…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高三物理上冊階段測試試卷177考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，一帶電粒子僅在電場力作用下，沿直線從a點運動到b點；下列說法正確的是（）

A.a點電勢高于b點電勢B.從a點運動到b點的過程中粒子的加速度逐漸增大C.從a點運動到b點的過程中粒子的動能一定逐漸增大D.若粒子帶正電，從a點運動到b點的過程中電場力做負功2、由以下的哪組數據可算出地球質量（）A.地球繞太陽運行的周期T及地球離太陽中心的距離RB.月球繞地球運行的周期T及月球中心到地球中心的距離RC.人造衛星繞地球運行的速度v和地球繞太陽公轉的周期TD.地球自轉周期T和地球的平均密度ρ3、【題文】如圖所示，一半徑為r的半圓形單匝線圈放在具有理想邊界的的勻強磁場中，磁場的磁感應強度為B。以直徑ab為軸勻速轉動，轉速為n，ab的左側有垂直于紙面向里(與ab垂直)；M和N是兩個滑環，負載電阻為R。線圈；電流表和連接導線的電阻不計，下列說法中正確的是（）

A.轉動過程中電流表的示數為

B.從圖示位置起轉過1/4圈的時間內產生的平均感應電動勢為

C.從圖示位置起轉過1/4圈的時間內通過負載電阻R的電荷量為

D.以上說法均不正確4、某同學做三種導電元件的導電性能實驗；他根據所測量數據分別繪制了三種元件的I－U圖象，如圖所示，則下述判斷正確的是()

A.只有乙圖正確B.甲、丙圖的曲線肯定是偶然誤差太大C.甲、丙不遵從歐姆定律，肯定不可能正確D.甲、乙、丙三個圖都可能正確，并不一定有較大誤差5、關于時間和時刻，下列說法正確的是（）A.時間間隔是較長的一段時間，時刻是較短的一段時間B.“北京時間12點整”指的是時刻C.第2S內和前2s內指的是不相等的一段時間間隔D.1分鐘只能分為60個時刻6、如圖所示，長為L=0.4m的輕繩一端固定于O點，另一端系一個質量為m=0.5kg的小球，在最低點Q處給小球v0=10m/s的水平初速度，使小球在豎直平面內做圓周運動，小球第一次到達最高點P時對繩的拉為大小為95N，已知小球在運動過程中受到是大小不變的空氣阻力，則小球能通過最高點的次數為．已知重力加速度為g=10m/s2（）A.8次B.9次C.10次D.11次評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、我國“蛟龍號”深潛器經過多次試驗，終于在2012年6月24日以7020m深度創下世界最新記錄（國外最深不超過6500m）．這預示著它可以征服全球99.8%的海底世界．假設在某次試驗時，深潛器內的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面10min內全過程的深度曲線（a）和速度圖象（b）；則下列說法中正確的是（）

A.（a）圖中h3代表本次最大深度，應為360mB.全過程中最大加速度是2m/s2C.潛水器在4-6min時間段內處于勻速下潛運動狀態D.潛水員感到超重發生在3-4min和6-8min的時間段內8、關于閉合電路的性質，下列說法正確的是（）A.外電路斷路時，路端電壓最大B.外電路短路時，電源功率最大C.外電路電阻增大時，電源的輸出功率變大D.電動勢越大，則非靜電力在電源內部從負極向正極移送單位電荷量的電荷做功越多9、如圖所示，有一固定的且內壁光滑的半球面，球心為O，最低點為C，在其內壁上有兩個質量均為m的小球（可視為質點）A和B，在兩個高度不同的水平面內做勻速圓周運動，A球的軌跡平面高于B球的軌跡平面，A、B兩球與O點的連線與豎直線OC間的夾角分別為α=53°和β=37°，以最低點C所在的水平面為重力勢能的參考平面，則（sin37°=，cos37°=）（）A.B兩球運動的角速度之比為4：3B.B兩球的動能之比為64：27C.B兩球所受支持力的大小之比為4：3D.B兩球的機械能之比為112：5110、一個做勻加速直線運動的物體，先后經過a、b兩點時的速度分別是v和7v，a、b間的距離為S，經歷a、b段的時間是t，則下列判斷正確的是（）A.經過ab段位移中點的速度是4vB.經過ab中間時刻的速度是4vC.前時間通過的位移比后時間通過的位移小D.前位移所需時間是后位移所需時間的倍11、（多選題）質量為0.2kg的物體在水平面上運動；它的兩個正交分速度圖線分別如圖所示，由圖可知（）

