2025屆河北省安平中學物理高二第一學期期末教學質量檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、直線OM和直線ON之間的夾角為30°，如圖所示，直線OM上方存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質量為m，電荷量為q（q>0）。粒子沿紙面以大小為v的速度從OM上的某點向左上方射入磁場，速度與OM成30°角。已知該粒子在磁場中的運動軌跡與ON只有一個交點，并從OM上另一點射出磁場。不計重力。粒子離開磁場的出射點到兩直線交點O的距離為（）A. B.C. D.2、實驗得到金屬鈣的光電子的最大初動能與入射光頻率的關系如圖所示．下表中列出了幾種金屬的截止頻率和逸出功,參照下表可以確定的是()金屬鎢鈣鈉截止頻率10.957.735.53逸出功4.543.202.29A.如用金屬鎢做實驗得到的圖線也是一條直線,其斜率比圖中直線的斜率大B.如用金屬鈉做實驗得到的圖線也是一條直線,其斜率比圖中直線的斜率大C.如用金屬鈉做實驗得到的圖線也是一條直線,設其延長線與縱軸交點的坐標為,則D.如用金屬鎢做實驗,當入射光的頻率時,可能會有光電子逸出3、在粒子散射實驗中，電子對粒子運動的影響可以忽略，這是因為與粒子相比，電子A.電量太小 B.速度太小C.體積太小 D.質量太小4、一匝數為10的線圈置于磁場中，穿過線圈的磁通量為Φ。現將該線圈的匝數增為100，其他條件不變，則穿過該線圈的磁通量為（）A. B.ΦC.10Φ D.100Φ5、如圖所示，矩形MNPQ區域內有方向垂直于紙面的勻強磁場，有3個帶電粒子從圖中箭頭所示位置垂直于磁場邊界進入磁場，在紙面內做勻速圓周運動，運動軌跡為相應的圓弧，這些粒子的質量，電荷量以及速度大小如下表所示：由以上信息可知,從圖中a、b、c處進入的粒子對應表中的編號分別為A.3、2、1 B.3、1、2C.2、3、1 D.1、3、26、有一個已充電的電容器，兩極板之間的電壓是6V，所帶電荷量是4.5×10－4C.將電容器的電壓降為4V，電容器所帶電荷量是()A.1.5×10－4C B.3.0×10－4CC.3.5×10－4C D.4.0×10－4C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線表示電場的一族等勢面且相鄰等勢面電勢差相等，一個帶正電的粒子以一定的初速度進入電場后，只在電場力作用下沿實線軌跡運動，粒子先后通過M點和N點．在這一過程中，電場力做負功，由此可判斷出()A.N點的電勢高于M點的電勢B.粒子在N點的電勢能比在M點的電勢能大C.粒子在M點的速率小于在N點的速率D.粒子在M點受到的電場力比在N點受到的電場力大8、一束帶電粒子從靜止開始經同一電場加速后垂直進入同一勻強磁場中。若它們在磁場中做圓周運動的半徑相同，則它們在磁場中具有相同的（）A.速率 B.動能C.動量大小 D.周期9、如圖圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方懸掛一螺線管Q，Q中通有變化的電流i，電流隨時間變化的規律如圖乙，P所受的重力為G，桌面對P的支持力為F，當Q中通有如圖方向的電流時，圖示電流取正值，則A.t1時刻，F＞G B.t2時刻，F=GC.t3時刻，F=G D.t4時刻，F＜G10、如圖，在光滑絕緣的水平面上放置兩個帶異種電荷、電量不同的小球和，則由靜止釋放后A.兩球的加速度逐漸增大B.兩小球的電勢能逐漸減小C.兩小球受到的庫侖力不做功D.