鹽城市2025屆三年級第一學期期中考試

物理試題

注意事項：

1.本試卷考試時間為75分鐘，試卷滿分100分，考試形式閉卷；

2.本試卷中所有試題必須作答在答題卡上規定的位置，否則不給分；

3.答題前，務必將自己的學校、班級、姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水簽字筆填在答題卡

上。

一、單項選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。每小題只有一個選項符合題意。

1.如圖所示，質量相同的小球從長度相等、傾角不同的光滑斜面頂端由靜止釋放，通過頻閃照相機獲得照

片，則在同一高度上的小球具有相同的（）

A.速度大小

B.重力勢能

C.動量大小

D.加速度大小

2.如圖所示，用單擺測重力加速度的實驗中，為了使擺的周期大一些以方便測量，可以增大（）

A.擺角

B.擺長

C.擺球質量

D.全振動的測量次數

第1頁/共6頁

3.質量相等的甲、乙、丙、丁四個物體均沿直線運動，其以圖像如圖所示。則運動過程中所受合力逐漸減

4.如圖所示，質量相等的兩車以相同的速率轉彎行駛。圖甲是水平路面、圖乙是傾斜路面。關于兩輛汽車

的受力情況，以下說法正確的是（）

乙

A.兩車的向心力大小相等

B.兩車都受到路面的滑動摩擦力

C.兩車受到路面的支持力都豎直向上

D.乙車受到路面的摩擦力可能指向彎道外側

5.質量相等的甲、乙、丙、丁四個物體均做直線運動，其加速度。隨時間/變化的圖像如圖所示。則在相等

的時間內，動量改變量最大的是（）

A.甲

B.乙

C,丙

D.T

6.如圖所示，在水平桌面上用硬練習本做成一個斜面，使同一小鋼球先后從斜面上A、B位置由靜止釋放

滾下，鋼球沿桌面飛出后均做平拋運動，最終落到同一水平面上。比較兩次平拋運動，變化的物理量是

第2頁/共6頁

)

B

A.發生的位移

B.飛行的時間

C.速度的變化量

D.速度的變化率

7.在“驗證機械能守恒定律”實驗中大多數學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原

因是（）

A.利用公式丫=8,計算重物速度B.利用公式v=J麗計算重物速度

C.存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D.沒有采用多次實驗取平均值的方法

8.小船從M出發橫渡一條河，船頭始終垂直于河岸方向，船速大小不變。已知小船的運動軌跡如圖甲中

虛線所示，則能表示河水的流速（圖中箭頭的長短表示流速的大小）的是（）

A.B.C.*D.—*

!,:.!-?:?

..—*|一；-?:，-?

M：M：M：

9.質量為m的足球在位置1被踢出后落到位置3,在空中位置2達到最高點，整個運動的軌跡如圖所示。

則足球（）

A.上升過程機械能增大

B.下降過程機械能減小

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C.位置1與3的速度大小相等

D.上升和下降經歷的時間相等

10.某時刻橫波的波形如圖所示，此時介質中質點尸的振動動能在逐漸增大。則下列說法正確的是（

A.波沿x軸正方向傳播

B.質點尸運動方向沿x軸負方向

C.質點。振動的動能也逐漸增大

D.質點。所受的合力方向沿y軸正方向

11.如圖所示，兩質量相等的物塊甲、乙通過輕質彈簧連接，放置在水平面上，所有接觸面均光滑。彈簧

開始時處于原長，在物塊乙上施加一個水平恒力片甲、乙從靜止開始運動到第一次速度相等的過程，彈

簧始終處在彈性限度內，則（）

帚］砌硒硒求卜"

