2025屆福建省泉州市晉江市高二物理第一學期期末綜合測試模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，邊長為l0的正方形區(qū)域內(nèi)（包括邊界）存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為。在點處有一粒子源，能夠沿方向發(fā)射質(zhì)量為、電荷量為的粒子，粒子射出的速率大小不同。粒子的重力忽略不計，不考慮粒子之間的相互作用，則（）A.軌跡不同的粒子，在磁場中運動時間一定不同B.從點射出的粒子入射速度大小為C.從點射出的粒子在磁場中運動的時間為D.粒子在邊界上出射點距點越遠，在磁場中運動的時間越短2、下列說法正確的是A.電容器，電流、磁感應強度都用到了比值定義法B.在勻強電場中，同一直線上距離相等的任意兩點間的電勢差大小一定都相等C.電荷所受電場力一定與該處電場方向一致，但所受洛倫茲力不一定與磁場方向垂直D.通電導線在磁場中受到的安培力越大，該處磁場的磁感應強度就越強3、如圖所示是一個三輸入端復合門電路，當C端輸入1，輸出端Y輸出0時，A，B端的輸入分別是()A.0、0 B.0、1C.1、0 D.1、14、下列敘述中正確的是（）A.用點電荷來代替帶電體的研究方法叫做等效替代法B.用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，例如電場強度、電容都是采用了比值法定義的C.利略猜想自由落體的運動速度與下落時間成正比、并直接用實驗進行了驗證D.庫侖提出了用電場線描述電場的方法5、如圖所示裝置中，一個足夠長的光滑水平導軌與一理想變壓器的原線圈相連，導體棒ab放在導軌上并處于勻強磁場中，副線圈上連接有燈泡L和電容器C，其余一切電阻不計．則下列說法正確的是A.若ab棒向右做勻速直線運動，則燈泡L中有c→d的電流B.若ab棒向右做勻速直線運動，則電容器C下極板帶正電C.若ab棒向左做勻加速直線運動，則燈泡L中有d→c的電流D.若ab棒向左做勻加速直線運動，則電容器C上極板帶正電6、如圖所示，通電螺線管置于水平放置的光滑平行金屬導軌MN和PQ之間，ab和cd是放在導軌上的兩根金屬棒，它們分別靜止在螺線管的左右兩側(cè)，現(xiàn)使滑動變阻器的滑動觸頭向左滑動，則ab和cd棒的運動情況是()A.ab向左運動，cd向右運動B.ab向右運動，cd向左運動C.ab、cd都向右運動D.ab、cd保持靜止二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、空間存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度沿水平方向（未標明方向），磁場垂直紙面向外，一帶電油滴以某速度進入復合場中，正好做直線運動，其運動軌跡如虛線所示，ab是軌跡上的兩個點，則下列判斷正確的是（）A.油滴帶負電B.油滴必定做勻速直線運動C.油滴可能從a運動到b，也可能從b運動到aD.電場方向水平向左8、如圖所示，MN是紙面內(nèi)的一條直線，其所在空間充滿與紙面平行的勻強電場或與紙面垂直的勻強磁場(場區(qū)都足夠大)，現(xiàn)有一重力不計的帶電粒子從MN上的O點以水平初速度v0射入場區(qū)，下列有關判斷正確的是()A.如果粒子回到MN上時速度增大，則空間存在的一定是電場B.如果粒子回到MN上時速度大小不變，則該空間存在的一定是電場C.若只改變粒子的速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子再回到MN上時與其所成夾角不變，則該空間存在的一定是磁場D.若只改變粒子的速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子再回到MN所用的時間不變，則該空間存在的一定是磁場9、空間存在方向垂直于紙面向里的勻強磁場，圖中的正方形為其邊界．一細束由兩種粒子組成的粒子流沿垂直于磁場的方向從O點入射．這兩種粒子帶同種電荷，它們的電荷量、質(zhì)量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子（不計重力）．