兩小球受到的庫侖力大小不相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”實驗中，所用測量儀器均已校準(1)用螺旋測微器測量待測金屬絲的直徑，從圖中的示數可讀出該次測量金屬絲的直徑D為_______mm(2)用伏安法測量待測金屬絲接入電路部分的電阻Rx(約為5)，現有電池組(3V，內阻1)、電壓表(0—3V，內阻約3k)，開關和導線若干，以及下列儀器可供選擇：A．電流表(0—3A，內阻約0.025)B．電流表(0—0.6A，內阻約0.125)C．滑動變阻器(0—20，額定電流2A)D．滑動變阻器(0—200，額定電流1.5A)為了減小誤差及操作方便，在實驗中電流表應選用_______，滑動變阻器應選用_______(選填字母代號)(3)根據第(2)問中選擇的實驗儀器，應選擇圖中_______電路進行實驗(選填“甲”或“乙”)(4)若待測金屬絲接入電路部分的長度為l，直徑為D，電阻為Rx，計算金屬絲電阻率的表達式為ρ=____________(用已知字母表示)12．（12分）在研究力的合成的實驗中：(1)某同學在水平放置的木板上墊一張白紙，并使白紙固定，把橡皮條的一端固定在木板上，另一端拴兩根細線，通過細線同時用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條，使它與細線的結點達到某一位置O點，下列關于此時應記錄的數據的說法中正確的是__________A.只需記錄下此時兩彈簧秤的讀數F1與F2及對應的兩拉力的方向；B.需記錄下此時兩彈簧秤的讀數F1與F2、對應的兩拉力的方向以及結點對應的位置O(2)接著該同學改用一個彈簧秤來拉橡皮條，關于此時的操作及應記錄的數據的說法中正確的是_________A.拉橡皮條時不必使結點與位置O重合B.拉橡皮條時必須使結點與位置O重合C.此時必須要記錄下彈簧秤的讀數F′以及拉力的方向D.只需記錄下拉力的方向而不必記錄下彈簧秤的讀數F′(3)此后為了探究F1、F2與F′的關系，應作出F1、F2與F′的__________A．力的圖示B．力的示意圖四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在一廣闊的勻強磁場中，建立一直角坐標系，如圖所示，在坐標系的原點O釋放一速率為v，質量為m電荷量為十q的粒子（重力不計），釋放時速度方向垂直于B的方向，且與x軸成30°角，則(1)其第一次經過y軸時，軌跡與y軸交點離O點距離為多少？（不考慮空氣阻力）（2粒子從O點開始運動到穿過y軸時所用的時間（3粒子做圓周運動圓心的坐標14．（16分）如圖所示，物理興趣小組的同學將電阻R＝4Ω與電動機M（其線圈電阻R0＝2Ω）串聯后接到電動勢為E＝10V，內阻為r＝1Ω的電源兩端，用電壓表測出（未畫出）測得電阻R兩端的電壓為U＝2V，求：（1）電源的總功率；（2）電動機消耗的電功率；（3）電動機轉化成機械能的功率15．（12分）如圖所示的平面直角坐標系，在第I象限內有平行于軸的勻強電場，方向沿軸正方向；在第IV象限有一與軸相切的圓形勻強磁場區域（圖中未畫出），方向垂直于平面向里，大小為。一質量為、電荷量為的粒子，從軸上的點，以大小為的速度沿軸正方向射入電場，通過電場后從軸上的點進入第IV象限的圓形勻強磁場，經過磁場后從軸上的某點進入第III象限，且速度與軸負方向成45°角，不計粒子所受的重力。求：（1）電場強度的大小；（2）圓形磁場的最小面積；（3）粒子從點運動開始，到再次經過軸所經歷的時間。