A.最初4s內物體的位移大小為8mB.5s末物體的加速度大小為3m/s2C.從開始至6s末物體先做曲線運動后做直線運動D.從開始至6s末物體所受合外力做的總功為-2J12、如圖所示，定值電阻R=20Ω，電動機線圈的電阻R0=10Ω，當開關S斷開時，電流表的示數是0.5A．當開關S閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數I和電路消耗的電功率P應是（）A.I=1.5AB.I＜1.5AC.P=15WD.P＜15W13、在中國航天驕人的業績中有這些記載：“天宮一號”在離地面343km的圓形軌道上飛行；“嫦娥一號”在距月球表面高度為200km的圓形軌道上飛行；“北斗”衛星導航系統由“同步衛星”（地球靜止軌道衛星，在赤道平面，距赤道的高度約為36000千米）和“傾斜同步衛星”（周期與地球自轉周期相等，但不定點于某地上空）等組成．則以下分析正確的是（）A.設“天宮一號”繞地球運動的周期為T，用G表示引力常量，則用表達式求得的地球平均密度比真實值要小B.“天宮一號”的飛行速度比“同步衛星”的飛行速度要小C.“同步衛星”和“傾斜同步衛星”同周期、同軌道半徑，但兩者的軌道平面不在同一平面內D.“嫦娥一號”與地球的距離比“同步衛星”與地球的距離小14、圖線1表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是（）A.R1：R2=1：3B.把R1拉長到原來的3倍長后電阻等于R2C.將R1與R2串聯后接于電源上，則功率之比p1：p2=1：3D.將R1與R2并聯后接于電源上，則電流比I1：I2=3：1評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、一個質量為m的物體做自由落體運動，則在此物體下降h高度的過程中，物體的重力勢能減小了____，動能增加了____，機械能增加了____．16、（2014春?樂清市校級期末）如圖所示，一個半徑為L的半圓形硬導體AB以速度v在水平U形框架上勻速滑動，勻強磁場的磁感應強度為B，回路電阻為R0，半圓形硬導體AB的電阻為r，其余電阻不計，則半圓形導體AB切割磁感線產生的感應電動勢的大小為____，A、B之間的電勢差為____．17、（2010秋?臨海市校級月考）質點在左右方向上做直線運動，其位移--時間關系圖象如圖（規定向右為正方向）根據圖象可知第1秒末的速度V1=____，第3秒末的速度V3=____．18、手機是人們生活中普遍使用的通訊工具，它是利用____（選填“電磁波”或“超聲波”）進行通訊的．這種波____（選填“能”或“不能”）在真空中傳播．19、如圖所示，水平板上有質量m=1.0kg的物塊，受到隨時間t變化的水平拉力F作用，用力傳感器測出相應時刻物塊所受摩擦力Ff的大?。阎?s末的速度為9.5m/s，取重力加速度g=10m/s2．則4s末物塊的加速度的大小為____，4s～9s內合外力對物塊做功為____．