下列說法錯誤的是()A.入射速度不同的粒子在磁場中的運動時間不一定不同B.入射速度相同的粒子在磁場中的運動軌跡一定相同C.在磁場中運動時間相同的粒子，其運動軌跡一定相同D.在磁場中運動軌跡越長的粒子，其運動時間一定越大10、如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用氣墊導軌和頻閃照相“驗證動量守恒定律”。如圖所示，已知A滑塊的質(zhì)量為1kg，B滑塊的質(zhì)量為為1.5kg，頻閃照相的時間間隔為0.4s，拍攝共進行了四次，第一次是在兩滑塊相撞之前，以后的三次是在碰撞之后。A滑塊原來處于靜止狀態(tài)，設A、B滑塊在拍攝閃光照片的這段時間內(nèi)是在10cm至105cm這段范圍內(nèi)運動的(以滑塊上的箭頭位置為準)，根據(jù)閃光照片分析得出：（1）兩滑塊發(fā)生碰撞的位置在________cm刻度處。（2）第1次拍攝后，再經(jīng)過________s的時間，兩滑塊發(fā)生了碰撞。（3）碰撞前，B滑塊的速度為________m/s；碰撞后，A滑塊的速度為________m/s，B滑塊的速度為________m/s。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）（4）碰撞前兩個滑塊組成的系統(tǒng)的動量是________kg·m/s；碰撞后兩個滑塊組成的系統(tǒng)的動量是________kg·m/s。12．（12分）在遠距離輸電時，若直接采用某電壓輸電，電壓和電能都會有很大的損失；現(xiàn)通過升壓變壓器使輸電電壓升高為原電壓的n倍，若在輸送電功率不變的情況下，則輸電線路上的電壓損失將減小為原來的________，輸電線路上的電能損失將減少為原來的________?四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根足夠長的金屬導軌ab、cd與水平面成固定，導軌間距離為L=1m，電阻不計．在導軌上端接一個阻值為R0的定值電阻．在c、N之間接有電阻箱．整個系統(tǒng)置于勻強磁場中，磁感應強度方向與導軌所在平面垂直，磁感應強度大小為B=1T；現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電阻可以忽略的金屬棒MN從圖示位置由靜止開始釋放．金屬棒下滑過程中與導軌接觸良好．金屬棒與導軌間的滑動摩擦因數(shù)為．改變電阻箱的阻值R，測定金屬棒的最大速度，得到的關系如圖所示．若軌道足夠長，重力加速度．求：(1)金屬桿的質(zhì)量m和定值電阻的阻值；(2)當電阻箱R取時，且金屬桿的加速度為時，此時金屬桿的速度14．（16分）如圖所示，在磁感應強度B＝2特的勻強磁場中，電阻R＝4歐，PQ，MN桿的電阻不計，金屬棒的長度L＝1米，電阻r＝1歐，以速度v＝5米每秒向右運動．求：（1）電動勢E的大小；（2）電流I的大小；（3）通過電阻R中電流方向15．（12分）如圖所示，ABCD為豎直放在電場強度為E＝104N/C的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的ABC部分是半徑為R＝0.5m的半圓環(huán)(B為半圓弧的中點)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切于C點，D為水平軌道的一點，而且CD＝4R，把一質(zhì)量m＝100g、帶電荷量q＝10－4C的負電小球，放在水平軌道的D點，由靜止釋放后，在軌道的內(nèi)側(cè)運動．g＝10m/s2，求：(1)運動到B點時的動能EKB=？(2)運動到A點時小球?qū)壍赖膲毫κ嵌啻螅?3)為了使帶電小球在半圓弧軌道上運動不脫軌，小球在水平軌道上釋放的位置到C點的距離應滿足什么條件？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力完全提供向心力：解得半徑：粒子運動的周期：設粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為，粒子在磁場中的運動時間：粒子速率不同運動軌跡不同，如果轉(zhuǎn)過的圓心角相等，則粒子在磁場中的運動時間相等，如從ad邊離開磁場的粒子在磁場中轉(zhuǎn)過半個圓周，雖然運動軌跡不同，但運動時間都相同，為，A錯誤；B．