…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、利用如圖甲所示的實驗電路觀察電容器的充電過程。實驗中，電壓傳感器與計算機相連，顯示出電容器兩端電壓隨時間變化的U-t圖像如圖乙所示。關于電容器充電過程中電流I、電荷量Q隨時間t變化的關系；正確的是（）

A.B.C.D.2、將截面均勻、長為電阻為的金屬導線截去將剩余部分均勻再拉長至則導線電阻變為（）A.B.C.D.3、如圖所示，以O點為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、e、f，等量正、負點電荷分別放置在a、d兩點時；下列說法中正確的是()

A.b、c、e、f四點的場強相同B.b、c、e、f四點的電勢相等C.O點的電勢高于b、c、e、f四點的電勢D.將一帶正電的試探電荷從O點移到e點，電場力做正功4、如圖所示，一均勻帶正電圓環，半徑為以圓環的圓心為坐標原點，以垂直圓面向右為軸正方向，建立一維坐標系。帶負電的粒子以一定初速度，由坐標原點沿軸正方向運動。運動過程中僅受電場力作用；設無窮遠處為零勢點。下列說法錯誤的是（）

A.坐標原點處的電勢一定大于零B.帶電粒子在運動過程中，電勢能和動能之和一定保持不變C.帶電粒子從坐標原點開始在沿軸正向運動的過程中，所受電場力一定先增大后減小D.帶電粒子的運動可能為往復運動5、用一根絕緣輕桿懸掛一個帶負電小球，小球質量為m，電荷量為現加一場強大小為的豎直向上的勻強電場；將小球拉至如圖水平位置，由靜止釋放，則輕桿在最低點受到拉力為（）

A.2mgB.3mgC.5mgD.6mg6、內陸鹽礦中開采的氯化鈉稱為巖鹽。如圖所示，巖鹽晶體結構中相鄰的四個離子處于正方形的四個頂點，O點為正方形中心，A、B、C、D為四邊中點，M點為A、O的中點，N點為O、D的中點；取無窮遠處電勢為零，關于這四個離子形成的電場，下列說法正確的是（）

A.M點的電勢高于N點的電勢B.A、M兩點電場強度相等C.M、N兩點電場強度方向互相垂直D.把一個負點電荷從A點沿直線移到C點，電勢能先增大后減小7、在圖示電路中，電源內阻不可忽略，為定值電阻，G為靈敏電流計，V為理想電壓表，平行板電容器兩極板水平，開關S閉合后，位于電容器兩板間的帶電油滴恰好靜止，現將滑動變阻器的滑片P向下移動；則以下說法正確的是（）

A.G中有從a到b的電流B.V示數增大C.油滴向上運動D.電源內阻消耗功率減小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，在直角三角形所在平面內存在方向與平面平行的勻強電場（未畫出），已知若將電荷量的正電荷從A移到B過程中，電場力做功為將另一電荷量的負電荷從A移到C過程中，克服電場力做功為則以下說法正確的是（）

A.B.C.電場強度方向從A指向CD.電場強度方向從A指向B9、如圖所示，將帶等量同種正電荷的兩個點電荷分別固定在A、B點，其中OC是AB連線的中垂線，D點處于OC之間．袁夢同學對這兩點電荷的電場分析后得到下列結論；其中正確的是（）

A.電場線在C點的分布一定比D點的分布稀疏B.C、D兩點處的電場強度方向均背離O點C.O點處的電場強度等于0D.若在C點由靜止釋放一不計重力的帶負電的試探電荷，則該試探電荷在之后的運動過程中多次經過D點10、如圖所示，電荷量為的點電荷固定在O點，三點共面，其中則下列說法正確的是（）

A.P點的場強小于Q點的場強B.P點的電勢高于Q點的電勢C.電子在P點的電勢能比其在Q點的電勢能小D.將一正試探電荷由P點移到Q點，電場力做負功11、如圖所示，在真空中固定兩個等量異號點電荷+Q和-Q,圖中O點為兩點電荷連線的中點，P點為連線上靠近-Q的一點，MN為過O點的一條線段，M點與N點關于O點對稱.下列說法中正確的是（）