20、【題文】若將一個電量為2.0×10－10C的正電荷，從零電勢點移到電場中M點要克服電場力做功8.0×10－9J，則M點的電勢是____V；若再將該電荷從M點移到電場中的N點，電場力做功1.8×10－8J，則M、N兩點間的電勢差UMN＝____V。21、船渡河時，如果船頭保持跟河岸垂直的航向前進，則2min可到達下游對岸120m處，如果船頭偏向上游并跟河岸成60°角，則恰好到達正對岸，則河寬為____．22、一物體做勻變速直線運動，某時刻速度大小為4m/s，經過1s后的速度為10m/s，那么物體的加速度為____這1s物體的位移為____．23、一炮彈質量為m，以一定的傾角斜向上發射，到達最高點時速度為v，炮彈在最高點爆炸成兩塊，其中一塊恰好做自由落體運動，質量為．則另一塊爆炸后瞬時的速度大小____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共21分)24、太陽發出的能量來自內部發生的化學反應釋放的化學能．____．（判斷對錯）25、貝克勒爾發現了鈾和含鈾礦物的天然放射現象，從而揭示出原子核具有復雜結構____（判斷對錯）26、運動的電荷在磁場中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對錯）評卷人得分五、畫圖題(共2題，共10分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止狀態，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、識圖作答題(共3題，共12分)29、圖1表示綠色植物葉肉細胞部分結構中的某些生命活動過程，甲、乙代表兩種細胞器，①～⑦代表各種物質。圖2表示該植物葉片CO2釋放量隨光照強度變化的曲線；S代表有機物量。據圖回答下列問題：

（1）在光照充足、高溫或干旱條件下，某些植物的光合作用強度也會下降，其主要原因是圖1中的____________（用箭頭連接序號表示）這一個環節的反應強度下降所致。該時段，C5化合物的生成速率相對于高溫（或干旱）前要_________（選填“大/小”）。（2）若已知該植物光合作用和呼吸作用的最適溫度分別為25℃和30℃，圖2為CO2濃度一定、環境溫度為25℃時，不同光照條件下測得的該植物的光合作用強度。①圖2中的A點時，植物凈光合作用量______0（選填“大于/小于/等于”）。②當光照強度處于圖2中B~D間，光合作用有機物的凈積累量為_________（用圖中符號表示）。當光照強度處于圖2中的0~D間，光合作用有機物的凈積累量為___________（用圖中符號表示）。③請據圖2在下圖中用虛線曲線繪出環境溫度為30℃時，光合作用強度隨光照強度的變化。要求在曲線上標明與圖中A、B、C三點對應的a、b；c三個點的位置；（答題卡中作答）

30、(16分)已知一對等位基因控制雞的羽毛顏色,BB為黑羽,bb為白羽,Bb為藍羽;另一對等位基因CL和C控制雞的小腿長度,CLC為短腿,CC為正常,但CLCL胚胎致死。兩對基因位于常染色體上且獨立遺傳。一只黑羽短腿雞與一只白羽短腿雞交配,獲得F1。(1)F1的表現型及比例是____。若讓F1中兩只藍羽短腿雞交配,F2中出現____種不同表現型,其中藍羽短腿雞所占比例為____。(2)從交配結果可判斷CL和C的顯隱性關系,在決定小腿長度性狀上,CL是____;在控制致死效應上,CL是____。(3)B基因控制色素合成酶的合成,后者催化無色前體物質形成黑色素?？蒲腥藛T對B和b基因進行測序并比較,發現b基因的編碼序列缺失一個堿基對。據此推測,b基因翻譯時,可能出現____或____,導致無法形成功能正常的色素合成酶。(4)在火雞(ZW型性別決定)中,有人發現少數雌雞的卵細胞不與精子結合,而與某一極體結合形成二倍體,并能發育成正常個體(注:WW胚胎致死)。這種情況下,后代總是雄性,其原因是____。31、如圖是某生態系統中碳循環及能量流動示意圖，圖中“→”表示碳和能量的流動方向，數字和字母對應的是能量值（單位：J·cm－2·a－1）。請回答下列問題：（1）碳元素以________形式從甲傳到乙，再以________形式從乙傳到戊。（2）流經該生態系統的總能量值為________（填寫具體數值），能量從第二營養級傳遞到第三營養級的效率約為________（保留兩位小數）。（3）丙和丁能夠依據彼此留下的氣味去獵捕和躲避。可見信息傳遞能夠調節________，以維持生態系統的穩定。（4）少量動物的遷入和遷出，不會使生態系統中的生物種類和數量發生明顯變化，這是通過生態系統內的________調節機制實現的。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】根據電場線的疏密判斷場強的大小．根據電場線的方向判斷電荷的正負．順著電場線電勢逐漸降低，由電場線的方向可判斷電勢的正負．【解析】【解答】解：A、由于順著電場線電勢逐漸降低，所以a點電勢低于b點電勢．故A錯誤；

