，沒有磁場時電子束打在熒光屏正中的O點；為使電子束偏轉，由安裝在管頸的偏轉線圈產生偏轉磁場。要使電子束（）

A.打在屏上A點，偏轉磁場的方向應水平向右B.打在屏上B點，偏轉磁場的方向應垂直紙面向外C.打在屏上的位置由A點逐漸向B點移動，磁場大小應先減小，再反向增大D.打在屏上的位置由B點逐漸向A點移動，磁場大小應先增大，再反向減小3、一個用于加速質子的回旋加速器，其核心部分如圖所示，D形盒半徑為R，垂直D形盒底面的勻強磁場的磁感應強度為B，兩盒分別與交流電源相連，兩盒間的電壓為U。設質子的質量為m，電荷量為q；則下列說法正確的是（）

A.只增大R可增加質子被加速后的最大速度B.只增大加速電壓U可增加質子被加速后的最大速度C.D形盒之間交變電場的變化周期為D.其它條件不變，質子被加速的總次數n與R成正比4、如圖所示，兩平行金屬板P、Q水平放置，上極板帶正電下極板帶負電板間存在勻強電場和勻強磁場(圖中未面出)，一個帶電粒子在兩平行板間做勻速直線運動后，從O點垂直進入另一個垂直紙而向外的勻強磁場中，粒子做勻速圓周運動，最后打在擋板MN上的A點；不計粒子重力．下列說法正確的是。

A.此粒子一定帶負電B.P、Q間的磁場一定垂直紙面向外C.若另一個帶電粒子也能沿相同的軌跡運動，則它一定與該粒子具有相同的荷質比D.若另一個帶電粒子也能做勻速直線運動，則它一定與該粒子具有相同的荷質比5、許多科學家在物理學發展中做出了重要貢獻，下列有關物理學家的貢獻，錯誤的是（）A.安培提出了分子電流假說，能夠解釋一些磁現象B.奧斯特發現了電流的磁效應，首次揭示了電現象和磁現象間的某種聯系C.麥克斯韋提出周期性變化的電磁和磁場可以形成電磁波，并提出光就是電磁波的假設D.洛侖茲通過實驗捕捉到了電磁波，證實了麥克斯韋的電磁場理論評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、如圖所示，CD、EF是兩條水平放置的、阻值可忽略的平行金屬導軌，導軌間距為L，在水平導軌的左側存在方向垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場區域的寬度為d，導軌的右端接有一阻值為R的電阻，左端與一彎曲的光滑軌道平滑連接．將一阻值也為R，質量為m的導體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導體棒最終恰好停在磁場的右邊界處．已知導體棒與水平導軌接觸良好，且動摩擦因數為μ．下列說法正確的是。

A.通過電阻R的最大電流為B.流過電阻R的電荷量為C.整個電路中產生的焦耳熱為mghD.電阻R中產生的焦耳熱為7、如圖是一種電感式微小位移傳感器的原理圖。1是待測位移的物體；3是空心線圈，軟鐵芯2插在線圈3中并且可以隨著物體1在線圈中左右平移。關于這種傳感器的工作原理，下列說法正確的是（）

A.這種傳感器輸入的物理量是位移，輸出的物理量是自感系數B.通過這種傳感器線圈的電流是交流電C.軟鐵芯是敏感元件，線圈是轉換元件D.當物體1向右移動時，線圈的自感系數增大8、如圖所示，在平面坐標系xOy內，第Ⅱ、Ⅲ象限內存在沿y軸正方向的勻強電場，第Ⅰ、Ⅳ象限內存在半徑為L的圓形勻強磁場，磁場圓心在M（L，0）點，磁場方向垂直于坐標平面向外，一帶正電粒子從第Ⅲ象限中的Q（-2L，-L）點以速度沿x軸正方向射出，恰好從坐標原點O進入磁場，從P（2L；0）點射出磁場，不計粒子重力，則（）

A.電場強度與磁感應強度大小之比為v0B.電場強度與磁感應強度大小之比為C.粒子在磁場與電場中運動時間之比為D.粒子在磁場與電場中運動時間之比為π9、如圖所示，變壓器為理想變壓器，保持交流電電壓U不變，當滑動變阻器的觸頭向上滑動時；下列說法正確的有（）