A.同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同B.M、N兩點的電勢相同C.將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中電荷的電勢能先增大后減小D.只將-Q移到P點，其他點在空間的位置不變，則O點的電勢降低12、利用帶電粒子探測電場的分布情況是一種重要的技術手段。如圖所示，某圓形區域（圓心為）內存在平行于紙面的勻強電場（未畫出），圓上點處有一粒子源，可向圓形區域內發射初動能相同的同種帶電粒子，其中分別落在圓上A、兩點的粒子動能仍然相同，不計粒子重力、粒子間相互作用及帶電粒子對原電場分布的影響，則（）

A.直線為電場中的一條等勢線B.A、兩點的電勢大小關系為C.兩點間和兩點間的電勢差關系為D.落在劣弧中點的粒子獲得的動能最大13、空間存在著方向平行于x軸的靜電場，A、M、O、N、B為x軸上的點，OA＜OB，OM=ON，AB間的電勢φ隨x的分布為如圖所示的折線，一個帶電粒子在電場中僅在電場力作用下從M點由靜止開始沿x軸向右運動；則下列判斷正確的是（）

A.粒子一定帶負電B.粒子一定能通過N點C.AO間的電場強度小于OB間的電場強度D.粒子從M向O運動過程中所受電場力均勻增大14、為了較精確地測量一只微安表的內阻，按照如圖實驗電路進行實驗，步驟如下：先將滑動變阻器R的滑片移到最右端，調整電阻箱的阻值為零，合上開關S，再將滑片緩慢左移，使微安表上電流滿偏；固定滑片不動，調整的阻值，使微安表上讀數正好是滿刻度的記下此時的電阻為450Ω；則微安表（）

A.內阻的測量值為450ΩB.內阻的測量值為900ΩC.內阻的測量值比真實值偏大D.內阻的測量值比真實值偏小15、中國宋代科學家沈括在《夢溪筆談》中最早記載了地磁偏角：“以磁石磨針鋒；則能指南，然常微偏東，不全南也。”進一步研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布示意如圖。結合上述材料，下列說法正確的是（）

A.地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行B.地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近C.地球赤道上方的小磁針的極在靜止時指向地理南極D.地理南、北極與地磁場的南、北極不重合評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖，電源電動勢E＝12V，內阻r＝1Ω，電阻R1=4Ω，R2=22Ω，滑動變阻器R的阻值0~30Ω。閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P由a端向b端滑動時，理想電流表和理想電壓表示數變化量的大小分別用ΔI、ΔU表示。則______Ω；R1消耗的最小電功率為P＝_______W。

17、如圖所示為火警報警裝置的部分電路，其中為電源，為電源內阻，是半導體熱敏電阻傳感器，它的電阻阻值隨溫度升高而減小，是定值電阻．兩端接報警器．當傳感器所在處出現火險險情時，與險情出現前相比，兩端電壓________，電流表中的電流________（選填“變大”；“變小”或“不變”）．

18、能量守恒定律。

能量既不會憑空_______，也不會憑空_______，它只能從一種形式_______為其他形式，或者從一個物體_______到別的物體，在轉化或轉移的過程中，能量的總量_______。19、如圖所示，質量均為m的三個帶電小球A、B、C，放在光滑的絕緣水平面上，A與B，B與C相距均為L，A帶電QA=+2q，B帶電QB=-q．若在C上施加一水平向右的恒力，能使A、B、C三球始終保持相對靜止，則外力F的大小為______；C球帶電量QC=______（用正；負號表示電性）．

20、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V。電場強度的大小為______V/m，坐標原點處的電勢為_______V，電子在a點的電勢能比在b點的高_____eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為___________eV。

21、小電瓶車的電源電動勢為電源內阻不計，電動機線圈電阻為．當它以的速度在水平地面勻速行駛時，受到的摩擦力為求此時通過電動機線圈的電流是__________．評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)22、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

23、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

24、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

25、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態變成閉合狀態，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)26、某待測電阻的阻值約為現要用伏安法測量器阻值，實驗室提供器材如下：

