2025屆吉林省松原市扶余第一中學高二物理第一學期期末教學質量檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列圖片源于教科書。關于它們情景的說法中正確的是（）A.圖甲是磁電式電流表的內部結構圖，里面的線圈常常用鋁框做骨架，把線圈繞在鋁框上，因為鋁框中能產生感應電流，磁場對該感應電流的安培力使指針偏轉B.圖乙是動圈式揚聲器的結構示意圖，當隨聲音變化的電流通過線圈，在安培力作用下線圈發生振動，從而帶動紙盆振動發出聲音，這樣的揚聲器不能當話筒使用C.圖丙是電子感應加速器中的俯視圖，圖中電子的運動方向為逆時針，為使電子沿軌道運動，軌道中的磁場方向應垂直紙面向內D.圖丁是兩根空心鋁管，左管完好，右管右側開有豎直裂縫，現讓一塊磁性很強的小磁鐵依次從兩管上方靜止釋放，小磁鐵在左側鋁管中受到阻礙而緩慢下落，在右側鋁管中比左側鋁管中下落的快2、如圖所示，當滑動變阻器的滑片P向上端移動時，電表示數的變化情況是（）A.示數減小，示數增大，A示數增大B.示數增大，示數減小，A示數增大C.示數增大，示數增大，A示數減小D.示數減小，示數減小，A示數減小3、發現利用磁場產生電流的條件和規律的科學家是（）A.韋伯 B.安培C.法拉第 D.奧斯特4、勻速圓周運動是圓周運動中最為簡單的一種運動形式．走時準確的鐘表指針尖端的運動可以視為勻速圓周運動．下列鐘表均走時準確．鐘表的時針尖端在運動過程中保持不變的物理量是A.周期 B.線速度C.加速度 D.向心力5、如圖為某一物理量y隨另一物理量x變化的函數圖像，關于該圖像與坐標軸所圍面積（圖中陰影部分）的物理意義，下列說法錯誤的是（）A.若圖像表示質點速度隨時間的變化，則面積等于質點在相應時間內的位移B.若圖像表示力隨力的方向上的位移的變化，則面積等于該力在相應位移內所做的功C.若圖像表示導體中電流隨時間變化，則面積等于相應時間內通過導體橫截面的電量D.若圖像表示電容器充電電流隨時間的變化，則面積等于相應時間內電容器儲存的電能6、如圖所示，圓形區域內有一垂直紙面勻強磁場，P為磁場邊界上的一點，有無數帶有同種電荷、具有同樣質量的粒子在紙面內沿各個方向以相同的速率通過P點進入磁場．這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的1/6，將磁感應強度的大小從原來的B1變為B2，結果相應的弧長變為原來的2倍，則B2/B1等于A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩根足夠長的光滑導軌豎直放置，間距為L，底端接阻值為R的電阻．將質量為m的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒和導軌接觸良好，導軌所在平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，如圖所示．除電阻R外其余電阻不計．現將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則A.釋放瞬間金屬棒的加速度等于重力加速度gB.金屬棒向下運動時，流過電阻R的電流方向為a→bC.金屬棒的速度為v時，所受的按培力大小為F=D.電阻R上產生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少8、如圖所示，豎直向下的勻強磁場穿過光滑的絕緣水平面，平面上一個釘子O固定一根細線，細線的另一端系一帶電小球，小球在光滑水平面內繞O做勻速圓周運動．在某時刻細線斷開，小球仍然在勻強磁場中做勻速圓周運動，下列說法錯誤的是()A.速率變小，半徑變小，周期不變B.速率不變，半徑不變，周期不變C.速率變小，半徑變大，周期變大D.速率不變，半徑變小，周期變小9、一理想變壓器原、副線圈匝數比n1：n2=11：5．原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓為220V．副線圈僅接一個10Ω的電阻．則（）A.變壓器的輸出電壓為100V B.流過電阻的電流是22AC.原線圈中的電流是22A D.變壓器的輸入功率是10、如圖所示為回旋加速器的示意圖．兩個靠得很近的D形金屬盒處在與盒面垂直的勻強磁場中，一質子從加速器的A處開始加速．已知D型盒的半徑為R，磁場的磁感應強度為B，高頻交變電源的電壓為U、頻率為f，質子質量為m，電荷量為q．下列說法正確的是（）A.質子從磁場中獲得能量B.質子的最大動能與高頻交變電源的電壓U有關，且隨電壓U增大而增加C.質子的最大速度不超過2πRfD.質子的最大動能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖1是用游標卡尺測量時的刻度圖，為20分度游標卡尺，讀數為：_________cm；圖2中螺旋測微器的讀數為：________mm12．