A.伏特表的示數不變B.安培表的示數變小C.消耗的功率變小D.消耗的功率變大10、電磁減震器是利用電磁感應原理的一種新型智能化汽車獨立懸架系統。某同學也設計了一個電磁阻尼減震器，圖為其簡化的原理圖。該減震器由絕緣滑動桿及固定在桿上的多個相互緊靠的相同矩形線圈組成，滑動桿及線圈的總質量每個矩形線圈匝數匝，電阻值邊長邊長該減震器在光滑水平面上以初速度向右進入磁感應強度大小方向豎直向下的勻強磁場中；磁場范圍是夠大，不考慮線圈個數變化對減震器總質量的影響。則（）

A.剛進入磁場時減震器的加速度大小B.第二個線圈恰好完全透入磁場時，減震器的速度大小為C.滑動桿上至少需安裝12個線圈才能使減震器完全停下來D.第1個線圈和最后1個線圈產生的熱量比11、如圖所示，是兩個寬度均為磁感應強度大小均為但方向相反的相鄰勻強磁場區域。一個邊長也為的正方形金屬線框，以速度沿垂直于磁場邊界方向由位置1勻速運動到位置2。取線框剛到達位置1的時刻為計時起點（），設剛進入磁場時線框中的電流為線框所受安培力的大小為逆時針方向為感應電流的正方向，水平向左的方向為線框所受安培力的正方向，則下列反映線框中的電流、線框所受的安培力與時間關系的圖像中正確的是（）

A.B.C.D.12、如圖所示，傾角的固定光滑斜面上，在水平線MN和PQ間有垂直斜面向下的勻強磁場（磁場寬度大于L），磁場的磁感應強度大小為B，質量為m，邊長為L、電阻為R的正方形金屬線框放在斜面上方由靜止釋放，當cd邊剛進磁場時，線框的加速度為0，當cd邊剛出磁場時，線框的加速度大小為斜面足夠長，線框運動過程中cd邊始終與MN平行，重力加速度為g；則（）

A.開始時cd邊離MN的距離為B.MN與PQ間的距離為C.線框進磁場過程產生的焦耳熱為D.線框出磁場過程，重力勢能減少量小于線框中產生的焦耳熱評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖所示，電路的連接和用電器均完好，合上發現小燈泡不亮，原因是_______；用電吹風對NTC熱敏電阻吹一會兒熱風，會發現小燈泡_______，原因是_______；停止吹風，會發現_______；把熱敏電阻放入冷水中會發現_______.

14、位移傳感器測距離，發射器固定在運動物體上，能同時發射_________。___________固定在軌道的頂端，接收紅外線和超聲波。15、如圖所示，一個很長的豎直放置的圓柱形磁鐵，在其外部產生一個中心輻射的磁場（磁場水平向外），其大小為（其中r為輻射半徑——考察點到圓柱形磁鐵中心軸線的距離，k為常量），一個與磁鐵同軸的圓形鋁環的半徑為R（大于圓柱形磁鐵的半徑），彎成鋁環的鋁絲的橫截面積為S。圓形鋁環在磁場中由靜止開始下落，下落過程中圓環平面始終水平，已知鋁絲電阻率為密度為則圓形鋁環下落的最終速度為________________。

16、理想變壓器：沒有______的變壓器叫作理想變壓器，它是一個理想化模型。17、洛倫茲力。

（1）定義：______在磁場中受到的力．

（2）與安培力的關系：通電導線在磁場中受到的安培力是______的宏觀表現．18、回旋加速器工作原理如圖所示。已知兩個D形金屬扁盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒底面，磁場的磁感應強度為B，離子源置于D形盒的中心附近，若離子源射出粒子的電量為q，質量為m，最大回轉半徑為R，其運動軌道如圖所示。若為已知量，則兩盒所加交流電的頻率為_______________，粒子離開回旋加速器時的動能為____________。

19、一交流發電機產生的電動勢為e=110cos50πt(V)，則該交流電電動勢有效值為________V；該交流電的周期為________s?評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)20、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

21、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

22、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

23、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共15分)24、初中物理學習了電磁繼電器；某同學學習了高中物理的傳感器后，用電源；電磁繼電器、滑動變阻器、開關、導線等儀器設計了一個高溫報警器，要求是：正常情況綠燈亮，溫度過高時電鈴報警。電路如圖所示，圖中儀器還不完整。請完成以下問題：

