2025屆浙江省嘉興三中物理高二第一學期期中考試試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電源內阻較大，當開關閉合、滑動變阻器滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止狀態，燈泡L也能正常發光，現將滑動變阻器滑片由該位置向a端滑動，則（）A．燈泡將變暗，電源效率將減小B．液滴帶正電，將向下做加速運動C．電源的路端電壓增大，輸出功率也增大D．滑片滑動瞬間，帶電液滴電勢能將減小2、如圖所示，一勻強電場的場強方向為水平方向(虛線為電場線)，一帶負電微粒以某一角度θ從電場中a點斜向上方射入，沿直線運動至b點，則可知()A．電場中a點的電勢低于b點的電勢B．場強方向為水平向左C．微粒的機械能保持不變D．微粒在a點時的動能大于在b點時的動能，在a點的電勢能小于在b點的電勢能3、甲、乙兩個導體的電阻關系是R甲=3R乙，將它們并聯接到電源上，則通過甲、乙兩導體的電流之比是A．1：1B．1：3C．3：1D．無法確定4、如圖，電流表A1與A2內阻相同，電壓U恒定，甲圖A1示數為3A，A2示數為2A，則乙圖中（）A．A1示數大于3A,A2示數小于1AB．A1示數大于3A,A2示數大于1AC．A1示數小于3A,A2示數小于1AD．A1示數小于3A,A2示數大于1A5、如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2為可變電阻，開關S閉合。質量為m的帶正電的微粒從P點以水平速度V0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點。若經過下列調整后，微粒仍從P點以水平速度V0射入，則（）A．保持S閉合，增大R2，粒子打在O點右側B．保持S閉合，增大R1，粒子打在O點左側C．斷開S，M極板稍微上移，粒子打在O點右側D．斷開S，M極板稍微下移，粒子打在O點左側6、如圖所示，把一個帶正電的小球放入原來不帶電的金屬空腔球殼內，其結果可能是（）A．只有球殼外表面帶正電B．只有球殼內表面帶正電C．球殼的內、外表面都帶正電D．球殼的內表面帶正電，外表面帶負電二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用電池對電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個電荷q處于靜止狀態。現將兩極板的間距變大，則A．電荷將向上加速運動B．電荷將向下加速運動C．電流表中將有從a到b的電流D．電流表中將有從b到a的電流8、如圖所示，分別在M、N兩點固定放置兩個點電荷和，以MN連線的中點O為圓心的圓周上有A、B、C、D四點，規定無窮遠電勢為零，下列說法正確的是A．A點場強小于B點場強B．C點場強與D點場強相同C．O點電勢小于零D．C點和D點電勢相等9、如圖所示是一個直流電動機提升重物的裝置，重物質量m=50kg，電源電壓U=100V，不計各處的摩擦，當電動機以v=0.9m/s的恒定速度將重物向上提升1m時，電路中的電流I=5A，g取10m/s2，由此可知（）A．電動機線圈的電阻r=2Ω B．電動機線圈的電阻r=1ΩC．此過程中無用功為50J D．該裝置的效率為90%10、一遙控玩具汽車在平直路上運動的位移一時間圖象如圖所示，則下列正確的是A．25s內汽車的路程為40mB．前10s內汽車的加速度為3m／s2C．20s末汽車的速度大小為1m／sD．前25s內汽車做單方向直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了研究一個“2.5V0.2W”小燈泡的伏安特性，現有4V蓄電池1個，電鍵1個，導線若干，其他可供選擇的器材如下：A．量程為0—0.6A，內阻約為0.2Ω的電流表1個；B．量程為0—100mA，內阻約為5Ω的電流表1個；C．量程為0—3V，內阻約為10kΩ的電壓表1個；D．量程為0—15V，內阻約為50kΩ的電壓表1個E.額定電流為1A，阻值為0—5Ω的滑動變阻器1個．(1)要正確完成這個實驗，電流表應選______，電壓表應選______(選填相應器材前面的代號)(2)畫出實驗的電路原理圖________．12．（12分）(1)在“測定金屬的電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖所示，金屬絲直徑d=___________mm；(2)下述關于用多用電表歐姆擋測電阻的說法中正確的是___________。A．測量電阻時，如果指針偏轉過大，應將選擇開關S撥至倍率較小的擋位，重新調零后測量B．測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，則會影響測量結果C．測量電路中的某個電阻，應該把該電阻與電路斷開D．