2025屆白銀市重點中學物理高三第一學期期中監測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、小球從空中由靜止下落，與水平地面相碰后反彈至某一高度，其速度v隨時間t變化的關系圖線如圖所示．則（）A．小球反彈后離開地面的速度大小為5m/sB．小球反彈的最大高度為0.45mC．與地面相碰，小球速度變化量的大小為2m/sD．小球下落過程中的加速度小于上升過程中加速度2、一質點做勻速直線運動。現對其施加一恒力，且原來作用在質點上的力不發生改變，則（）A．質點速度的方向總是與該恒力的方向相同B．質點速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直C．質點單位時間內速度的變化量總是變化D．質點的動量變化率變化3、某籃球運動員將籃球豎直向上拋出，籃球在最高點離接球的手距離1.8m，該運動員接球的整個過程時間約為0.1s，(忽略空氣阻力，g取10m/s2)則下列說法正確的是A．接球時球的速度大小為3m/sB．籃球自由下落時間約為1.2sC．手受到的平均作用力的大小是籃球重力大小的7倍D．手接籃球的整個過程，籃球處于失重狀態4、在真空中的光滑水平絕緣面上有一帶電小滑塊．開始時滑塊靜止．若在滑塊所在空間加一水平勻強電場E1，持續一段時間后立即換成與E1相反方向的勻強電場E1．當電場E1與電場E1持續時間相同時，滑塊恰好回到初始位置，且具有動能．在上述過程中，E1對滑塊的電場力做功為W1，沖量大小為I1；E1對滑塊的電場力做功為W1，沖量大小為I1．則A．I1=I1 B．4I1=I1C．W1=0.15W1=0.75 D．W1=0.10W1=0.805、2016年4月2日，滬寧高速上海至無錫方向玉祁段發生重大車禍，現場至少50輛車連環相撞．據交警部門調查，此次事故發生的主要原因是雨天路滑及突然出現的團霧而造成多車連環追尾．假設該高速公路上甲、乙兩車在同一車道上行駛，甲車在前，乙車在后．t0時刻，發現前方有事故，兩車同時開始剎車，行進中兩車恰好沒有發生碰撞．兩車剎車過程的vt圖像如圖所示，以下判斷正確的是（）A．兩車都停止運動時相距25mB．t0時刻兩車間距等于50mC．t5s時兩車間距大于t15s時兩車間距D．乙車剎車的加速度大小是甲車的1.5倍6、下面的說法正確的是（）A．當力與物體的位移垂直時，該力的沖量為零B．如果物體（質量不變）的速度發生變化，則可以肯定它受到的合外力的沖量不為零C．物體所受合外力沖量越大，它的動量也越大D．做豎直上拋運動的物體，在△t時間內所受重力的沖量可能為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖（a）為一列波在t=2s時的波形圖，圖（b）是平衡位置在x=1.5m處的質點的振動圖像，P是平衡位置為x=2m的質點，下列說法正確的是（）A．波速為0.5m/sB．波的傳播方向向右C．時間內，P運動的路程為8cmD．時間內，P向y軸正方向運動E.當t=7s時，P恰好回到平衡位置8、一個作勻加速直線運動的物體，先后經過A、B兩點時的速度分別是v和7v，所用時間是t，則下列判斷正確的是：A．物體的加速度大小是B．經過AB中點的速度是C．經過AB中間時刻的速度是D．前時間通過的位移比后時間通過的位移少9、如圖所示，傾角為30°的光滑斜面底端固定一輕彈簧，點為原長位置。質量為的滑塊從斜面上點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能為。現將物塊由點上方處的點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限度內，取，則下列說法正確的是A．從點釋放，滑塊被彈簧彈回經過點的動能等于B．點到點的距離小于C．從點釋放后，滑塊運動的最大動能為D．從點釋放，彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加了10、如圖所示為豎直截面為半圓形的容器，O為圓心，且AB為沿水平方向的直徑。一物體在A點以向右的水平初速度vA拋出，與此同時另一物體在B點以向左的水平初速度vB拋出，兩物體都落到容器的同一點P。已知∠BAP＝37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列說法正確的是A．物體B比A先到達P點B．A、B物體一定同時到達P點C．拋出時，兩物體的速度大小之比為vA∶vB＝16∶9D．拋出時，兩物體的速度大小之比為vA∶vB＝9∶16三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學根據機械能守恒定律，設計實驗探究彈簧彈性勢能與壓縮量的關系①如圖23（a），將輕質彈簧下端固定于鐵架臺，在上端的托盤中依次增加砝碼，測量相應的彈簧長度，部分數據如下表，由數據算得勁度系數k=N/m．（g取9.80m/s2）砝碼質量（g）

