2025屆福建省漳州第一中學高一物理第一學期期末綜合測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，位于水平桌面上的木板P，上面疊放一物塊Q，用水平細繩將Q與豎直墻壁相連．已知Q與P、P與桌面之間動摩擦因數均為，木板P與物塊Q的質量分別是2m和m，若用一水平向右的力F把P勻速拉出，則F的大小為（）A.2μmg B.3μmgC.4μmg D.5μmg2、關于加速度的定義式，下列說法正確的是A.加速度a的大小與速度變化量成正比B.加速度a的大小與時間成反比C.加速度a的方向與速度變化量的方向相反D.加速度a方向與速度變化量的方向相同3、如圖所示，t=0時，某物體從光滑斜面上A點由靜止開始下滑，經過B點后進入水平面(經過B點前后速度大小不變，方向由沿斜面向下突變為水平向右)，最后停在C點。每隔2s物體的瞬時速率記錄在表格中，已知物體在斜面上做勻加速直線運動，在水平面上做勻減速直線運動，則下列說法中正確的是（）23608128A.t=3s時物體恰好經過B點B.t=10s時物體恰好運動到C點C.物體運動過程中的最大速度為12m/sD.A、B間距離等于B、C間距離4、下列關于摩擦力的說法正確的是（）A.摩擦力的方向總與物體的運動方向相反B.摩擦力大小一定與相應的正壓力成正比C.運動著的物體不可能受靜摩擦力作用，只能受滑動摩擦力的作用D.靜摩擦力的方向跟物體相對運動趨勢的方向相反5、在物理學的探索和發現過程中，科學家們運用了許多研究方法．以下關于物理學研究方法的敘述中錯誤的是()A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法是等效替代法B.根據速度定義式v＝，當Δt→0時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維法C.在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，這里運用了控制變量法D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了微元法6、如圖所示，甲、乙兩運動員從水速恒定的河兩岸A、B處同時下水游泳，A在B的下游位置，甲游得比乙快，為了在河中盡快相遇，兩人游泳的方向應為（）A.甲、乙都沿A、B連線方向B.甲、乙都沿A、B連線偏向下游方向C.甲、乙都沿A、B連線偏向上游方向D.甲沿A、B連線偏向上游方向，乙沿A、B連線偏向下游方向7、如圖所示，某同學站在體重計上觀察超重與失重現象。由穩定的站姿變化到穩定的蹲姿稱為“下蹲”過程；由穩定的蹲姿變化到穩定的站姿稱為“起立”過程。他穩定站立時，體重計的示數為500N，關于實驗現象，下列說法正確的是（）A.“起立”過程是超重現象，“下蹲”過程是失重現象B.“起立”和“下蹲”過程都有超重和失重現象出現C.圖記錄的是他先“下蹲”穩定后又“起立”的過程D.“下蹲”過程先出現失重現象，“起立”過程先出現超重現象8、如圖所示，傾角為θ的斜面體c置于水平地面上，物塊b置于斜面上，通過跨過光滑定滑輪的細繩與小盒a連接，連接b的一段細繩與斜面平行，連接a的一段細繩豎直，a連接在豎直固定在地面的彈簧上。現向盒內緩慢加入適量砂粒，a、b、c始終處于靜止狀態。下列判斷正確的是（）A.c對b的摩擦力可能減小 B.地面對c的支持力一定減小C.地面對c的摩擦力可能不變 D.彈簧的彈力可能增大9、如圖甲所示，水平傳送帶的長度，皮帶輪以速度順時針勻速轉動，現有一質量為的小物塊(可視為質點)以水平速度從點滑上傳送帶，超過點后做平拋運動，其水平位移為，保持物塊的初速度不變，多次改變皮帶輪的速度，依次測量水平位移，得到如圖乙所示的圖像，下列說法正確的是A.當時，物塊在之間一直勻減速直線運動B.當時，物塊在之間一直勻加速直線運動C.時，物塊在之間先減速到與傳送帶共速再勻速運動D.物塊的初速度10、如圖所示，水平面上有一質量為m=2kg的滑塊，t=0時，該滑塊在恒定的水平拉力F作用下由靜止開始做勻加速直線運動，t=1s時撤去拉力F，物體在整個運動過程中的v－t圖象如圖所示，g＝10m/s2，則A.