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】帶電粒子在磁場中做圓周運動的軌跡半徑為軌跡與ON相切，畫出粒子的運動軌跡如圖所示，由幾何知識得CO′D為一直線解得故選D。2、C【解析】光電效應的特點：①金屬的逸出功是由金屬自身決定的，與入射光頻率無關；②光電子的最大初動能Ekm與入射光的強度無關；③光電子的最大初動能滿足光電效應方程【詳解】由光電效應方程：EKm=hγ-W0=hγ-hγ0可知，EKm-γ圖線的斜率表示普朗克常量，橫軸截距表示最大初動能為零時的入射光頻率，此時的頻率等于金屬的極限頻率，也可以知道極限波長，根據W0=hγ0可求出逸出功．普朗克常量與金屬的性質、與光電子的最大初動能、入射光的頻率無關，如用金屬鎢做實驗或者用金屬鈉做實驗得到的Ekm-ν圖線都是一條直線，其斜率與圖中直線的斜率相等，故AB錯誤；如用金屬鈉做實驗得到的Ekm-ν圖線也是一條直線，設其延長線與縱軸交點的坐標為（0，-Ek2），由于鈉的逸出功小于鎢的逸出功，則Ek2＜Ek1，故C正確；如用金屬鎢做實驗，當入射光的頻率ν＜ν1時，不可能會有光電子逸出，故D錯誤；故選C【點睛】只要記住并理解了光電效應的特點，只要掌握了光電效應方程就能順利解決此題，所以可以通過多看課本加強對基礎知識的理解．解決本題的關鍵掌握光電效應方程EKm=hγ-W0=hγ-hγ0，知道逸出功與極限頻率的關系3、D【解析】在α粒子散射實驗中，由于電子的質量太小，電子的質量只有α粒子的，它對α粒子速度的大小和方向的影響就像灰塵對槍彈的影響，完全可以忽略．故D正確，A、B、C錯誤4、B【解析】磁通量形象的說是穿過某個線圈的磁感線條數，與匝數無關，故線圈有10匝時磁通量為，增加為100匝時磁通量依然是，不變，故B正確，ACD錯誤。故選B。5、A【解析】根據帶電粒子在磁場中運動的偏轉方向可知，a、b帶同種電荷，c為異種電荷，所以c為1號粒子；由可知，半徑：，結合表格中數據可求得2、3號粒子的半徑比應為3:2，則b一定是第2組粒子，a是第3組粒子。a、b、c處進入的粒子對應表中的編號分別為3、2、1。A.3、2、1。與上述結論相符，故A正確；B.3、1、2。與上述結論不符，故B錯誤；C.2、3、1。與上述結論不符，故C錯誤；D.1、3、2。與上述結論不符，故D錯誤。故選：A6、B【解析】電容器的電容和其兩極板間的電壓以及所帶電荷量大小無關，即電壓變化電容大小恒定不變，所以根據可知：，解得：；A．根據以上分析，A錯誤；B．根據以上分析，B正確；C．根據以上分析，C錯誤；D．根據以上分析，D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】粒子帶正電，由運動軌跡可知，電場力的方向指向右下方即電場線的方向指向右下方，根據電場的性質“順著電場線的方向電勢降落”可知N點的電勢高于M點的電勢，A選項正確；電場力做負功，電勢能增加，B選項正確；電場力做負功，動能減小，C選項錯誤；根據電場線或等勢面的疏密表電場強弱可知，D選項錯誤8、AD【解析】根據動能定理得得：根據，得根據半徑相同，U相同，知粒子的比荷相同。根據知，粒子在磁場中的速率相同。根據知，粒子在磁場中的周期相同。A．速率，與結論相符，選項A正確；B．動能，與結論不相符，選項B錯誤；C．動量大小，與結論不相符，選項C錯誤；D．周期，與結論相符，選項D正確；故選AD。9、ABC【解析】當穿過P的磁通量增加時，根據楞次定律可知線圈有遠離Q的運動趨勢；無論是當Q中還是P中，有一個無電流時，兩線圈均無磁場力的作用【詳解】線圈總是阻礙磁通量的變化，所以t1電流增大，磁通量變大，下面線圈阻礙變化，就向下運動的趨勢，所以F＞G．