…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理下冊階段測試試卷734考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；帶電平行金屬板A；B，板間的電勢差為U，A板帶正電，B板中央有一小孔．一帶正電的微粒，帶電量為q，質量為m，自孔的正上方距板高h處自由落下，若微粒恰能落至A、B兩板的正中央c點，不計空氣阻力，則（）

A.微粒在下落過程中動能逐漸增加；重力勢能逐漸減小。

B.微粒在下落過程中重力做功為電場力做功為-qU

C.微粒落入電場中，電勢能逐漸增大，其增加量為

D.若微粒從距B板高1.5h處自由下落；則恰好能達到A板。

2、阻值為10Ω的電阻接到電壓波形如圖所示的交流電源上．以下說法中正確的是（）A.電壓的有效值為10VB.通過電阻的電流有效值為AC.電阻消耗電功率為5WD.電阻每秒種產生的熱量為10J3、在直徑為d

的圓形區域內存在著勻強磁場，磁感應強度為B

磁場方向垂直圓面指向紙外。一電荷量為q

質量為m

的帶正電粒子，從磁場區域的一條直徑AC

上的A

點沿紙面射入磁場，其速度方向與AC

成婁脕=15鈭?

角，如圖所示，此粒子在磁場區域運動的過程中，速度的方向改變了90鈭?

重力可忽略不計，則該粒子射入時的速度大小v

為()

A.6Bqd4m

B.6Bqd2m

C.3Bqd4m

D.3Bqd2m

4、如圖所示；關于磁場方向；運動電荷的速度方向和洛侖茲力方向之間的關系正確的是()

A.B.C.D.5、如圖所示，斜面體傾角為45鈭?

有兩根長為L

質量為m

的細導體棒aba

被水平放置在斜面體的光滑斜面上，b

被固定在斜面體的豎直面上，ab

在同一水平面，且平行，它們之間的距離為x

當ab

中均通以電流強度為I

的同向電流時，a

恰能在斜面上保持靜止，則A.a

和b

相互排斥B.斜面給a

的支持力為mg

C.a

處的磁感應強度大小為2mg2LI

D.a

受的安培力大小為mg

6、一質點做勻加速直線運動，第2

秒內的位移是2m

第3

秒內的位移是2.5m

那么可以知道(

)

A.這兩秒內平均速度是1.5m/s

B.質點的加速度是0.5m/s2

C.質點的加速度是0.125m/s2

D.第3

秒末的速度是2.25m/s

7、如圖所示，將理想變壓器原線圈接入電壓隨時間變化規律為：u=2202sin100婁脨t(V)

的交流電源，在副線圈兩端并聯接入規格為“22V22W

”的燈泡20

個，燈泡均正常發光.

除燈泡外的電阻均不計，下列說法正確的是(

)

A.變壓器原、副線圈匝數比為101

B.電流表示數為20A

C.電流表示數為1A

D.副線圈中電流的頻率為5Hz

8、關于產生摩擦力的條件，下列說法正確的是（）A.相互壓緊的粗糙物體之間一定有摩擦力存在B.只有相互擠壓和有相對運動或相對運動趨勢的粗糙物體之間才有摩擦力的作用C.相對運動的物體間一定有滑動摩擦力存在D.只有相互擠壓和發生相對運動的物體之間才有摩擦力的作用9、如圖甲所示，一矩形線圈放在隨時間變化的勻強磁場內.

以垂直線圈平面向里的磁場為正，磁場的變化情況如圖乙所示，規定線圈中逆時針的感應電流為正，則線圈中感應電流的圖象應為(

)

A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、一直升飛機停在南半球的地磁極上空。該處地磁場的方向豎直向上，磁感應強度為B，直升飛機螺旋槳葉片的長度為L，螺旋槳轉動的頻率為順著地磁場的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時針方向轉動。螺旋槳葉片的近軸端為遠軸端為如圖所示。忽略到轉軸中心線的距離，則點電勢____點電勢（填大于、等于或小于），每個葉片產生的感應電動勢E=____。11、重為G的均勻直桿AB一端用鉸鏈與墻相連，另一端用一條通過光滑的小定滑輪M的繩子系住，如圖所示，繩子一端與直桿AB的夾角為30°，繩子另一端在C點與AB垂直，AC=AB．滑輪與繩重力不計．則B點處繩子的拉力的大小是____N，軸對定滑輪M的作用力大小是____N．