（1）圖中的甲還需要放入的元件是________；

A．隨溫度升高電阻阻值增大的熱敏電阻。

B．隨溫度升高電阻阻值減小的熱敏電阻。

（2）電路正確連接之后，該同學調試過程發現報警時溫度比預期偏高了一點點。為了安全起見，要求在溫度更低一點時就開始報警，則需要調節滑動變阻器的滑片往________（選填“左”或“右”）移動一點。25、為了研究感應電流的產生及影響感應電流方向的因素；某物理興趣小組做了多個小實驗．其中兩個成功的小實驗分別如圖甲；乙所示，試根據所學知識，回答下列問題。

（1）在如圖甲所示實驗中，磁鐵的N極向下，在磁鐵插入螺線管時，電流表指針向右偏轉，說明此時螺線管中產生了感應電流，此磁鐵在穿過螺線管后向下離開螺線管的過程中，電流表的指針將向__________（選填“左”或“右”）偏轉，說明磁鐵離開螺線管過程中和磁鐵插入螺線管過程中感應電流的方向__________（選填“相同”或“相反”）

（2）在如圖乙所示實驗中，開關S閉合，若將滑動變化器滑片向右滑動時，電流表的指針向右偏轉，則將滑片向左滑動時，電流表的指針向__________（選填“左”或“右”）偏轉．

（3）在進行圖甲所示實驗時，有同學將條形磁鐵從同一高度迅速和緩慢地插入到線圈中同一位置，將產生的效果進行了比較，條形磁鐵迅速插入和緩慢插入線圈中同一位置時指針偏轉的__________是相同的，但指針偏轉的__________是不同的。

（4）實驗后老師提出，感應電流的磁場總是阻礙原磁通量的變化，感應電流的大小除了跟回路的電阻有關外，還跟____________________有關。26、在“探究變壓器原；副線圈兩端的電壓和匝數的關系”實驗中；可拆變壓器如下圖所示。

（1）變壓器的鐵芯，它的結構和材料是______；（填字母）

A.整塊硅鋼鐵芯B.整塊不銹鋼鐵芯。

C.絕緣的銅片疊成D.絕緣的硅鋼片疊成。

（2）在實際實驗中將電源接在原線圈的“0”和“8”兩個接線柱之間，用電表測得副線圈的“0”和“4”兩個接線柱之間的電壓為3.0V，則原線圈的輸入電壓可能為______。

A.1.5VB.6.0VC.7.0V

（3）觀察兩個線圈的導線，發現粗細不同，導線粗的線圈匝數______（填“多”或“少”）

（4）在實驗過程中，下列操作正確的是______（選填字母代號）

A.為保證實驗順利進行；電源應選用低壓直流電源。

B.為保證多用電表的安全；應使用交流電壓檔測電壓，并先用最大量程檔試測，大致確定被測電壓后再選用適當的擋位進行測量。

C.實驗結束后應先斷開開關；再拆除多用電表，以免燒壞電表。

D.因為使用電壓較低；通電時可用手直接接觸裸露的導線；接線柱。

（5）右圖為某電學儀器原理圖，圖中變壓器為理想變壓器。左側虛線框內的交流電源與串聯的定值電阻可等效為該電學儀器電壓輸出部分，該部分與一理想變壓器的原線圈連接；一可變電阻R與該變壓器的副線圈連接，原、副線圈的匝數分別為（右側實線框內的電路也可以等效為一個電阻）。在交流電源的電壓有效值不變的情況下，調節可變電阻R的過程中，當______時，R獲得的功率最大。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

A．右手螺旋定則可知a、O兩點的磁感應強度大小相等；方向相反，故A錯誤；

B．由粒子做勻速圓周運動；合力為向心力，向心力的大小不變，方向時刻改變，故B錯誤；

C．粒子做勻速圓周運動，粒子的速度大小不變，在a點，速度方向和磁感應強度方向在同一條直線上，洛倫茲力為零，在c點速度方向和磁感應強度方向在同一條直線上，洛倫茲力為零，在a、c之間的圓弧軌跡上，速度方向和磁感應強度方向不在同一條直線上，洛倫茲力不為零，故粒子從a運動到c；洛倫茲力不可能一直變大，故C錯誤；