電流表A1（量程內阻約為）

電流表A2（量程內阻）

定值電阻

滑動變阻器最大阻值為

電源E，電動勢（內阻未知）

開關S及導線若干。

（1）上述器材中缺少電壓表，需選一只電流表將它改裝成電壓表，則改裝電壓表選用的器材是__________和____________（填寫器材代號）；

（2）根據你所選擇的器材，請在答卷上的方框中畫出實驗電路圖；____

（3）實驗時電流表A1的讀數為電流表A2的讀數為則_____27、有一電流表Ax，量程為1mA，內阻rg約為100Ω；要求測量其內阻。可選用的器材有：

電阻箱R0；最大阻值為99999.9Ω；

滑動變阻器甲；最大阻值為10kΩ；

滑動變阻器乙；最大阻值為2kΩ；

電源E1；電動勢約為2V，內阻不計。

電源E2；電動勢約為6V，內阻不計；

電流表A的量程為2mA；內阻較小；

開關2個；導線若干。

甲同學設計的測量電路圖如圖所示；實驗步驟如下：

a．斷開S1和S2，將R調到最大；

b．合上S1，調節R使Ax滿偏；

c．合上S2，調節R1使Ax半偏，此時可以認為Ax的內阻rg=R1。

(1)在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應該選擇___________；為了使測量盡量精確，可變電阻R應該選擇___________；電源E應該選擇___________。（均填“R0”、“甲”、“乙”、“E1”或“E2”）

(2)認為內阻rg=R1，此結果與rg的真實值相比___________。（填“偏大”；“偏小”或“相等”）

(3)乙同學利用題目中已給的實驗器材，在甲同學所設計電路的基礎上對實驗做了改進，可完全消除系統誤差，則乙同學設計的電路圖_______________：

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

AB．電容器開始充電時因電壓較小；則充電電流大，后隨著充電電量增多，充電的電流逐漸變小，充電結束時電流減為零，故A錯誤，B正確；

CD．電容器充電過程電量逐漸增大到穩定值，而圖像的斜率表示充電電流；應逐漸變小，故CD錯誤；

故選B。2、C【分析】【詳解】

根據電阻決定式截去l/n之后再拉長至l，長度沒有變化，截面積變為原來的則電阻變為．故選C．3、D【分析】【詳解】

A．由題意可知，兩點電荷在c、f處的電場強度各自進行矢量合成，則c、f處場強大小相等，方向相同，同理b、e電場強度大小相等；方向相同，故A正確．

BC．依據等量異種電荷，等勢線的分布，可知，b、f二點的電勢相等且大于O點電勢，而c、e二點的電勢相等，且小于O點電勢；故B，C錯誤；

D．將一帶正電的試探電荷從O點移到e點；即從高電勢移動低電勢，那么電勢能降低，因此電場力做正功，故D正確．

【點睛】

根據兩個點電荷在O處電場強度的疊加，滿足矢量合成的原理，并依據等量異種電荷的電場線與等勢線的分布，進行分析即可．4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．軸的正半軸上所有的點的電場方向都是向右，軸的負半軸上所有的點的電場方向都是向左；由于電勢沿著電場線的方向降低最快，無窮遠處為零勢點，所以在坐標原點的電勢最大且大于零，A正確；

B．粒子由于只受電場力；故只有電場力做功，所以總的能量在電勢能和動能之間轉化，電勢能和動能之和保持不變，B正確；

C．可以把圓環在軸的電場看作等量同種電荷的中垂線的電場，其特點是先增大后減小，故帶電粒子從坐標原點開始在沿軸正向運動的過程中；所受電場力的變化情況與帶電粒子的初速度有關系，可能是先增大后減小，也可能是一直增大，C錯誤；

D．粒子靠近圓環時；電場力做正功，粒子遠離圓環時，電場力對粒子做負功，當粒子減速到0，會反向運動，故帶電粒子可能為往復運動，D正確。

故選C。5、D【分析】【詳解】

帶負電小球受到的電場力豎直向下，設桿的長度為從靜止釋放到最低點過程，根據動能定理可得

解得

在最低點，根據牛頓第二定律可得

解得桿對球的彈力為

根據牛頓第三定律可知，輕桿在最低點受到拉力為

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．將四個電荷看成兩組等量異種電荷，均在兩組等量異種電荷的中垂線上；電勢相等且都為零，A錯誤；

B．左邊一組等量異種電荷在的電場強度大于在的電場強度，右邊一組等量異種電荷在的電場強度小于在的電場強度，兩組等量異種電荷在A、M兩點的方向相反，根據電場的疊加可知A點電場強度大于M點的電場強度；B錯誤；

C．M點豎直向下，N點的電場強度水平向左；相互垂直，C正確；

D．把一個負點電荷從A點沿直線移到C點；先離正電荷近后離正電荷遠，電勢先增大后減小，負點電荷的電勢能先減小后增大，D錯誤。

故選C。7、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．滑動變阻器的滑片P向下移動，并聯部分電路電阻減小，根據分壓原理，有