A.當甲、乙的速度相等時，乙的加速度達到最大

B.當甲、乙加速度相等時，甲、乙的速度差最大

C.彈簧的彈性勢能先增大再減小，最后保持不變

D.彈簧彈力對甲做的功大于乙克服彈簧彈力做的功

二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、方

程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數

值和單位。

12.某同學探究做圓周運動的物體所需向心力F與其質量機、轉動半徑廠和轉動角速度a之間的關系。為

了更精確探究尸與。的關系，采用如圖甲所示接有傳感器的向心力實驗裝置來進行實驗。力傳感器可直接

測量向心力的大小，水平直桿的一端放一滑塊，另一端固定寬度為d的擋光條，且與豎直轉軸的距離為

第4頁/共6頁

X力傳JBH

（1）用游標卡尺測量擋光條的寬度如圖乙所示，則1=_______mm。

（2）某次旋轉過程中擋光條經過光電門傳感器，記錄其擋光時間為△/,則角速度。=（用物理量

符號表示），此時力傳感器的示數為幾

（3）在實驗中，保持滑塊質量不變，改變滑塊做圓周運動的半徑廠，在同一坐標系中分別得到圖丙中的①

第一，對圖丙中的①數據處理，得到了F-x圖像是一條過原點的直線，如圖丁所示。則圖像橫坐標尤代表

的是=

第二，對圖丙中5條圖線進行分析研究可知圖線（選填①、②、③、④、⑤）對應半徑r最小，

并得到F與r之間關系的結論，請你簡要說明分析研究得到結論的方法：

13.如圖所示，滑躍式起飛是一種航母艦載機的起飛方式。飛機跑道的前一段是水平的，跑道尾段略微向

上翹起。假設質量為7〃的飛機滑躍式起飛過程是兩段連續的勻加速直線運動，前一段的加速時間為人、位

移為XI,后一段的加速度為。2、位移為X2,不計一切阻力。求飛機

第5頁/共6頁

（1）前一段加速度的大小ai;

（2）后一段動能的變化AE-

14.如圖所示，我國發射的火星探測器''天問一號”在著陸火星前，探測器在距火星表面高度為人的軌道

上繞火星做勻速圓周運動，周期為兀已知火星的半徑為R,引力常量為G,忽略其他天體對探測器的引

力作用。求：

（1）探測器繞火星運動的角速度。；

（2）火星表面的重力加速度g。

15.如圖所示，水平面上固定一個表面光滑的直角斜劈ABC,質量為根的木塊從斜劈的A端由靜止釋放,

在豎直方向獲得的加速度為滑到B端時重力的瞬時功率為P。重力加速度取g。求木塊

（1）對斜劈的壓力產；

（2）下滑到B端所用的時間

（3）下滑到AB中點的速度大小。

16.如圖所示，在光滑的水平桌面上放有右端固定擋板的長木板甲，甲的左端和中點處各有小物塊乙和

丙，乙與丙、丙與擋板之間的距離均為七甲與乙、丙之間的動摩擦因數均為〃，甲、乙、丙的質量均為

m.開始時，丙和甲靜止，現給乙水平向右的初速度。重力加速度取g,所有碰撞均為彈性碰撞。

（1）求乙和丙碰撞前，丙受到的摩擦力大小力

（2）若乙剛好與丙不發生碰撞，求乙克服摩擦力做的功W；

（3）若丙能從長木板甲上滑出，則乙的初速度％應滿足的條件。

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鹽城市2025屆三年級第一學期期中考試

物理試題

注意事項：

1.本試卷考試時間為75分鐘，試卷滿分100分，考試形式閉卷；

2.本試卷中所有試題必須作答在答題卡上規定的位置，否則不給分；

3.答題前，務必將自己的學校、班級、姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水簽字筆填在答題卡