t2時刻與t4時刻無電流變化，t3時刻Q中沒有電流；所以t2時刻、t3時刻、t4時刻F=G，故ABC正確，D錯誤．故選ABC【點睛】注意：由電流變化而產生的感應磁場去阻礙線圈磁通量的變化．同時可知：同向電流相吸，異向電流相斥10、AB【解析】A．兩球帶異種電荷，兩者相互吸引，距離減小，根據庫侖定律可知小球受的庫侖力均在增大，根據牛頓第二定律可知加速度增大，故A正確；BC．兩小球都庫侖力作用下做加速運動，動能增大，庫侖力做正功，電勢能減小，故B正確，C錯誤；D．兩小球受到的庫侖力是作用力與反作用力，由牛頓第三定律知兩庫侖力大小相等方向相反，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.396-0.399；②.B；③.C；④.甲；⑤.；【解析】(1)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數；(2)根據最大電流選擇電流表，根據額定電流及金屬絲電阻選擇更接近的最大電阻；(3)根據金屬絲電阻較小選擇外接法；(4)根據直徑求得橫截面積，然后根據反解出電阻率【詳解】(1)由圖所示螺旋測微器可知，其示數為：0mm+39.8×0.01mm=0.398mm（0.396～0.399均正確）；(2)根據待測金屬絲接入電路部分的電阻Rx（約為5Ω），現有電池組3V，電路中電流約0.6A左右；為了減小誤差，在實驗中電流表應選用B；為了實驗時，滑動變阻器控制更靈敏，滑動變阻器的最大電阻應與金屬絲電阻接近，且變阻器額定電流比電路最大電流大，滑動變阻器應選用C；(3)由于待測的電阻阻值較小，故采用外接法，即應選擇圖2中甲電路進行實驗；(4)待測金屬絲接入電路部分的長度為l，直徑為D，故橫截面積，電阻為Rx，根據電阻定律可得：金屬絲電阻率的表達式為ρ＝【點睛】待測的電阻阻值較小時，電流表的分壓效果較明顯，故應選用外接法；待測的電阻阻值較大時，電壓表的分流效果較明顯，故應選用內接法12、①.(1)B②.(2)BC③.(3)A【解析】在實驗中，需要研究兩個力的作用效果和一個力的作用效果是否相同，必須將橡皮筋的結點拉到同一位置，且記下兩次情況下拉力的大小和方向【詳解】（1）在該實驗中，需要研究兩個力的作用效果和一個力的作用效果是否相同，當用兩根彈簧秤拉時，需記下兩彈簧秤的讀數F1與F2、對應的兩拉力的方向以及結點對應的位置O．故B正確，A錯誤．故選B（2）當用一根彈簧秤拉時，要使得一根彈簧秤的拉力效果和兩根彈簧秤的拉力效果相同，則需將結點與位置O重合，同時需記下彈簧秤的示數和方向．故BC正確，AD錯誤．故選BC（3）在探究力的關系時，需將力的大小和方向都反映出來，所以采用力的圖示法．故A正確，B錯誤．故選A【點睛】在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，這要求同學們對于基礎知識要熟練掌握并能正確應用，加強對基礎實驗理解四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)圓心坐標為（）【解析】（1）由題意畫出帶電粒子的運動軌跡，洛倫茲力充當向心力由牛頓第二定律得qBv=①設帶電粒子軌跡的軌道半徑為R，縱坐標為y，由幾何關系sin600=②由①②式解得y=(2）由勻速圓周運動的周期公式T=③所以帶電粒子的運動時間t=④由①、③、④式求得t=(3)設粒子做圓周運動的圓心坐標位（x，y）由cos60°=得x=圓心坐標為（）14、（1）5W；（2）3.75W；（3）3.25W【解析】（1）對電阻R應用歐姆定律求得電流，即可根據電動勢求得電源總功率；（2）由閉合電