可知電壓表示數減小，電容器兩端電壓減小，根據公式有

可知電容器極板上電荷要減小，有從a到b的電流出現；故A正確；B錯誤；

C．對油滴進行分析可知；之前二力平衡，現在極板電荷量減小，導致極板間場強變小，電場力將小于重力，故油滴將向下運動。故C錯誤；

D．根據分壓原理，外部電阻減小，路端電壓減小，則內電阻電壓增加，有

故D錯誤。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)8、B:C【分析】【詳解】

A．A、C兩點的電勢差

故A錯誤；

B．A、B兩點的電勢差

由于則有

故B正確；

CD．由幾何關系可得

在勻強電場中任意一條直線上相等距離的兩點間電勢差相等，設在邊上距離A點的一點為D點，則A、D兩點間電勢差為3V，故B、D兩點電勢相等，由幾何關系判斷垂直所以電場強度大小為

電場強度方向為從A指向C；故C正確，D錯誤。

故選BC。9、B:C:D【分析】【詳解】

A．空間某點的電場強度等于A、B兩點電荷在該點電場強度的矢量和，根據：

可知，A、B兩點電荷在O點電場強度大小相等，方向相反，則O點電場強度大小為0，又由于在空間無窮遠處電場強度為0，則在中垂線上由O點往兩側向外，電場強度必定先增大，后減小，即在中垂線上必定存在一電場強度的最大值由于不能確定C、D兩點究竟是處于極值點的異側還是同側，則無法判斷C、D兩點電場強度的大小關系，而電場線分布的疏密用來描述電場強度的大小，則無法比較C、D兩點電場線分布的疏密；故A錯誤；

BC．場強的疊加可判定C、D兩點處的電場強度方向均背離O點，在O點處的電場強度等于0；故BC正確；

D．帶負電的試探電荷在中垂線上受到的電場力始終指向O點，且在中垂線上關于O點對稱的兩點受到的電場力大小相等方向相反，由對稱性規律，該試探電荷將以O點為中心，在C點關于O的對稱點之間做往復運動，故D正確。10、B:C【分析】【詳解】

A.由點電荷場強

可知，離點電荷越近，場強越大，故P點的場強大于Q點的場強；A錯誤；

B.正點電荷電場中離點電荷越近，電勢越高，故P點的電勢高于Q點的電勢；B正確；

C.由電勢能公式

由于電子帶負電，且故電子在P點的電勢能比其在Q點的電勢能小；C正確;

D.將一正試探電荷由P點移到Q點，電場力做功

由于故電場力做正功，D錯誤；

故選BC11、A:D【分析】【詳解】

A．等量異種點電荷的電場的分布具有一定的對稱性；如圖：

由圖可得M、N兩點的電場強度相同，F=Eq；電場力相同，故A正確；

B．畫出過M、N的等勢面；如圖所示：

電場線從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故M點的電勢大于N點的電勢；故B錯誤；

C．將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中；電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故C錯誤；

D．等量異種點電荷的連線中垂線是一條等勢線，故O點的電勢為零；只將-Q移到P點，其它點在空間的位置不變，此時兩個電荷連線的中點在O點的左側，故O點的電勢變為負值，故O點的電勢降低，故D正確。12、A:C【分析】【詳解】

AB．由動能定理可知，電場力對落在A、B兩點的粒子做功相等，故A、B兩點的電勢相等，故過AB且垂直于圓環的面為等勢面；A正確，B錯誤；

C．故C正確；

D．電場線與直線AB垂直，但不知電場線的指向和粒子的正負，故落在劣弧AB中點的粒子獲得的動能可能最大也可能最小；D錯誤。

故選AC。13、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知，A、B兩點電勢相等，O點的電勢最高，A到O是逆電場線方向，粒子僅在電場力作用下，從M點由靜止開始沿x軸向右運動；即逆電場線方向運動，則粒子一定帶負電，A正確；