12、100℃的水的分子平均動能____100℃的水蒸氣的分子平均動能；100℃的水的內能____100℃相同質量的水蒸氣的內能（選填“大于”、“等于”或“小于”）．13、靈敏電流計的內阻是Rg=200滿偏電流是Ig=1mA，要把這個電流表改裝成量程為6.0V的電壓表，應____（填“串聯”或“并聯”）一個阻值為的電阻，改裝電壓表的內阻為14、用雙縫干涉測光的波長．實驗裝置如圖甲所示；已知雙縫與屏的距離L，雙縫間距d．用測量頭來測量亮紋中心的距離．測量頭由分劃板；目鏡、手輪等構成，轉動手輪，使分劃板左右移動，讓分劃板的中心刻線對準亮紋的中心（如圖乙所示），記下此時手輪上的讀數，轉動測量頭，使分劃板中心刻線對準另一條亮紋的中心，記下此時手輪上的讀數．

（1）分劃板的中心刻線分別對準第1條和第4條亮紋的中心時，手輪上的讀數如圖丙所示，則對準第1條時讀數x1=______（允許誤差）、對準第4條時讀數x2=______mm（允許誤差）

（2）寫出計算波長λ的表達式，λ=______（用x1、x2；L、d表示；不用計算）．

（3）在屏上觀察到了干涉條紋．如果將雙縫的間距變大；則屏上的干涉條紋的間距將變______；（選大或小）

評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共3題，共9分)20、水平放置的輕彈簧，一端固定，另一端與小滑塊接觸，但不粘連；初始時滑塊靜止于水平氣墊導軌上的O點，如圖（a）所示?，F利用此裝置探究彈簧的彈性勢能Ep與其壓縮時長度的改變量x的關系。先推動小滑塊壓縮彈簧，用米尺測出x的數值；然后將小滑塊從靜止釋放。用計時器測出小滑塊從O點運動至氣墊導軌上另一固定點A所用的時間t。多次改變x，測得的x值及其對應的t值如下表所示。（表中的值是根據t值計算得出的）（1）根據表中數據，在圖(b)中的方格紙上作—x圖線。（2）回答下列問題：（不要求寫出計算或推導過程）①已知點(0，0)在—x圖線上，從—x圖線看，與x是什么關系？②從理論上分析，小滑塊剛脫離彈簧時的動能Ek與是什么關系？③當彈簧長度改變量為x時，彈性勢能與相應的Ek是什么關系？④綜合以上分析，Ep與x是什么關系？21、某同學在做測定小燈泡的伏安特性曲線的實驗中得到如下一組U和I的數據：。編號12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1410.1700.1910.2000.204燈泡發光情況不亮微亮逐漸變亮正常發光(1)在圖中畫出小燈泡的I-U圖線(2)該同學實驗的電路圖如圖所示，開始實驗時滑動變阻器的觸頭應放于RP____（左端，右端）。(3)在圖線上可以看出，當電壓逐漸增大時，燈絲電阻的變化情況是__________。（4）這表明導體的電阻隨溫度升高而_________。22、電磁打點計時器是一種使用____（選填“直流”或“交流”）電源的計時儀器，電源的頻率是50Hz時，在某次“練習使用打點計時器”實驗中，其中一段打點紙帶如圖所示，A、B、C、D是連續打出的四個點．由圖中數據可知，紙帶的運動是____（選填“勻速”或“變速”）運動，物體的加速度是______m/s2。評卷人得分五、證明題(共2題，共12分)23、如圖，兩根勁度系數分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。24、如圖，兩根勁度系數分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】