拉力F的大小為18NB.拉力F的大小為15NC.滑塊與水平面的動摩擦因數為μ=0.3D.滑塊與水平面的動摩擦因數為μ=0.211、小球從空中自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時間變化的關系如圖所示.取g=10m/s2.則（）A.小球下落的最大速度為5m/s B.小球第一次反彈初速度的大小為5m/sC.小球能彈起的最大高度為0.45m D.小球能彈起的最大高度為1.25m12、如圖所示，A、B兩物體的重力分別是GA＝3N、GB＝4N．A用細繩懸掛在天花板上，B放在水平地面上，連接A、B間的輕彈簧的彈力F＝2N，則繩中張力FT及B對地面的壓力FN的可能值分別是()A.7N和10N B.5N和2NC.1N和6N D.2N和5N二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，傳送帶與水平面之間的夾角，其上A、B兩點間的距離L=5m，傳送帶在電動機的帶動下以的速度勻速運動現將一質量m=10kg的小物體（可視為質點）輕放在傳送帶的A點，已知小物體與傳送之間的動摩擦因數，在傳送帶將小物體從A點傳送到B點的過程中，求：（取）（1）物體從A到B運動的時間（2）傳送帶對小物體做的功；17、（10分）鋼球由靜止開始做自由落體運動，不計空氣阻力，落地時的速度為30m/s；g取10m/s2。(1)鋼球下落的高度是多少?(2)鋼球在最后1s內下落的高度是多少?

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】對Q物塊，設跨過定滑輪的輕繩拉力為T，木塊Q與P間的滑動摩擦力為：f=μmg①根據共點力平衡條件有：T=f②對木塊P受力分析，P受拉力F，Q對P向左的摩擦力f，地面對P物體向左的摩擦力f′，根據共點力平衡條件，有：F=f+f′③地面對P物體向左的摩擦力為：f′=μ(3m)g④由①～④式可以解得：F=4μmg故選C。2、D【解析】AB．加速度的定義式，為比值定義法定義出的物理量，則加速度a的大小與的大小無關，與時間也無關；故AB均錯誤。CD．為矢量式，則有加速度a的方向與速度變化量的方向相同，加速度的大小等于速度的變化率；故C錯誤，D正確。故選D。3、B【解析】AC．根據圖表中的數據，可以求出物體下滑的加速度a1==4m/s2和在水平面上的加速度a2=-2m/s2根據運動學公式：解得知經過到達B點，到達B點時的速度如果第4s還在斜面上的話，速度應為16m/s，從而判斷出第4s已過B點，是在2s到4s之間經過B點。所以最大速度不是12m/s，故AC錯誤；B．第6s末的速度是8m/s，到停下來還需的時間所以到C點的時間為10s，故B正確；D．根據v2-v02=2ax，求出AB段的長度為，BC段長度為，則A、B間的距離小于B、C間的距離，故D錯誤。故選B。4、D【解析】靜摩擦力的方向總是與運動趨勢方向相反，但不一定與運動方向相反，A錯D正確；只有滑動摩擦力才與正壓力成正比，B錯；運動著的物體也可能受靜摩擦力作用，C錯；5、A【解析】A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法是理想模型法，選項A錯誤；B．根據速度定義式v＝，當Δt→0時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維法，選項B正確；C．在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，這里運用了控制變量法，選項C正確；D．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了微元法，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選A。6、A【解析】一旦AB進入河中，他們就是同一個參考系了，就不要考慮水速了，無論他們誰快誰慢，方向應該是AB連線了，故A正確，BCD錯誤點睛：該題考查參考系的選擇，需要結合實際認真思考，得出甲乙游水類似在地面上行走，適宜選擇水流為參考系是本題的關鍵7、BCD【解析】A、B、D．