B．由圖可知，A、B兩點電勢相等，OM=ON，M點電勢小于N點電勢，因此M到O電場力做的功大于O到N電場力做的功，所以粒子能通過N點；B正確；

C．因為OA<OB，所以AO之間的電勢變化快于OB之間的電勢變化，即AO之間的電場強度大于OB之間的電場強度；C錯誤；

D．因為AO之間圖線的斜率不變，即AO之間的電場強度不變，所以粒子從M向O運動過程中所受電場力不變；D錯誤。

故選AB。14、B:C【分析】【詳解】

AB．微安表的內阻遠遠大于滑動變阻器右半部分電阻，它們并聯后的阻值略小于滑動變阻器右半部分電阻，開始時電阻箱的阻值為零，將滑片P緩慢左移，使微安表上電流滿偏，通過微安表電流為調整的阻值，使微安表上讀數正好是滿刻度的通過微安表電流為電阻箱和微安表串聯的總電阻增大，它們與滑動變阻器右半部分電阻并聯后阻值基本不變，我們可以近似認為電阻箱和微安表串聯的電路兩端電壓基本不變，通過微安表電流為電阻箱和微安表串聯的總電阻增大到原來的設微安表的內阻為則有

解得

故A錯誤；B正確；

CD．電阻箱和微安表串聯的總電阻增大，它們與滑動變阻器右半部分電阻并聯后阻值略增大，那么電路總電阻略增大，總電流略減小，電阻箱和微安表串聯的電路兩端電壓略增大，電阻箱和微安表串聯的總電阻略大于原來的則有

解得

則內阻的測量值比真實值偏大；故D錯誤，C正確。

故選BC。15、B:D【分析】【詳解】

A．由于地磁場的磁場方向沿磁感線的切線方向；由題圖可知，只有地球赤道處的地磁場方向與地面平行，故A錯誤；

B．磁場是閉合的曲線；地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近，地磁北極在地理南極附近，故B正確；

C．地磁北極在地理南極附近，地球赤道上方的小磁針的極在靜止時不指向地理南極；故C錯誤；

D．地理南；北極與地磁場的南、北極存在一個夾角；這個角為磁偏角，所以兩者不重合，故D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1]．根據閉合電路歐姆定律得U=E-I（R1+r）

則由數學知識得知：=R1+r=4+1=5Ω．

[2]．當變阻器與電阻R2并聯的電阻最大時，外電路電阻最大，總電流最小，R1消耗的電功率最小，此時有：RaP=RPb+R2

又RaP+RPb=30Ω，R2=22Ω；

解得：RaP=26Ω，RPb=4Ω

則外電路總電阻為：R=RaP+R1=13Ω+4Ω=17Ω

電路中總電流為：

R1消耗的最小電功率為：【解析】51.7817、略

【分析】【詳解】

由題知，當傳感器R2所在處出現火情時，R2減小，R2、R3并聯電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，路端電壓減小，即a、b兩端電壓U變小，R2、R3并聯電壓I增大，E、R1、r均不變，則減小，通過R3電流減小，由于干路電流增大，則知電流表示數I變大；

【點睛】由題知，當傳感器R2所在處出現火情時，R2減小，分析外電路總電阻如何變化，根據歐姆定律分析干路電流的變化情況和路端電壓U的變化情況，根據R2、R3并聯電壓的變化情況，分析通過R3電流的變化情況，即可知電流表示數變化情況．【解析】變小變大18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】產生消失轉化轉移保持不變19、略

【分析】【詳解】

A、B、C三者作為整體為研究對象，有：F=3ma①

所以加速度方向向右，而A帶正電，B帶負電，B若要向右加速，則C帶正電荷

以A為研究對象，有②

以B為研究對象，有③

由①②③可解得：qc=q；【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]根據題意可知，電場為勻強電場，則取ac之間的d點，坐標為（3.5cm，6cm），由可知，d點電勢為連接則為等勢線，過c點作等勢線bd的垂線交bd于f點；如圖所示。

由幾何關系可得cf的長度為3.6cm，所以電場強度的大小

[2]勻強電場中，相同方向上變化相同的距離電勢差相等，故

即

得坐標原點O處的電勢為1V。

[3][4]負電荷在電勢低處電勢能高，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能高7eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為【解析】25017921、略

【分析】【詳解】

汽車勻速運動時，牽引力

由可以知道，由瓶車輸出功率：

電動機的輸出功率代入數據得：

計算得出：．

點睛：本題考查電功率及功率公式，要注意明確電動機輸出功率等于電動機的總功率與熱功率的差值．【解析】6A四、作圖題(共4題，共40分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為