（12分）(1)在做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中有同學各自畫了以下力的圖，圖中F1、F2是用兩把彈簧秤同時拉橡皮筋時各自的拉力，F′是用一把彈簧秤拉橡皮筋時的拉力；畫出了F1、F2、F′的圖示，以表示F1、F2的有向線段為鄰邊畫平行四邊形，以F1、F2交點為起點的對角線用F表示，在以下四幅圖中，只有一幅圖是合理的，這幅圖是______(2)在做完實驗后，某同學將其實驗操作過程進行了回顧，并在筆記本上記下如下幾條體會，你認為他的體會中正確的是______A．兩根細繩套必須等長B．用兩只彈簧測力計拉繩套時，兩測力計示數要相同C．若F1、F2方向不變，而大小各增加1N，則合力的方向也不變，大小也增加1ND．用兩只彈簧測力計拉時合力的圖示F與用一只彈簧測力計拉時圖示F′不完全重合，在誤差允許范圍內，可以說明“力的平行四邊形定則”成立四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在絕緣光滑水平面上，有一個邊長為L的單匝正方形線框abcd，在外力作用下以恒定的速率v向右運動進入磁感應強度為B的有界勻強磁場區域；線框被全部拉入磁場的過程中線框平面保持與磁場方向垂直，線框的ab邊始終平行于磁場的邊界．已知線框的四個邊的電阻值相等，均為R．求：（1）在ab邊剛進入磁場區域時，線框內的電流大小；（2）在ab邊剛進入磁場區域時，ab邊兩端的電壓；（3）在線框被拉入磁場的整個過程中，線框中電流產生的熱量14．（16分）如圖所示，在第Ⅱ象限內有水平向右的勻強電場，在第Ⅰ、Ⅳ象限內分別存在如圖所示的勻強磁場，磁感應強度大小相等．有一個帶正電的粒子質量為m帶電量為q以垂直于x軸的初速度v0從x軸上的P點進入勻強電場中，并且恰好與y軸的正方向成45°角進入磁場，又恰好垂直進入第Ⅳ象限的磁場．已知OP之間的距離為d．求：（1）電場強度E的大小；（2）帶電粒子在磁場中第二次經過x軸時，在電場和磁場中運動的總時間15．（12分）如圖所示，水平軌道AB與半徑為R的豎直半圓軌道BC相切于B點，AB長為2R，水平軌道和半圓軌道均光滑且絕緣。在軌道所在空間內存在著水平向右的勻強電場。帶電量為+q、質量為m的小球自A點由靜止釋放，經B點沿半圓軌道運動到C點后落回到水平軌道上。已知電場強度大小E=，求：（1）小球從A點運動到B點所用的時間；（2）小球經過C點時對軌道的作用力；（3）小球離開C點至落回到水平軌道的過程中，經過多長時間動能最小及此動能的最小值。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．磁電式電流表里面的線圈常常用鋁框做骨架，因為鋁框在磁場中轉動時能產生阻尼，讓線圈快速穩定下來，故A錯誤；B．電流通過線圈，在安培力作用下線圈發生振動，從而帶動紙盆振動發出聲音；動圈式揚聲器也可以當話筒使用，聲音使紙盆振動，帶動線圈切割磁感線，從而產生感應電流，故B錯誤；C．電子逆時針運動，洛倫茲力提供向心力，根據左手定則可知，磁場方向垂直紙面向外，故C錯誤；D．左管沒有裂縫，存在渦流，從而阻礙小磁鐵的下落，而右管有裂縫，渦流仍舊存在，只不過沒有完好時那么大，所以在右側鋁管中比左側鋁管中下落的快，故D正確。故選D。2、C【解析】首先弄清電壓表測量的是路端電壓，電壓表測量的是和并聯電路兩端的電壓，電流表A測量的是通過電阻的電流，再利用閉合電路歐姆定律及串聯、并聯電路的特點進行分析．滑片P向上端移動，接入電路的電阻增大，外電阻增大，干路電流I減小，路端電壓增大，從而判定示數增大；由于I減小，電阻及內阻r的電壓減小，故增大，所以示數增大；由于增大，所在支路的電流增大，通過的電流減小，所以A示數減小故選C3、C【解析】發現利用磁場產生電流的條件和規律的科學家是法拉第，故選C.4、A【解析】A.勻速圓周運動過程中，周期恒定不變，選項A正確；B.勻速圓周運動過程中，線速度大小不變，方向改變，選項B錯誤；C.勻速圓周運動過程中，加速度不變，方向始終指向圓心不斷變化，選項C錯誤；D.勻速圓周運動過程中，向心力大小不變，方向始終指向圓心不斷變化，選項D錯誤5、D【解析】A．若圖像表示質點速度隨時間的變化，y軸表示速度，x表示時間，則由：可知面積等于質點在相應時間內的位移，故A不符合題意；B．若圖象表示力隨力的方向上位移的變化，根據：知面積等于該力在相應位移內所做的功，故B不符合題意；C．若圖像表示導體中電流隨時間的變化，根據：可知面積等于相應時間內通過導體橫截面的電量，故C不符合題意；D．若圖像表示電容器充電電流隨時間的變化，根據：知面積等于相應時間內電容器儲存的電荷量，故D符合題意。本題選錯誤的，故選D。