D．洛倫茲力總是與速度方向垂直；故洛倫茲力不做功，故D正確。

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．由左手定則可知，打在屏上的A點；偏轉磁場的方向應垂直紙面向外，A錯誤；

B．由左手定則可知，打在屏上的B點；偏轉磁場的方向應垂直紙面向里，B錯誤；

C．粒子在偏轉磁場中洛倫茲力提供向心力

解得

打在屏上的位置由A點逐漸向B點移動；電子做圓周運動的半徑先變大后變小，故磁場大小應先減小，再反向增大，C正確；

D．由C選項分析可知，打在屏上的位置由B點逐漸向A點移動；磁場大小應先減小，再反向增大，D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

AB．由

可得

當r=R時，v最大，為由此可知，粒子的最大速度隨B、R的增大而增大；與電壓無關，故A正確，B錯誤；

C．使質子每次經過D形盒間縫隙時都能得到加速，應使交變電壓的周期等于質子的回旋周期，有

故C錯誤；

D．粒子的最大動能為

每一次加速增加的動能為

質子被加速的總次數

其它條件不變，n與R平方成正比；故D錯誤。

故選A。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子在磁場中做勻速圓周運動；粒子向下偏轉，粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力豎直向下，應用左手定則可知，粒子帶正電，故A錯誤；

B．粒子在復合場中做勻速直線運動，粒子所受合力為零，粒子所受電場力豎直向下，則粒子所受洛倫茲力豎直向上，由左手定則可知，P、Q間的磁場垂直于紙面向里；故B錯誤；

CD．粒子在復合場中做勻速直線運動，由平衡條件可知

解得

粒子具有相同的速度，不一定具有相同的荷質比；粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

解得

由于粒子勻速通過P、Q間的復合場，則粒子速度v相同，粒子運動軌跡相同，則粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑r相同；則粒子的荷質比相同，故C正確，D錯誤；

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．安培提出了分子電流假說；能夠解釋永久磁鐵產生磁場的原因，以及磁鐵受猛烈撞擊后突然失去磁性等一些磁現象，故A正確；

B．奧斯特發現了電流的磁效應；通電導線周圍能產生磁場，首次揭示了電現象和磁現象之間的某種聯系，故B正確；

C．由麥克斯韋的電磁場理論可知；周期性變化的電磁和磁場可以形成電磁波，并提出光就是電磁波的假設，故C正確；

D．赫茲通過實驗捕捉到了電磁波；證實了麥克斯韋的電磁場理論，故D錯誤。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)6、A:B:D【分析】【詳解】

A．金屬棒下滑過程中；機械能守恒，由機械能守恒定律得：

金屬棒到達水平面時的速度。

金屬棒到達水平面后進入磁場受到向左的安培力做減速運動；則剛到達水平面時的速度最大，所以最大感應電動勢為。

E=BLv最大的感應電流為。

故A正確；

B．通過金屬棒的電荷量。

故B正確；

C．金屬棒在整個運動過程中；由動能定理得：

mgh-WB-μmgd=0-0則克服安培力做功：

WB=mgh-μmgd整個電路中產生的焦耳熱為。

Q=WB=mgh-μmgd故C錯誤；

D．克服安培力做功轉化為焦耳熱；電阻與導體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產生的焦耳熱：

故D正確．7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．這種傳感器輸入的物理量是位移；輸出的物理量是電流，選項A錯誤；