上。

一、單項選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。每小題只有一個選項符合題意。

1.如圖所示，質量相同的小球從長度相等、傾角不同的光滑斜面頂端由靜止釋放，通過頻閃照相機獲得照

B.重力勢能

C.動量大小

D.加速度大小

【答案】B

【詳解】A.設小球下滑高度為心根據機械能守恒

,12

mgn=—mv

解得

v=y12gh

由于釋放點的高度不同，所以同一高度上的小球，下滑的高度力不同，所以在同一高度上的小球速度大小

不同，故A錯誤；

B.小球的質量相同，設小球高度為例，根據重力勢能表達式

E=mgh

可知在同一高度上的小球具有相同的重力勢能，故B正確；

C.質量相同的小球，在同一高度上的小球速度大小不同，所以動量大小也不同，故C錯誤；

D.設斜面與水平面夾角為仇小球的加速度

mgsin6.八

a=----------=gsin，

m

斜面傾角不同，所以在同一高度上的小球，加速度大小不同，故D錯誤。

故選B。

2.如圖所示，用單擺測重力加速度的實驗中，為了使擺的周期大一些以方便測量，可以增大（）

B.擺長

C.擺球質量

D.全振動的測量次數

【答案】B

【詳解】根據單擺的周期公式

可知，單擺周期與擺角和擺球質量和全振動的測量次數無關，所以為了使擺的周期大一些，應該增大擺長

Lo

故選B。

3.質量相等的甲、乙、丙、丁四個物體均沿直線運動，其四圖像如圖所示。則運動過程中所受合力逐漸減

小的物體是（）

0OOO

【答案】C

【詳解】ABCD.在X圖像中，斜率表示加速度，丙的加速度逐漸減小，四個物體質量相同，根據牛頓第

二定律

F合=ma

可知丙運動過程中所受合力逐漸減小，ABD錯誤，C正確。

故選C。

4.如圖所示，質量相等的兩車以相同的速率轉彎行駛。圖甲是水平路面、圖乙是傾斜路面。關于兩輛汽車

的受力情況，以下說法正確的是（）

A.兩車的向心力大小相等

B.兩車都受到路面的滑動摩擦力

C.兩車受到路面的支持力都豎直向上

D.乙車受到路面的摩擦力可能指向彎道外側

【答案】D

【詳解】A.質量相等的兩車以相同的速率轉彎行駛，根據向心力表達式產=根匕，由于不知道兩車轉彎

R

的半徑關系，所以無法確定兩車的向心力大小關系，故A錯誤；

C.圖甲中汽車受到的支持力豎直向上，圖乙中汽車受到的支持力垂直傾斜路面向上，故C錯誤；

BD.圖甲中，汽車受到路面指向圓心的靜摩擦力提供向心力；圖乙中當汽車速度為某一適當值時，重力和

支持力的合力剛好提供向心力，此時路面對汽車沒有摩擦力的作用；當汽車速度大于此值時，重力和支持

力的合力不足以提供向心力，汽車受到路面的摩擦力指向彎道內側；當汽車速度小于此值時，重力和支持

力的合力大于所需的向心力，汽車受到路面的摩擦力指向彎道外側；故B錯誤，D正確。

故選D。

5.質量相等的甲、乙、丙、丁四個物體均做直線運動，其加速度。隨時間，變化的圖像如圖所示。則在相等

的時間內，動量改變量最大的是（）

B.乙

C.丙

D.T

【答案】A

【詳解】根據動量定理可得

Np=F合t=mat

由于甲、乙、丙、丁四個物體的質量相等，甲的加速度最大，所以在相等的時間內，動量改變量最大的是

甲。

故選Ao

6.如圖所示，在水平桌面上用硬練習本做成一個斜面，使同一小鋼球先后從斜面上A、B位置由靜止釋放

滾下，鋼球沿桌面飛出后均做平拋運動，最終落到同一水平面上。比較兩次平拋運動，變化的物理量是

()

A.發生的位移

B.飛行的時間

C.速度的變化量

D.速度的變化率

【答案】A

【詳解】由題意可知，兩次小球做平拋運動的初速度%不相等，下落高度/z相等，加速度均為重力加速

度，所以兩次的速度變化率相等；豎直方向根據

可知兩次飛行的時間相等，根據

Av=gt

可知兩次速度的變化量相等；水平方向根據

x=vot

可知兩次的水平位移不相等，根據

s合=\X2+h1

可知兩次的合位移不相等。

故選Ao

7.在“驗證機械能守恒定律”實驗中大多數學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原

因是（）

A.利用公式丫=8/計算重物速度B.利用公式丫=，而計算重物速度

C.存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D.沒有采用多次實驗取平均值的方法

【答案】C

【詳解】AB.利用方法計算，已經認為機械能守恒，所以兩者應該沒有誤差，故AB錯誤；

C.由于紙帶在下落過程中，重物和空氣之間存在阻力，紙帶和打點計時器之間存在摩擦力，所以減小的

重力勢能一部分轉化為動能，還有一部分要克服空氣阻力和摩擦力阻力做功，故重力勢能的減少量大于動

能的增加量，故C正確；

D.采用多次實驗的數據取平均值，是實驗中常見的減小誤差的方法，但題目中說大多數學生得到的實驗

結果相同，大多數學生都未采用取平均值的方法的可能性較低，所以結果應該由其他原因導致，故D錯

誤。

故選C。

8.小船從M出發橫渡一條河，船頭始終垂直于河岸方向，船速大小不變。已知小船的運動軌跡如圖甲中

虛線所示，則能表示河水的流速（圖中箭頭的長短表示流速的大小）的是（）

N:,N*_?N?*N；.?

":M：疝M：

【答案】C

【詳解】小船做曲線運動，小船的合速度沿切線，船頭始終垂直于河岸方向，設小船合速度與水平方向的

夾角為，，則有

tan”加

小船運動過程中，小船合速度與水平方向的夾角先減小后增大，由于船速v船大小不變，可知v水先增后減

小。

故選C。

9.質量為m的足球在位置1被踢出后落到位置3,在空中位置2達到最高點，整個運動的軌跡如圖所示。

則足球（）

v.....................