A；微粒在下落過程中先做加速運動；后做減速運動，動能先增大，后減?。亓σ恢弊稣?，重力勢能一直減?。蔄錯誤．

B、微粒下降的高度為h+重力做正功，為WG=mg（h+），電場力向上，位移向下，電場力做負功，WE=-q?=-qU．故B錯誤．

C、微粒落入電場中，電場力做負功，電勢能逐漸增大，其增加量等于微?？朔妶隽ψ龉Α鱁P=qU．故C正確．

D；由題微粒恰能落至A；B板的正中央c點過程，由動能定理得：

mg（h+）-qU=0①

若微粒從距B板高2h處自由下落；設達到A板的速度為v，則由動能定理得：

mg（1.5h+d）-qU=mv2②

由①②聯立得v≠0；即不能達到A板．故D錯誤．

故選C

【解析】【答案】微粒在下落過程中先做加速運動，后做減速運動，動能先增大，后減?。亓σ恢弊稣Γ亓σ恢睖p?。⒘Ｏ侣溥^程中重力做功為mg（h+），電場力做功為-qU．微粒落入電場中，電場力做負功，電勢能逐漸增大，其增加量為qU．根據動能定理研究微粒從距B板高2h處自由下落；能否到達A板．

2、B|C【分析】【解析】試題分析：根據U-t圖象可知道，交流電壓最大值為10V，有效值．故A錯誤．通過電阻的電流．故B正確．根據公式知電阻消耗的電功率．故C正確，電阻每秒產生熱量．故D錯誤．故選BC．考點：正弦式電流的最大值和有效值、【解析】【答案】BC3、A【分析】略【解析】A

4、B【分析】【分析】運動電荷在磁場中受到的洛倫茲力的方向的判斷，利用左手定則判斷；伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內，讓磁感線進入手心，并使四指指向正電荷運動方向或者負電荷運動的反方向，這時拇指所指的方向就是運動電荷在磁場中所受洛倫茲力的方向。

帶電粒子在磁場中運動受洛倫茲力的條件以及左手定則的熟練應用是對學生的基本要求，要熟練掌握?！窘獯稹緼.根據左手定則；洛倫茲力應該向上，故A錯誤；

B.根據左手定則；洛倫茲力向下，故B正確；

C.速度與磁場方向平行；不受洛倫茲力，故C錯誤；

D.速度與磁場方向平行；不受洛倫茲力，故D錯誤。

故選B。

【解析】B

5、D【分析】【分析】通電導線aa受重力、支持力和bb的作用力而平衡，根據受力平衡來確定bb對aa的作用力，以及其它力；根據F=BILF=BIL可知aa出磁感應強度。本題主要考查的是共點力平衡條件的應用，根據合力為00進行解題?！窘獯稹繉waa受水平向右的安培力、支持力與重力aa受處于平衡狀態aa受因夾角為aa受鈭?

故安培力aa受，，，，斜面的支持力為：FN=mg+F=2mg，故A，錯誤，D正確。故選D。，【解析】D

6、B【分析】解：A

這兩秒內的平均速度v爐=x1+x22T=2+2.52m/s=2.25m/s

故A錯誤．

B、根據x2鈭?x1=aT2

得，質點的加速度a=x2鈭?x1T2=2.5鈭?21m/s2=0.5m/s2

故B正確，C錯誤．

D；根據平均速度推論；某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，則第2s

末的速度為2.25m/s

則第3s

末的速度v=v1+at=2.25+0.5隆脕1m/s=2.75m/s

故D錯誤．

故選：B

．

根據平均速度的定義式求出兩秒內的平均速度；結合平均速度的推論求出第2s

末的速度，根據速度時間公式求出第3s

末的速度.

根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度．

解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷．【解析】B

7、A【分析】解：A

燈泡正常發光；燈泡兩端的電壓22V

原線圈兩端電壓有效值為220V

原、副線圈匝數之比為22022=101

A正確；

B、副線圈的電流I2=20隆脕2222A=20A

電流與匝數成反比，I1I2=n2n1I120=110

得I1=2A

所以電流表示數為2A

故B錯誤；C錯誤；

D；根據原線圈電壓的瞬時值表達式；知角速度婁脴=100婁脨=2婁脨f

得f=50Hz

原副線圈頻率相等，所以副線圈中電流的頻率為50Hz

故D錯誤。

故選：A

根據瞬時值的表達式可以求得輸出電壓的有效值；周期和頻率等；再根據電壓與匝數成正比，電流與匝數成反比，即可求得結論．

本題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解．【解析】A

8、B【分析】解：A；相互壓緊的粗糙物體之間；不一定有摩擦力，要看它們有無相對運動或相對運動的趨勢．故A錯誤，B正確．

C；接觸面光滑；相互擠壓和有相對運動的物體之間沒有摩擦力．故C錯誤．

D；只有相互擠壓和發生相對運動或有相對運動趨勢的粗糙物體之間才有摩擦力的作用．故D錯誤．

故選：B．

摩擦力產生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對運動或相對運動趨勢．

解決本題的關鍵掌握摩擦力產生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對運動或相對運動趨勢．【解析】【答案】B9、B【分析】解：在0隆蘆t1