6、B【解析】畫出導電粒子運動軌跡，找出臨界條件角度關系，利用圓周運動由洛侖茲力充當向心力，分別表示出圓周運動的半徑，進行比較即可【詳解】設圓的半徑為r（1）磁感應強度為B1時，從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為M，最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，∠POM=60°，如圖所示：所以粒子做圓周運動的半徑R為：sin30°=，解得：R=0.5r磁感應強度為B2時，相應的弧長變為原來的2倍，即弧長為圓的周長的1/3，從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為N，最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，∠PON=120°，如圖所示：所以粒子做圓周運動的半徑R′為：sin60°=，解得：R′=r，由帶電粒子做圓周運動的半徑：，由于v、m、q相等，則得：；故選B【點睛】帶電粒子在電磁場中的運動一般有直線運動、圓周運動和一般的曲線運動；直線運動一般由動力學公式求解，圓周運動由洛侖茲力充當向心力，一般的曲線運動一般由動能定理求解二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A、金屬棒剛釋放時，彈簧處于原長，彈力為零，又因此時速度為零，沒有感應電流，金屬棒不受安培力作用，金屬棒只受到重力作用，其加速度應等于重力加速度，故A正確；B、金屬棒向下運動時，由右手定則可知，在金屬棒上電流方向向右，流過電阻R的電流方向為，故B錯誤；C、金屬棒速度為時，安培力大小為，，由以上兩式得：，故C正確；D、金屬棒下落過程中，由能量守恒定律知，金屬棒減少的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能、金屬棒的動能（速度不為零時）以及電阻R上產生的熱量，故D錯誤【點睛】釋放瞬間金屬棒只受重力，加速度為．金屬棒向下運動時，根據右手定則判斷感應電流的方向．由安培力公式、歐姆定律和感應電動勢公式推導安培力的表達式．金屬棒下落過程中，金屬棒減少的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能、金屬棒的動能（金屬棒速度不是零時）和電阻R產生的內能；本題考查分析、判斷和推導電磁感應現象中導體的加速度、安培力、能量轉化等問題的能力，是一道基礎題8、AC【解析】AC．因為洛倫茲力不做功，所以速度大小肯定不變，故AC錯誤B．若開始細線上無拉力，當細線斷開之后，速率不變，半徑不變，周期不變，故B正確D．細線上的拉力和洛倫茲力的合力提供向心力，若細線斷開后，洛倫茲力提供向心力，若向心力變大，因為速率不變，根據，可知半徑變小，周期變小，故D正確9、AD【解析】由圖可讀出最大值，周期，電表的示數為有效值，由輸入功率等于輸出功率可求得輸入功率【詳解】根據變壓器變壓規律：，求得U2=U1=100V，選項A正確；流過電阻的電流I2==10A，故選項B錯誤；由P1=P2可求得原線圈的電流，故選項C錯誤；變壓器的輸入功率為原線圈的功率：P1=U1I1=220×W=1×103W，故選項D正確．故選AD【點睛】此題考查交流電的圖象及表達式，明確輸入功率等于輸出功率，電表的示數為有效值．還涉及到變壓器的原理、功率公式等問題，只要正確應用公式應該不難10、CD【解析】洛倫茲力對質子不做功，電場力對質子能做功，可知質子從電場中獲得能量，選項A錯誤；質子出回旋加速器的速度最大，此時的半徑為R，則．所以最大速度不超過2πfR．故C正確．，則質子的最大動能，與電壓無關，故D正確，B錯誤；故選CD.【點睛】解決本題的關鍵知道回旋加速器的原理以及電場和磁場的作用，知道最大動能與什么因素有關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.375②.0.700【解析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【詳解】20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數為13mm，游標尺上第15個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為15×0.05mm=0.75mm，所以最終讀數為：13mm+0.75mm=13.75mm=1.375cm螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數為0.5mm+0.200mm=0.700mm【點睛】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量12、①.B②.D【解析】(1)以表示F1、F2的有向線段為鄰邊畫平行四邊形，以F1、F2交點為起點的對角線用F表示，故F是理論值，存在誤差，不一定與橡皮筋伸長方向共線．F′是用一把彈簧秤拉橡皮筋時的拉力，是實際值，一定與橡皮筋伸長方向共線．故ACD錯誤，B正確；故選B（2）兩根細繩套沒有必要必須等長，選項A錯誤；用兩只彈簧測力計拉繩套時，兩測力計的示數不一定要相同，選項B錯誤；若F1、F2方向不變，而大小各增加1N，根據平行四邊形定則知，合力的方向可能改變，大于不一定增加1N．故C錯誤；由于實驗總存在誤差，用兩只彈簧秤拉時合力的圖示F與用一只彈簧秤拉時圖示F′不完全重合，只要在誤差允許范圍內，就可以說明“力的平行四邊形定則”成立．故D正確四、計算題：本題共3小題，共38分。