B；根據電場線的疏密表示場強的大小結合圖象可知；a處的電場線密，場強大，粒子受到的電場力大，加速度大．故B錯誤；

C、由于不知道粒子的電性，所以不能確定從a點運動到b點的過程中電場力對粒子是否做正功；粒子的動能不一定逐漸增大．故C錯誤；

D、若粒子帶正電，粒子受到的電場力的方向向左，從a點運動到b點的過程中電場力做負功．故D正確．

故選：D2、B【分析】【分析】萬有引力的應用之一就是計算中心天體的質量，計算原理就是萬有引力提供球繞天體圓周運動的向心力，列式只能計算中心天體的質量．【解析】【解答】解：A、地球繞太陽做圓周運動，太陽對地球的萬有引力提供地球做圓周運動向心力，列式如下：可知；m為地球質量，在等式兩邊剛好消去，故不能算得地球質量，故A錯誤．

B、月球繞地球做圓周運動，地球對月球的萬有引力提供圓周運動的向心力，列式如下：，可得：地球質量M=；故B正確．

C；已知人造衛星繞地球運行的速度v和地球繞太陽公轉的周期T；是兩個運動模型的數據，這兩個數據毫不相干，不能計算地球質量，故C錯誤．

D、已知地球自轉周期T和地球的平均密度ρ，還需要知道地球的自轉線速度v才能計算出地球的質量，因為根據，可計算出地球的半徑，再根據；可計算地球的質量，故D錯誤．

故選：B．3、A|B【分析】【解析】

試題分析：交流電動勢的最大值為轉動過程中通過電流表的示數為有效值平均感應電動勢B對。通過負載電阻R的電荷量為C錯。

考點：本題考查了交變電流的“四值”?！窘馕觥俊敬鸢浮緼B4、D【分析】【分析】當元件是純電阻時；對應的圖像為乙圖，但是如果電阻時非純電阻，對應的圖像時甲丙，所以D正確。

【點評】歐姆定律只適用于純電阻電路。5、B【分析】【分析】時間是指時間的長度，在時間軸上對應時間段，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點．【解析】【解答】解：A；時刻是指時間點；時間是指時間的長度，即時間的間隔，故A錯誤；

B；“北京時間12點整”指的是時刻；時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點，故B正確；

C；第2秒內指的是第2s初到第2s末；前2s內指的是第1s初到第2s末，是不相等的兩段時間間隔，故C錯誤；

D；1分鐘可以分為無數個時刻；故D錯誤；

故選：B6、C【分析】【分析】由動能定理可求得小球從Q點到P點時克服摩擦力所做的功；再由豎直面內圓周運動的臨界值可求得小球剛好通過P點時的速度；再由動能定理求出克服摩擦力所做的功總功；由總功與QP段克服摩擦力所做的功作比，可得出能通過最高點的次數．【解析】【解答】解：由牛頓第二定律可知：F+mg=m

對QP過程由動能定理可得：

-mg2l-Wf=mv2-mv02

聯立以上兩式解得：Wf=1J；

故轉一周克服摩擦力做功為2J；

小球剛好通過最高點時；由牛頓第二定律可知：

mg=m

對全程由動能定理可得：

-mg2l-W總=mv′2-mv02

聯立以上兩式可得：

W總=20J；

故可以轉過的圈數為：10圈；即能通過最高點10次；

故選：C二、多選題(共8題，共16分)7、AD【分析】【分析】本題要看懂速度圖象和深度圖象意義，蛟龍號先加速下沉，后勻速下稱后減速下沉，在某深度停留2min，而后加速上升，后減速上升至水面，而后逐項依次分析即可．【解析】【解答】解：A、（a）圖是深度曲線，圖中h3代表本次最大深度，根據速度時間圖線知，；故A正確．