測量阻值不同的電阻時，都必須重新調零(3)用電流表和電壓表測定由三節干電池串聯組成的電池組(電動勢約4.5V，內電阻約1Ω的電動勢和內電阻，除待測電池組、電鍵、導線外，還有下列器材供選用：A．電流表:量程0.6A，內電阻約1Ω；B．電流表:量程3A，內電阻約0.2Ω；C．電壓表:量程3V，內電阻約30kΩ；D．電壓表:量程6V，內電阻約60kΩ；E.滑動變阻器:0-1000Ω，額定電流0.5A；F.滑動變阻器:0-20Ω，額定電流2A；為了使測量結果盡量準確，電流表應選用______，電壓表應選用_______，滑動變阻器應選用_______(均填儀器的字母代號).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）光電效應和康普頓效應深入地揭示了光的粒子性的一面。前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量之外還具有動量。由狹義相對論可知，一定的質量與一定的能量相對應，其中為真空中光速。（1）已知某單色光的頻率為，波長為，該單色光光子的能量，其中為普朗克常量。試借用質子、電子等粒子動量的定義動量=質量×速度，推導該單色光光子的動量。（2）光照射到物體表面時，如同大量氣體分子與器壁的頻繁碰撞一樣，將產生持續均勻的壓力，這種壓力會對物體表面產生壓強，這就是“光壓”，用表示。一臺發光功率為的激光器發出一束某頻率的激光，光束的橫截面積為。當該激光束垂直照射到某物體表面時，假設光全部被吸收，試寫出其在物體表面引起的光壓的表達式。（3）設想利用太陽光的“光壓”為探測器提供動力，將太陽系中的探測器送到太陽系以外，這就需要為探測器制作一個很大的光帆，以使太陽光對光帆的壓力超過太陽對探測器的引力，不考慮行星對探測器的引力。一個質量為的探測器，正在朝遠離太陽的方向運動。已知引力常量為，太陽的質量為，太陽單位時間輻射的總能量為。設帆面始終與太陽光垂直，且光帆能將太陽光一半反射，一半吸收。試估算該探測器光帆的面積應滿足的條件。14．（16分）如圖所示，兩足夠長平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=0.50T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內阻r=0.50Ω的直流電源。現把一個質量m=0.040kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰能靜止。導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=2.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s2。已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）導體棒受到的安培力大小；（2）導體棒受到的摩擦力大小；（3）若只把勻強磁場B的方向改為豎直向上、大小改為1.0T，動摩擦因數為μ=0.2，其他條件都不變，求導體棒運動的加速度大小。15．（12分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A，B水平放置，接入如圖所示電路中，兩板間的距離，電源電動勢，內電阻r，電阻，，閉合開關S，待電路穩定后，將一帶電的小球放入板間恰能保持靜止，若小球質量為，電量大小，取問：小球帶正電還是負電，電容器的電壓為多大？電源的內阻為多大？電源的效率是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A．將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，燈泡消耗的功率減小，則燈泡將變暗．電源的效率外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電源效率增大．故A項錯誤．B．液滴受力平衡，因電容器上極板帶負電，板間場強向上，則知液滴帶正電．滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，電容器板間電壓增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，因此液滴將向上做加速運動．故B項錯誤．C．由于電源的內電阻與外電阻關系未知，所以不能判斷輸出功率如何變化，故C項錯誤．D．因電容器兩端的電壓增大，板間場強增大，下極板與電荷所在位置間的電勢差增大，因下極板接地，電勢始終為0，則電荷所在位置的電勢減小；粒子帶正電，則粒子電勢能減小．故D項正確．【點睛】本題是電容器動態變化分析與電路動態變化分析的綜合，抓住電容器的電壓與電阻電壓的關系進行分析；下極板接地且與電源正極相連，板間各點電勢均為負值．2、D【解析】