從下蹲狀態站起來的過程中，人先向上做加速運動，后向上做減速運動，最后回到靜止狀態，即人先處于超重狀態后處于失重狀態。從站立狀態蹲下去的過程中，人先向下做加速運動，后向下做減速運動，最后回到靜止狀態，即人先處于失重狀態。后處于超重狀態。故A錯誤，BD正確；C．物體對支持物的壓力大于物體所受重力的情況稱為超重現象，即顯示重量大于實際重量；物體對支持物的壓力小于物體所受重力的情況稱為失重現象，即顯示重量小于實際重量。圖像中第一次變化，顯示重量先小于重量再大于重量，即先失重后超重，因此為“下蹲”；第二變化，顯示重量先大于重量再小于重量，即先超重后失重，因此為“起立”，故C正確。故選擇BCD。8、AB【解析】考查平衡狀態的動態分析。【詳解】A．若初始時，繩的拉力小于b沿斜面向下的重力的分力，即對b有：向盒內緩慢加入適量砂粒，繩的拉力增大，此時摩擦力減小，A正確；B．把bc看成整體，受力分析如圖：則有：向盒內緩慢加入適量砂粒，繩的拉力增大，所以支持力減小，B正確；C．由圖可得：繩的拉力增大，摩擦力增大，C錯誤；D．因為a、b、c始終處于靜止狀態，彈簧形變量沒有變，所以彈簧彈力大小不變，D錯誤。故選AB。9、ABD【解析】當0＜v≤1m/s時，s不變，說明物體滑到B點的速度不變，與傳送帶速度無關，物塊在A、B之間做勻減速直線運動．v≥7m/s時，s不變，說明物體滑到B點的速度又不變，物塊在A、B之間做勻加速直線運動根據牛頓第二定律得到，物體在傳送帶上做勻減速運動和勻加速運動的加速度大小均等于μg．對圖象0＜v≤1m/s和v≥7m/s時，物體的運動情況進行研究，兩種情況下物體對地位移大小均等于L，加速度大小均為μg，由圖讀出末速度，由速度-位移關系公式分別列方程求解初速度v0【詳解】A項：由乙知，當0＜v≤1m/s時，物體平拋運動的水平位移不變，物體運動到B點的速度不變．當物體的初速度大于傳送帶速度時，物體在傳送帶上做勻減速運動，加速度一定，位移一定，到B點的速度一定，與傳送帶速度無關，故A正確；B項：當v≥7m/s時，物體的速度始終小于傳送帶的速度，一直做勻加速運動，由于物體的加速度一定，位移一定，到達B點的速度一定，物塊在A、B之間做勻加速直線運動，故B正確；C項：當1＜v＜7m/s時，物體的初速度小于傳送帶的速度，物體先做勻加速運動，速度與傳送帶相同后，做勻速直線運動，隨著傳送帶速度的增大，物體到達B點的速度增大，平拋的水平位移增大，故C錯誤；D項：由圖讀出：0＜v≤1m/s，物塊做勻減速直線運動的末速度為v1=1m/s；v≥7m/s時，物塊做勻加速直線運動的末速度為v2=7m/s得到聯立解得：v0=5m/s，故D正確故選ABD【點睛】本題考查根據圖象物體運動情況的能力．傳送帶問題，往往物體的運動情況比較復雜，要充分挖掘圖象的信息，考慮各種可能情況，進行分析10、AC【解析】速度時間圖象的斜率表示加速度，則0—1s的加速度大小為：m/s21—3s的加速度大小為：m/s20—1s沒有撤去拉力F，根據牛頓第二定律有：①1—3s撤去拉力F，根據牛頓第二定律有：②由②得：由①得：F=18N故AC正確，BD錯誤。故選AC11、AC【解析】由圖可知，小球下落到0.5s時的速度最大，最大速度為5m/s；故A正確；由圖象可知，小球第一次反彈后初速度的大小為3m/s，故B錯誤；由圖象可知：前0.5s內物體自由下落，后0.3s物體反彈，根據v-t圖象中速度圖象與時間軸圍成的面積表示位移可得小球彈起的高度為：h=×3×0.3=0.45m，故C正確，D錯誤.12、BC【解析】分別就彈簧拉伸和壓縮時，對和進行受力分析：如圖，和為彈簧的兩種情況下的彈力，故有：根據、均處于平衡有：第一種情況彈簧拉伸時對彈力2N，據平衡有：據平衡有：第二種情況彈簧壓縮時對彈力2N，據平衡有：據平衡有：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（1）5.2s；（2）255J；【解析】（1）小物體加速過程，根據牛頓第二定律有μmgcos

θ-mgsin

θ=ma則得物體上升的加速度為a=g=2.5