B、由圖b的斜率表示加速度，則在0-1min和3-4min時間內的加速度最大，最大加速度大小是a=．故B錯誤．

C；潛水器在4-6min時間段內處于靜止．故C錯誤．

D；在3-4min和6-8min的時間段內；加速度方向向上，潛水員處于超重狀態．故D正確．

故選：AD．8、ABD【分析】【分析】電源的輸出電壓為：U=E-Ir；當外電路電阻與電源的內電阻相等時，電源的輸出功率最大；電動勢的定義公式為E=．【解析】【解答】解：A、根據閉合電路歐姆定律，有：U=E-Ir；外電路斷路時，電流I=0，故路端電壓最大，為E，故A正確；

B、根據P=EI=；外電路短路時，電源功率最大，故B正確；

C；當外電路電阻與電源的內電阻相等時；電源的輸出功率最大，故C錯誤；

D、根據E=；電動勢越大，則非靜電力在電源內部從負極向正極移送單位電荷量的電荷做功越多，故D正確；

故選：ABD．9、BCD【分析】【分析】小球受重力和支持力，靠兩個力的合力提供向心力，根據平行四邊形定則求出支持力之比，根據牛頓第二定律求出線速度和角速度之比．【解析】【解答】解：A、根據mg=mrω2，r=Rsinθ，解得v=，ω=，則，，則動能之比．故A錯誤；B正確．

C、根據平行四邊形定則得，N=，則．故C正確．

D、動能，重力勢能EP=mgR（1-cosθ），則機械能E=，則．故D正確．

故選：BCD．10、BC【分析】【分析】本題考查了對運動學公式以及推論的理解以及應用情況，根據公式和公式以及其它位移公式即可正確解答．【解析】【解答】解：A、經過ab段位移中點的速度為：；故A錯誤；

B、經過ab中間時刻的速度是：；故B正確；

C、物體的加速度為，所以前時間通過的位移比后時間通過的位移差為；故C正確；

D、前的平均速度為：，后的平均速度為：，所以；故D錯誤．

故選BC．11、AC【分析】【分析】物體參與了兩個方向的分運動；根據v-t圖象知道，一個是先勻速直線運動，再勻減速，另一個是先勻加速直線運動，再勻減速直線運動．

根據運動的合成去求解有關的物理量．

清楚物體做曲線運動的條件．【解析】【解答】解：A、圖象與時間軸圍成的面積為物體運動的位移，開始4s內物體x方向位移為：x=×4×4m=8m；y方向位移為：y=2×4m=8m；

所以開始4s內物體的位移為8m；故A正確．

B、5s末物體x方向的加速度大小為：ax==-1m/s2；y方向的加速度大小為：ay==-2m/s2，則其合加速度大小為：a==m/s2；故B錯誤；

C；開始時物體初速度方向為x方向；加速度方向為y方向，兩者不在一條直線上，所以物體做曲線運動；

4s末物體的速度方向與x方向夾角的正切值為==2．

4s后加速度大小分別為：ax==-1m/s2；ay==-2m/s2，加速度方向與x方向夾角的正切值為=2；所以速度方向與加速度方向在同一條直線上，所以物體要做直線運動．故C正確．

D、根據動能定理，從開始至6s末物體所受合外力做的總功，即為動能的變化，則為：0-=-=-0.4J；故D錯誤；

故選：AC12、BD【分析】【分析】當電鍵S斷開時，由歐姆定律求出電阻R的電壓U．當電鍵S閉合后，通過R的電流仍為0.5A，電動機的電路是非純電阻電路，由I2求出其電流的范圍，即得到電流表電流的范圍．由P=UI求解電路中功率范圍．【解析】【解答】解：A、當電鍵S斷開時，由歐姆定律得，U=I1R=0.5×20=10V．當電鍵S閉合后，通過R1的電流仍為0.5A，電動機的電流I2＜；故電流表的電流I＜1.5A，電路中電功率P=UI＜15W．故BD正確．