從c點飛出的粒子半徑：解得速度：，B錯誤；C．從d點飛出的粒子運動時間為半個周期：C正確；D．根據(jù)C選項的分析可知，粒子從a點射入，從ad邊飛出，所用時間均為半個周期，因此粒子在邊界上出射點距a點越遠，在磁場中運動的時間不一定越短，D錯誤。故選C。2、B【解析】A．電容、磁感應強度都用到了比值定義法；但電流不是用比值法定義的，故A錯誤；B．根據(jù)U=Ed可知，在勻強電場中，同一直線上距離相等的任意兩點間的電勢差大小一定都相等，故B正確；C．正電荷所受電場力一定與該處電場方向一致，負電荷所受電場力一定與該處電場方向相反，運動電荷所受的洛倫茲力一定與磁場方向垂直，故C錯誤；D．根據(jù)公式F=BILsinθ，通電導線在磁場中受到的安培力大，該處磁場的磁感應強度不一定強，還與電流方向與磁場方向的夾角θ有關，故D錯誤；故選B.3、A【解析】當C端輸入1，輸出端Y輸出0時，可知“與”門的另一輸入端(即“或”門的輸出端)必為0，故“或”門的輸入端，即A、B端的輸入分別為0、0，故A符合題意，BCD不符合題意。4、B【解析】要了解伽利略對自由落體運動的研究的內(nèi)容、方法、原理以及物理意義，伽利略斜面實驗的卓越之處不是實驗本身，而是實驗所使用的獨特的方法在實驗的基礎上，進行理想化推理．（也稱作理想化實驗）它標志著物理學的真正開端．在實驗的基礎上進行科學推理是研究物理問題的一種方法，通常稱之為理想實驗法或科學推理法【詳解】A項：用質(zhì)點代替實際物體是采用了理想模型的方法，質(zhì)點實際不存在，故A錯誤；B項：電場強度E=F/q，電容C=Q/U都是采用了比值法定義，故B正確；C項：伽利略用數(shù)學和邏輯推理得出了自由落體的速度與下落時間成正比，而不是直接用實驗驗證這個結(jié)論，故C錯誤；D項：法拉第提出了用電場線描述電場的方法，故D錯誤故選B【點睛】本題屬于記憶知識，要了解、熟悉物理學史，關鍵在于平時注意積累和記憶，不可忽視，不然很容易出錯．對于物理學上常用的科學研究方法：等效替代法、理想化模型法、比值定義法等要理解并掌握，并進行歸納總結(jié)，對學習物理量的意義有很大的幫助5、D【解析】理想變壓器是根據(jù)磁通量的變化來工作的，當原線圈的磁通量恒定時，副線圈是沒有感應電流的，根據(jù)變壓器的工作的原理，運用楞次定律和右手定則、安培定則結(jié)合分析原線圈中的電流的變化情況即可得出結(jié)論【詳解】AB．若棒勻速運動，則棒切割磁場產(chǎn)生的電流是恒定的，線圈產(chǎn)生的磁通量也是恒定的，不會引起副線圈的磁通量的變化，所以副線圈不會有感應電流產(chǎn)生，所以副線圈的電流為零，燈泡不亮，電容器不帶電．故A、B均錯誤；CD．若棒向左做勻加速直線運動，由右手定則判斷可知，棒中產(chǎn)生由的感應電流，而且感應電流增大，感應電流通過原線圈，根據(jù)安培定則可知，原線圈中產(chǎn)生向上的磁場，而且磁場不斷增強，則穿過副線圈的磁通量增大，由楞次定律判斷得知，副線圈中產(chǎn)生向上的螺旋式電流，燈泡中有的電流，電容器上極板帶正電，故D正確，C錯誤【點睛】變壓器只能在交流電路中工作，變壓器是根據(jù)磁通量的變化來工作的，知道變壓器的工作的原理就可以解決本題6、A【解析】由安培定則可知螺線管中磁感線方向向上，金屬棒ab、cd處的磁感線方向均向下，當滑動觸頭向左滑動時，螺線管中電流增大，因此磁場變強，即磁感應強度變大，回路中的磁通量增大，由楞次定律知，感應電流方向為a→c→d→b→a，由左手定則知ab受安培力方向向左，cd受安培力方向向右，故ab向左運動，cd向右運動；A.ab向左運動，cd向右運動，與結(jié)果一致，故A正確；B.ab向右運動，cd向左運動，與結(jié)果不一致，故B錯誤；C.ab、cd都向右運動，與結(jié)果不一致，故C錯誤；D.ab、cd保持靜止，與結(jié)果不一致，故D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】對油滴受力分析，討論油滴可能的電性以及可能的運動方向，根據(jù)三個力的位置關系分析是否能沿直線運動.