飛

A.上升過程機械能增大

B.下降過程機械能減小

C.位置1與3的速度大小相等

D.上升和下降經歷的時間相等

【答案】B

【詳解】AB.由足球的運動軌跡可知，足球在空中運動時一定受到空氣阻力作用，所以在空中運動過程中

機械能一直減小，故A錯誤，B正確；

C.足球在空中運動時一定受到空氣阻力作用，所以在空中運動過程中機械能一直減小。位置1與3的高

度相等，足球在兩位置時重力勢能相等，所以位置1時的動能大于位置3時的動能，位置1時的速度大于

位置3時的速度，故C錯誤；

D.研究足球豎直方向分運動，上升過程的平均加速度大于下降過程的平均加速度，根據

h=—at2

2

得

可知與下落過程相比，上升過程時間短。故D錯誤。

故選B。

10.某時刻橫波的波形如圖所示，此時介質中質點P的振動動能在逐漸增大。則下列說法正確的是（）

A.波沿x軸正方向傳播

B.質點P運動方向沿x軸負方向

C.質點。振動的動能也逐漸增大

D.質點。所受的合力方向沿y軸正方向

【答案】D

【詳解】AB.此時介質中質點尸的振動動能在逐漸增大，可知此時質點P沿y軸向上振動，根據波形平移

法可知，波沿無軸負方向傳播，故AB錯誤;