AB．粒子沿直線運動到b點，粒子的合力與速度在同一直線上，重力豎直向下，則受到的電場力水平向左，電場方向水平向右。則a點的電勢高于b點的電勢。故AB錯誤。CD．粒子從a到b電場力做負功，電勢能增加，機械能減小合外力做負功，動能減小，即微粒在a點時的動能大于在b點時的動能，在a點的電勢能小于在b點的電勢能，選項C錯誤，D正確。3、B【解析】

甲、乙兩個導體并聯接到電源上，導體兩端的電壓相等，根據歐姆定律求解；【詳解】甲、乙兩個導體并聯接到電源上，導體兩端的電壓相等，則，根據歐姆定律可得通過甲、乙兩導體的電流之比，故B正確，A、C、D錯誤；故選B。【點睛】對于串聯或并聯電路，關鍵要掌握其基本特點，抓住并聯電路導體兩端電壓相等是本題的解題關鍵。4、A【解析】

由圖甲可知，I1=2A，I2=3A-2A=1A，則，由并聯電路特點可知，圖乙所示電路總電阻變小，電路兩端電壓不變，由歐姆定律可知，干路電路總電流變大，電流表A1示數變大；干路電流變大，電流表A1兩端電壓變大，并聯電路電壓變小，又由于電流表A2所在支路電阻變大，由歐姆定律可知，電流表A2示數變小，即A1示數大于3A,A2示數小于1A，故A正確，BCD錯誤；故選A。【點睛】本題是一道電路動態分析題，關鍵是通過分析兩個支路電阻的變化分析電流及電壓的變化，要注意理清解題思路，注意串并聯電路特點的應用、歐姆定律的應用．5、B【解析】保持開關S閉合，增大R2，不會影響電阻R0兩端的電壓，故粒子打在O點，故A錯誤；保持開關S閉合，根據串并聯電壓關系可知，R0兩端的電壓為：，增大R1，U將減小，電容器兩端的電壓減小，故粒子受重力和電場力方向相反，根據牛頓第二定律可得加速度為：，可知加速度增大，當粒子打在下板時有：，可知粒子的運動時間變小，在水平方向飛行的距離為，可知粒子打在O點左側，故B正確；斷開開關，平行板間的電場強度為：，電場強度不變，故加速度不變，M極板稍微上移，不會影響離子的運動，故還打在O點，故CD錯誤。所以B正確，ACD錯誤。6、A【解析】

把一個帶正電的小球放入原來不帶電的金屬空腔球殼內，則金屬殼上帶負電的電子與帶正電的小球中和，由于同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，所以內表面不帶電，外表面剩余了正電荷，外表面帶正電，故A正確，BCD錯誤；故選A。【點睛】帶正電的物體是因為缺少電子，帶負電的物體是因為有多余的電子，當帶電體接觸不帶電的金屬空腔球殼時，電子發生轉移；本題考查感應帶電的實質：電子從導體的一部分轉移到另一部分。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB．電容器極板間電壓不變，根據勻強電場中電場強度和電勢差的關系：極板間距變大，可知電場強度減小，電荷初始時刻靜止不動，受到豎直向下的重力和豎直向上的電場力平衡，電場強度減小，電荷受到的電場力變小，所以電荷將向下加速運動，A錯誤，B正確。CD．根據電容的決定式：極板間距增大，電容減小，根據電容的定義式：極板間電壓不變，電容減小，電荷量減小，電容器放電，所以電流表中有從到的電流，C錯誤，D正確。故選BD。8、ACD【解析】A：電荷附近B處的電場線比附近A處的電場線密集，則A點場強小于B點場強；故A正確．B：根據場強的疊加可知：C點場強方向斜向右下，D點場強方向斜向右上；則C點場強與D點場強方向不同．故B錯誤．C：O點電勢：，因，O點電勢小于零；故C正確．D：電場線從到，關于MN對稱，C點和D點電勢相等；故D正確．點睛：場強是矢量，疊加遵循平行四邊形定則；電勢是標量，疊加直接代數和．9、AD【解析】

AB：電動機以v=0.9m/s的恒定速度將重物向上提升對電動機解得故A項正確，B項錯誤．C：此過程中無用功又，解得．故C項錯誤．D：該裝置的效率．故D項正確．【點睛】純電阻元件，歐姆定律適用，電功等于電熱，電功率等于熱功率；非純電阻元件，歐姆定律不適用，電功大于電熱，電功率大于熱功率，其它功率等于電功率減去熱功率．10、AC【解析】

位移-時間圖象的斜率等于物體速度．縱坐標的變化量等于物體位移的大小．勻速直線運動的加速度為零．根據斜率等于速度分析物體析運動情況．【詳解】A項：由圖看出，15s內汽車的位移為故A正確；B項：前10s內汽車做勻速直線運動，加速度為0，故B錯誤；C項：20s末汽車的速度大小等于15-25s內圖象的斜率大小：，故C正確；D項：汽車在0-10s內沿正方向做勻速直線運動；10-15s內處于靜止狀態；15-25s內汽車沿負方向做勻速直線運動，故D錯誤．故應選：AC．【點睛】根據位移圖象分析物體的運動情況時，關鍵要抓住圖象的斜率等于速度進行分析．要知道物體的位移等于縱坐標x的變化量．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC【解析】

(1)小燈泡的額定電壓為2.5V，所以采用電壓表C，小燈泡的額定電流為，所以采用電流表B；(2)由于電壓電流需從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，正常工作時燈泡的電阻，遠小于電壓表的內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖如圖所示：12、0.697（0.696—0.698均可）ACADF【解析】

(1)[1]螺旋測微器的讀數為：；(2)[2]A．測量電阻時如果指針偏轉過大，則示數較小，所選擋位太大，應換小擋，應將選擇開關S撥至倍率較小的檔位，重新調零后測量，A正確；B．測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，不會影響測量結果，B錯誤；C．由于多用電表測量電阻時，內容有電源，所以測量電路中的某個電阻，應該把該電阻與電路斷開，C正確；D．用同一擋位測量阻值不同的電阻時不必重新調零，換擋后要重新進行歐姆調零，D錯誤；(3)[3]實驗中電流較小，若選用3A量程測量誤差較大；故為了準確測量，電流表應選A；[4]電源電動勢約為1.5×3=4.5V，電壓表應選D；[5]電阻值太大，調節不方便，為方便實驗操作，滑動變阻器應選F；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）見解析