故選：BD13、AC【分析】【分析】衛星繞地球做勻速圓周運動；根據萬有引力提供向心力可以表示出地球質量，根據密度公式表示出密度判斷．

根據萬有引力提供向心力可以表示出線速度；根據軌道半徑的關系判斷飛行速度大?。?/p>

根據“同步衛星”和“傾斜同步衛星”的特點求解．【解析】【解答】解：A；衛星繞地球做勻速圓周運動；根據萬有引力提供向心力：

=

M=

根據密度公式得地球平均密度ρ==；

由于天宮一號的軌道半徑r大于地球半徑R，所以用表達式求得的地球平均密度比真實值要??；故A正確；

B；衛星繞地球做勻速圓周運動；根據萬有引力提供向心力；

=

v=；“天宮一號”的軌道半徑比“同步衛星”的要小，所以“天宮一號”的飛行速度比“同步衛星”的飛行速度要大，故B錯誤；

C；“同步衛星”和“傾斜同步衛星”同周期、同軌道半徑；“同步衛星”定點在赤道正上方，“傾斜同步衛星”不定點于某地上空，但兩者的軌道平面不在同一平面內．故C正確；

D；“嫦娥一號”在距月球表面高度為200km的圓形軌道上飛行；“同步衛星”繞地球運動；所以“嫦娥一號”與地球的距離比“同步衛星”與地球的距離大，故D錯誤；

故選：AC．14、ACD【分析】【分析】通過I-U圖象得出兩電阻的關系．串聯電路電流相等；并聯電路，電壓相等；結合公式P=UI和U=IR分析即可．【解析】【解答】解：A、解答：根據I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數，所以R1：R2=1：3．故A正確．

B、把R1拉長到原來的3倍長后，橫截面積減小為原來的，根據電阻定律公式R=，電阻增加為9倍，變為R2的3倍；故B錯誤；

C、串聯電路電流相等，所以將R1與R2串聯后接于電源上，電流比I1：I2=1：1；又由于R1：R2=1：3．

根據P=UI=I2R；功率之比為1：3，故C正確．

D、并聯電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯后接于電源上，電流比I1：I2=3：1．

根據公式P=UI；功率之比為3：1，故D正確．

故選：ACD．三、填空題(共9題，共18分)15、mghmgh0【分析】【分析】根據重力做功判斷重力勢能的變化，根據重力做功判斷動能的變化，因為只有重力做功，故機械能守恒【解析】【解答】解：物體下降h高度的過程中；重力做功mgh，則重力勢能減小mgh．因為只有重力做功，根據動能定理可得動能增加mgh，機械能不變。

故答案為：mgh，mgh，016、2BLv【分析】【分析】半圓形導體AB有效的切割長度等于2L，根據法拉第電磁感應定律E=Blv，求感應電動勢，A、B之間的電勢差是指R0兩端的電壓，由串聯電路分壓規律求解．【解析】【解答】解：半圓形導體AB切割磁感線的有效長度是2L；

根據法拉第電磁感應定律則；感應電動勢為：E=B?2L?v=2BLv

A、B之間的電勢差為：U==

故答案為：2BLv，．17、4m/s0【分析】【分析】位移-圖象中直線的斜率表示速度的大小，位移等于縱坐標x的變化量．運用數學知識進行分析．【解析】【解答】解：根據圖象，圖線的斜率表示速度可知第1秒末的速度V1==4m/s

第3秒末的速度V3=0

故答案為：4m/s；0．18、電磁波能【分析】【分析】手機既是電磁波的發射臺，也是電磁波的接收臺；電磁波本身就是物質，能在真空中傳播．【解析】【解答】解：手機已成為人們普遍使用的通信工具；它是由電磁波來傳遞信息的，電磁波本身就是物質，故能在真空中傳播．

故答案為：電磁波；能．19、045.125J【分析】【分析】根據圖線確定物塊開始滑動的時間，結合物塊動能的變化量，根據動能定理求出合外力做功的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河蓤D線可知；物體在4s末開始運動，4s末拉力為4N，摩擦力達到最大值，大小為4N，根據牛頓第二定律知，4s末物塊的加速度為零．