B．當軟鐵芯插入或拔出線圈時；在線圈中產生方向相反的電流，則通過這種傳感器線圈的電流是交流電，選項B正確；

C．因軟鐵芯的移動導致線圈中產生感應電流；則軟鐵芯是敏感元件，線圈是轉換元件，選項C正確；

D．當物體1向右移動時；軟鐵芯插入線圈的深度減小，則線圈的自感系數減小，選項D錯誤。

故選BC。8、B:C【分析】【詳解】

AB．設粒子的質量和所帶正電荷量分別為m和q；粒子在電場中做類平拋運動，其軌跡如圖所示。

由平拋運動規律及牛頓運動定律得

解得

粒子到達O點時沿y軸正方向的分速度為

則速度與x軸正方向夾角的正切值為

解得

粒子在磁場中的速度

由幾何關系得粒子在磁場中做圓周運動的半徑為

根據洛倫茲力提供向心力有

解得

所以

故A錯誤；B正確；

CD．粒子在磁場中運動的周期為

粒子在磁場中運動時間為

所以

故C正確；D錯誤。

故選BC。9、B:C【分析】【詳解】

設變壓器原副線圈的匝數分別為則有

聯立可得

當滑動變阻器的觸頭向上滑動時，接入電路阻值增大，則原線圈電流減小，安培表的示數變小；定值電阻兩端電壓減小，消耗的功率變小；原線圈輸入電壓增大，副線圈輸出電壓增大；則伏特表的示數變大。

故選BC。10、B:D【分析】【詳解】

A．線圈在磁場中受到安培力的作用做減速運動，故安培力

其中

聯立以上兩式可得

剛進入磁場時，速度為代入數據可得

根據牛頓第二定律可得加速度

故A錯誤；

B．設向右為正方向，對減震器進行分析，當第二個線圈恰好完全透入磁場時設所用時間為此時減震器的速度大小為則由動量定理可得

即

代入數據可得

故B正確；

C．由以上分析可知，每一個線圈進入磁場后，減震器的速度減小量

則要減震器的速度減為零需要的線圈個數為

可知需要13個線圈；故C錯誤；

D．只有進入磁場的線圈產生熱量，根據能量守恒可知，線圈上產生的熱量在數值上等于減震器動能動能的減少量，第一個線圈恰好完全進入磁場時有

最后一個線圈剛進入磁場時有

因此

故D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【詳解】

線圈從0~L過程中

方向逆時針，為正方向；安培力

方向向左；為正方向；

線圈從L~2L過程中

方向順時針，為負方向；安培力

方向向左；為正方向；

線圈從2L~3L過程中

方向逆時針，為正方向；安培力

方向向左；為正方向；

故選AD。12、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意知；線框受重力和安培力，根據平衡條件有。

由速度位移公式。

解得。

故A錯誤；

B．設線框cd邊剛出磁場時速度為v2；根據牛頓第二定律。

解得。

設磁場的寬度為x2；根據動能定理有。

解得。

故B正確；

C．線框勻速進磁場過程；線框中產生的焦耳熱。

故C正確；

D．由于線框出磁場過程；速度減少，因此減少的重力勢能與減少的動能之和等于線框中產生的焦耳熱，故D正確。

故選BCD。三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據熱敏電阻的性質進行分析；由于熱敏電阻在常溫時阻值較大，左側電路中電流較小，電磁鐵磁性較弱吸不住銜鐵，右側電路沒有接通，小燈泡不亮；

[3][4][5]當用電吹風對熱敏電阻加熱使其阻值變小時，左側電路中電流增大，電磁鐵吸住銜鐵，使右側電路接通，小燈泡亮了；停止吹風后，小燈泡不會立即熄滅，因為熱敏電阻溫度仍然較高，當把熱敏電阻放入冷水后，熱敏電阻溫度降低很快，阻值變大，故小燈泡熄滅。【解析】①.見解析②.亮了③.見解析④.小燈泡不會立即熄滅⑤.小燈泡熄滅14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]位移傳感器測距離，發射器固定在運動物體上，能同時發射紅外線和超聲波脈沖。接收器固定在軌道的頂端，接收紅外線和超聲波。【解析】①.紅外線和超聲波脈沖②.接收器15、略

【分析】【分析】

【詳解】

當圓形鋁環加速度為零時，有最大速度圓形鋁環電阻為此時安培力

由平衡條件可知得【解析】16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】能量損失17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】運動電荷洛倫茲力18、略

【分析】【詳解】

[1]由回旋加速器知識可知，所加交流電的周期與粒子在磁場中運動周期相同，則

則兩盒所加交流電的頻率為

[2]當粒子達到最大回轉半徑R時，根據

即

所以粒子離開回旋加速器時的動能為【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1]．由題可知交流發電機產生的感應電動勢的表達式為

有效值為

[2]．角速度為

故周期為．【解析】0.04四、作圖題(共4題，共28分)20、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共15分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由題