CD.由于波沿無軸負方向傳播，則此時質點。沿y軸向下振動，質點。振動的動能在減小，質點。所受

的合力方向沿y軸正方向指向平衡位置，故C錯誤，D正確。

故選D。

11.如圖所示，兩質量相等的物塊甲、乙通過輕質彈簧連接，放置在水平面上，所有接觸面均光滑。彈簧

開始時處于原長，在物塊乙上施加一個水平恒力E甲、乙從靜止開始運動到第一次速度相等的過程，彈

簧始終處在彈性限度內，則（）

甲WWW乙f產

A.當甲、乙的速度相等時，乙的加速度達到最大

B.當甲、乙加速度相等時，甲、乙的速度差最大

彈簧的彈性勢能先增大再減小，最后保持不變

D.彈簧彈力對甲做的功大于乙克服彈簧彈力做的功

【答案】B

【詳解】AB.設彈簧大小為4,對乙有

F-4=ma乙

對甲有

F彈=機a甲

兩物塊從靜止開始運動到第一次速度相等的過程中，彈簧彈力逐漸增大，乙的加速度逐漸減小，甲的加速

度逐漸增大，該過程的v-/圖像如圖所示

由圖可知乙時刻，兩物塊加速度相等，兩圖線切線斜率相同，甲、乙的速度差最大，故A錯誤，B正確；

C.甲、乙從靜止開始運動到第一次速度相等的過程，乙的速度一直大于甲的速度，則彈簧的伸長量一直

增大，彈簧的彈性勢能一直增大，故c錯誤；

D.甲、乙從靜止開始運動到第一次速度相等的過程，由于乙的速度一直大于甲的速度，乙發生的位移大

于甲發生的位移，所以彈簧彈力對甲做的功小于乙克服彈簧彈力做的功，故D錯誤。

故選B。

二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、方

程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數

值和單位。

12.某同學探究做圓周運動的物體所需向心力f與其質量機、轉動半徑r和轉動角速度a之間的關系。為

了更精確探究尸與。的關系，采用如圖甲所示接有傳感器的向心力實驗裝置來進行實驗。力傳感器可直接

測量向心力的大小，水平直桿的一端放一滑塊，另一端固定寬度為d的擋光條，且與豎直轉軸的距離為

Do

X力傳JBH

（1）用游標卡尺測量擋光條的寬度如圖乙所示，則1=_______mm。

（2）某次旋轉過程中擋光條經過光電門傳感器，記錄其擋光時間為△/,則角速度。=（用物理量

符號表示），此時力傳感器的示數為幾

（3）在實驗中，保持滑塊質量不變，改變滑塊做圓周運動的半徑r,在同一坐標系中分別得到圖丙中的①

第一，對圖丙中的①數據處理，得到了F-x圖像是一條過原點的直線，如圖丁所示。則圖像橫坐標尤代表

的是=

第二，對圖丙中5條圖線進行分析研究可知圖線（選填①、②、③、④、⑤）對應半徑r最小，

并得到F與r之間關系的結論，請你簡要說明分析研究得到結論的方法：

【答案】（1）8.6（2）——

DN

（3）①.4或加療②.⑤③.探究尸與廠的關系時，要先控制機和0不變，因此可在歹―。圖

像中找到同一個口對應的向心力，根據5組向心力廠與半徑r的數據，在尸--坐標系中描點作圖，若得到

一條過原點的直線，則說明尸與r成正比。

【解析】

【小問1詳解】

口］游標卡尺讀數為

d=x

【小問2詳解】

⑵擋光條過光電門的速度為

d

v=一

Ar

則角速度為

d

d

DD~D^t

【小問3詳解】

[3]由向心力公式

r廠=mo)2r

再根據圖像可知，該圖像是一條過原點的直線，R與X成正比，則橫坐標》代表的是0?（或2）。

[4]根據

rj—t=ma>2r

知0相同時，廠越小，R越小，故圖線⑤對應半徑r最小。

[5]探究尸與r的關系時，要先控制機和切不變，因此可在歹-。圖像中找到同一個口對應的向心力，根

據5組向心力廠與半徑/"的數據，在尸-r坐標系中描點作圖，若得到一條過原點的直線，則說明尸與廠

成正比。

13.如圖所示，滑躍式起飛是一種航母艦載機的起飛方式。飛機跑道的前一段是水平的，跑道尾段略微向

上翹起。假設質量為加的飛機滑躍式起飛過程是兩段連續的勻加速直線運動，前一段的加速時間為人、位

移為XI,后一段的加速度為。2、位移為X2,不計一切阻力。求飛機

（1）前一段加速度的大小可；

（2）后一段動能的變化AE-

【答案】（1）2

1

(2)ma2x2

【解析】

【小問1詳解】

前一段飛機勻加速直線運動

12

解得

【小問2詳解】

后一段飛機勻加速直線運動，所受合力為

F=ma2

根據動能定理動能的變化

FX2=AEk

解得

AEk=ma2x2

14.如圖所示，我國發射的火星探測器“天問一號”在著陸火星前，探測器在距火星表面高度為人的軌道

上繞火星做勻速圓周運動，周期為兀已知火星的半徑為R,引力常量為G,忽略其他天體對探測器的引

力作用。求：

（1）探測器繞火星運動的角速度。;

（2）火星表面的重力加速度g。

【答案】（1）—

⑵4-2（氏+丸）3

R2T2

【解析】

【小問1詳解】

探測器繞火星做勻速圓周運動的周期為T,則探測器繞火星運動的角速度為

71

CD-——

T

【小問2詳解】

探測器繞火星做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力可得

GMm4/

=根產（尺+力）

(R+/l)2

在火星表面有

GMm',

—^=m8

聯立解得火星表面的重力加速度為

_GM_4/(R+〃)3

8~~RR~~-

15.如圖所示，水平面上固定一個表面光滑的直角斜劈ABC,質量為小的木塊從斜劈的A端由靜止釋放,

在豎直方向獲得的加速度為。，滑到B端時重力的瞬時功率為P。重力加速度取g。求木塊

（1）對斜劈的壓力B

（2）下滑到8端所用的時間才；

（3）下滑到A3中點的速度大小。

【答案】⑴mg

P

(2)

mga

ID,----------

2mga

【解析】

【小問1詳解】

設NA5C=。，以木塊為對象，根據牛頓第二定律可得

mg0=ma合

可得

。合=gsin6

則豎直方向的加速度為

a=。合sin6=gsin20

以木塊為對象，垂直斜面方向有

F'=mgcos0

聯立可得

根據牛頓第三定律可知，木塊對斜劈的壓力為

【小問2詳解】

滑到3端時重力的瞬時功率為尸，則有

P=mgvy=mgat

可得下滑到8端所用的時間為

P

t=-------

mga

【小問3詳解】

木塊沿斜面方向的合加速度為

。合=gsin6=&]

木塊下滑到3端的速度大小為

mga

設AB距離為L,木塊下滑到AB中點的速度大小為V,根據運動學公式可得

聯立可得

v=v^=P^_

mga

如圖所示，在光滑的水平桌面上放有右端固定擋板的長木板甲，甲的左端和中點處各有小物塊乙和

丙，乙與丙、丙與擋板之間的距離均為七甲與乙、丙之間的動摩擦因數均為“，甲、乙、丙的質量均為

相。開始時，丙和甲靜止，現給乙水平向右的初速度。重力加速度取g,所有碰撞均為彈性碰撞。

(1)求乙和丙碰撞前，丙受到的摩擦力大小/；

(2)若乙剛好與丙不發生碰撞，求乙克服摩擦力做的功W；

(3)若丙能從長木板甲上滑出，則乙的初速度必應滿足的條件。

【答案】⑴W

4jumgL

3

⑶%>4j〃gL

【解析】

【小問1詳解】

乙和丙碰撞前，乙向右滑行，對于乙

_/umg=機(_q)

解得

q=〃g

甲和丙一起向右加速，對于甲和丙整體

jumg=2ma2

解得

對于丙，所受的摩擦力為

Rmg

f=