時間內，根據法拉第電磁感應定律E=n鈻?BS鈻?t

知；磁場均勻增大，則感應電流為定值，根據楞次定律知，感應電流的方向為逆時針方向，為正值.

在t1隆蘆t2

時間內，磁感應強度不變，則感應電流為零，在t2隆蘆t4

時間內，磁感應強度的變化率相同，則感應電流大小相等，根據楞次定律知t2隆蘆t3t3隆蘆t4

時間內，感應電流的方向相同，為順時針方向，為負值，因為磁感應強度的變化率比0隆蘆t1

時間內小，則感應電流小.

故B正確，AC

D錯誤．

故選B．

根據法拉第電磁感應定律得出感應電動勢的大??；從而得出感應電流的大小，根據楞次定律判斷感應電流的方向．

解決本題的關鍵掌握法拉第電磁感應定律，以及會通過楞次定律判斷感應電流的方向．【解析】B

二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】【解析】試題分析：根據右手定則磁感線穿掌心，拇指指導體運動方向，則四指指高電勢，可知a點電勢低于b點電勢，產生的感應電動勢考點：考查法拉第電磁感應定律【解析】【答案】小于11、【分析】【解答】桿處于力矩平衡狀態，設繩子的拉力為F，桿長為L；則由力矩平衡條件可知：

G=F+F；

解得：F=

滑輪受兩繩的拉力及軸對定滑輪的作用力而處于平衡；即軸對定滑輪的作用力與兩邊繩子的拉力相等，則由力的平行四邊形可求得兩拉力的合力即為定滑輪對軸的作用力：

由幾何關系可知：

而軸對定滑輪的作用力與F'大小相等；方向相反；

故答案為：

【分析】由受力分析可知，桿受B點繩子的拉力、C點繩子的拉力及本身的重力作用處于轉動平衡狀態；由力矩平衡條件可求得繩子的拉力；由力的合成可求得軸對定滑輪的作用力．12、略

【分析】

溫度是分子平均動能的標志；所以100℃的水的分子平均動能等于100℃的水蒸氣的分子平均動能；同樣溫度的水變為同樣溫度的水蒸氣要吸收熱量，所以100℃的水的內能小于100℃相同質量的水蒸氣的內能．

答案為：等于；小于．

【解析】【答案】溫度是分子平均動能的標志；只要溫度相同，分子的平均動能就相同，內能除了與溫度有關外，還與物體所處的形態有關．

13、略

【分析】試題分析：靈敏電流計的滿偏電壓所以要測量的電壓就要串聯一個電阻，串聯后的電壓等于量程即計算得此時改裝后的電壓表內阻考點：靈敏電流計的改裝【解析】【答案】串聯5800600014、2.190mm7.869小【分析】解：（1）圖丙中固定刻度讀數為2mm；可動刻度讀數為0.01×19.0=0.190mm，所以最終讀數為2.190mm．

對準第4條亮紋時固定刻度讀數為7.5mm；可動讀數為0.01×36.9=0.369mm，所以最終讀數為7.869mm．

（2）根據△x=λ得：λ==

（3）根據△x=λ知雙縫間距d增大時條紋間距變?。?/p>

故答案為：（1）2.190mm7.869；

（2）d；

（3）?。?/p>

螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數；需要估讀．

根據△x=λ計算波長；

根據條紋間距公式△x=λ判斷條紋間距的變化．

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器的讀數方法，固定刻度讀數加上可動刻度讀數，不需估讀．以及掌握條紋間距公式．【解析】2.190mm7.869小三、判斷題(共5題，共10分)15、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