【詳解】若油滴帶正電，且由b向a運動時，油滴受向下的重力，垂直ab斜向右上方的洛倫茲力，若電場力水平向左，即此時電場水平向左，則油滴受的三個力能夠平衡，做勻速直線運動；若油滴帶正電，且由a向b運動時，油滴受向下的重力，垂直ab斜向左下方的洛倫茲力，無論電場力是水平向左還是向右，油滴受的三個力都不能平衡，不可能沿直線ab運動；若油滴帶負電，且由b向a運動時，油滴受向下的重力，垂直ab斜向左下方的洛倫茲力，無論電場力是水平向左還是向右，油滴受的三個力都不能平衡，不可能沿直線ab運動；若油滴帶負電，且由a向b運動時，油滴受向下的重力，垂直ab斜向右上方的洛倫茲力，若電場力水平向左，即此時電場水平向右，則油滴受的三個力能夠平衡，做勻速直線運動；則油滴可能帶正電，也可能帶負電；油滴必定做勻速直線運動；油滴可能從a運動到b，也可能從b運動到a；電場方向可能水平向左，也可能水平向右；故選項BC正確，AD錯誤；故選BC.【點睛】本題考查帶電粒子在復合場中的運動情況，解題的關鍵在于明確各力的特點，特別注意洛倫茲力大小和方向均與速度有關，故如果是變速運動時則洛倫茲力發(fā)生變化，合力方向一定會發(fā)生變化，粒子不可能做直線運動8、AD【解析】A.洛倫茲力對帶電粒子不做功，不能使粒子速度增大，電場力可使帶電粒子做功，動能增大，故A正確；B.若帶電粒子以與電場線平行的速度射入，粒子返回速率不變，故B錯誤；C.如果是電場，只要MN是等勢面即可，故C錯誤；D.由知，粒子在磁場中運動的時間與速率無關，D正確。故選AD。9、AB【解析】帶電粒子在磁場中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運動，雖然電量、質(zhì)量不同，但比荷相同，所以運動圓弧對應的半徑與速率成正比．它們的周期總是相等，因此運動的時間由圓心角來決定【詳解】A.入射速度不同的粒子，周期相同，半徑大小不同，如果都從左邊飛出，雖然軌跡不一樣，若圓心角卻相同，則磁場中運動時間相同．故A正確，C錯誤；B.入射速度相同的粒子，半徑不同，則運動軌跡一定相同，故B正確；C.在磁場中運動時間：t=(θ為轉(zhuǎn)過圓心角)，速度越大，軌道半徑越大，但對應的圓心角不一定大（如從右側(cè)邊界射出的粒子），運動時間不一定長，故D錯誤故選AB10、8cm【解析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數(shù)據(jù)，解得，代入數(shù)據(jù)得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯(lián)立求得代入數(shù)據(jù)解得三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.30②.0.2③.1.00④.0.75⑤.0.50⑥.1.5⑦.1.5【解析】（1）[1]因為A滑塊開始處于靜止狀態(tài)，故根據(jù)圖像可知兩滑塊發(fā)生碰撞的位置在30cm刻度處；（2）[2]閃光時間間隔為0.4s，由圖可知碰后A滑塊從45cm刻度處運動到75cm刻度處，運動速度為：從發(fā)生碰撞到第二次拍攝，A滑塊從30cm刻度處運動到45cm刻度處，運動的時間為：所以可知從第一次拍攝到發(fā)生碰撞的時間為：（3）[3]從第一次拍攝到發(fā)生碰撞，B滑塊從10cm運動到了30cm，由（2）的分析可知碰前A滑塊的速度為：[4]由（2）的分析可知碰后A滑塊的速度為0.75m/s；[5]閃光時間間隔為0.4s，由圖可知碰撞后B滑塊在一個閃光時間間隔內(nèi)從40cm刻度處運動到60cm刻度處，即碰后B滑塊的速度為：（4）[6]碰前兩滑塊的總動量為：[7]碰后兩滑塊的總動量為：12、①.；②.【解析】[1]．如果保證輸送的電功率不變，將輸電電壓升高到原來的n倍，根據(jù)，電流變?yōu)樵瓉淼模桓鶕?jù)U=Ir，則輸電線路上的電壓損失將減小為原來的；[2]．在電阻、通電時間一定時，根據(jù)，電流變?yōu)樵瓉淼?/p>