4s末速度為零，9s末速度為9.5m/s，根據動能定理得，4s～9s內合外力對物塊做功=45.125J．

故答案為：0，45.125J．20、略

【分析】【解析】

試題分析：由電場力做功與電勢能的關系得到得到由得到

考點：本題考查電場力做功與電勢能的關系；電場力做功的公式。

點評：本題學生要熟練掌握電場力做功與電勢能的關系式，電場力做功的公式，能用公式進行相關的計算?！窘馕觥俊敬鸢浮?0V；90V21、240m【分析】【分析】將小船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分運動與合運動具有等時性，可以求出水流速度與小艇在靜水中的速度，從而可求出河的寬度．【解析】【解答】解：設水流速度為v1，小艇在靜水中速度為v2；

船身與河岸垂直時，x=v1t1，則有：v1===60m/min；

船保持原來的速度逆水斜向上游與河岸成的60°角；恰好到達正對岸的B處；

則有：d=t2，船身與河岸垂直時，d=v2t1；

解得：v2=120m/min；

由上分析可知，河寬d=v2t1=120×2=240m；

故答案為：240m．22、6m/s2或-14m/s27m或-3m【分析】【分析】根據勻變速直線運動的速度時間公式求出物體的加速度，結合平均速度的推論求出1s內的物體的位移，注意1s后速度方向與初速度方向可能相同，可能相反．【解析】【解答】解：規定初速度方向為正方向；

當1s后速度方向與初速度方向相同，則加速度為：a=，1s內的位移為：．

當1s后速度方向與初速度方向相反，則加速度為：a=，1s內的位移為：x=．

故答案為：6m/s2或-14m/s2，7m或-3m．23、【分析】【分析】炮彈在最高點水平，爆炸時動量守恒，由動量守恒定律可求出爆炸后另一塊彈片的速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓喝∨趶椀阶罡唿c未爆炸前的速度方向為正方向；爆炸過程動量守恒，則有：

mv=0+mv′

解得v′=

故答案為：四、判斷題(共3題，共21分)24、×【分析】【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應，由此分析即可．【解析】【解答】解：根據目前的認識；太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×25、√【分析】【分析】貝克勒爾發現了天然放射現象，使人們認識到原子核具有復雜結構；【解析】【解答】解：貝克勒爾發現了鈾和含鈾礦物的天然放射現象；從而揭示出原子核具有復雜結構，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√26、×【分析】【分析】電場的性質是對電荷有力的作用，而電荷受到電場力的方向與電場強度可以相同，也可以相反．當運動的帶電粒子的速度方向不與磁場平行，將會受到洛倫茲力作用，根據左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向的關系．【解析】【解答】解：當運動的電荷的速度方向與磁場方向平行時；不受洛倫茲力；

故答案為：×．五、畫圖題(共2題，共10分)27、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據簡諧運動在一個周期內通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據得：7秒內波傳播的位移為：根據平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m28、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題六、識圖作答題(共3題，共12分)29、（1）⑥→⑤小

（2）①小于

②S2S2-S1

③如右圖【分析】【分析】本題考查光合作用、影響光合作用的因素等知識，意在考查學生對知識的理解和應用能力、從題圖中獲取信息的能力?！窘獯稹浚?）在光照充足、高溫或干旱條件下，某些植物的光合作用強度也會下降，其主要原因是氣孔關閉，二氧化碳供應不足，圖1中的⑥→⑤這一個環節的反應強度下降所致。該時段，氣孔關閉，二氧化碳供應不足，C5化合物的生成速率相對于高溫（或干旱）前要小。（2）若已知該植物光合作用和呼吸作用的最適溫度分別為25℃和30℃，圖2為CO2濃度一定、環境溫度為25℃時，不同光照條件下測得的該植物的光合作用強度。①據圖分析可知，圖2中的A點時，植物凈光合作用量小于0。②S1表示OB之間消耗的有機物的量，S2表示BD之間有機物的凈積累量，S3表示BD之間有機物的消耗量，因此OD間，光合作用有機物的凈積累量為S2-S1。③請據圖2在下圖中用虛線曲線繪出環境溫度為30℃時，光合作