50

100

150

彈簧長度（cm）

8.62

7.63

6.66

②取下彈簧，將其一端固定于氣墊導軌左側，如圖23（b）所示：調整導軌，使滑塊自由滑動時，通過兩個光電門的速度大小．③用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x；釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉化為．④重復③中操作，得到v與x的關系如圖23（c）．由圖可知，v與x成關系．由上述實驗可得結論：對同一根彈簧，彈性勢能與彈簧的成正比．12．（12分）探究力對原來靜止的物體做的功與物體獲得的速度的關系，實驗裝置如圖4所示.實驗過程中有平衡摩擦力的步驟，并且設法讓橡皮筋對小車做的功以整數倍增大，即分別為W0、2W0、3W0、4W0….(1)實驗中首先通過調整木板傾斜程度平衡摩擦力，目的是________(填寫字母代號).A．為了釋放小車后小車能做勻加速運動B．為了增大橡皮筋對小車的彈力C．為了使橡皮筋對小車做的功等于合外力對小車做的功D．為了使小車獲得較大的動能(2)圖是在正確操作情況下打出的一條紙帶，從中截取了測量物體最大速度所用的一部分，已知相鄰兩點打點時間間隔為0.02s，則小車獲得的最大速度vm＝________m/s(保留3位有效數字).(3)幾名同學在實驗中分別得到了若干組橡皮筋對小車做的功W與小車獲得的最大速度vm的數據，并利用數據繪出了下列給出的四個圖象，你認為其中正確的是________.A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，半徑r=0.06m的半圓形無場區的圓心在坐標原點O處，半徑R=0.1m；磁感應強度大小B=0.075T的圓形有界磁場區的圓心坐標為（0，0.08m）；平行金屬板MN的長度L=0.3m、間距d=0.1m，兩板間加電壓U=640V，其中N板收集粒子并全部中和吸收。一位于O點的粒子源向第I、II象限均勻發射比荷=1×108C/kg、速度大小v=6×105m/s的帶正電粒子，經圓形磁場偏轉后，從第I象限射出的粒子速度方向均沿x軸正方向。不計粒子重力、粒子間的相互作用及電場的邊緣效應，sin37°=0.6。(1)粒子在磁場中運動的軌跡半徑；(2)求從坐標（0，0.18m）處射出磁場的粒子在O點入射方向與y軸的夾角；(3)N板收集到的粒子占所有發射粒子的比例。14．（16分）如圖甲所示，一個以恒定速率逆時針轉動的傳送帶AB，在其左側邊緣的B點有一個不計大小的滑塊，若滑塊以初速度v1=3m/s沖上傳送帶，滑塊運動的v-t力象如圖乙中實線a所示；若滑塊以初速度v1=6m/s沖上傳送帶，滑塊運動的v-t圖象如圖所乙實線b所示．重力加速度g取10m/s1．求：（1）傳送帶的長度L和傳送帶與滑塊間的動摩擦因數μ；（1）滑塊以初速度v1=3m/s沖上傳送帶到返回B點所用的時間t′．15．（12分）如圖所示，在豎直平面內建立直角坐標系，x軸水平，y軸豎直，在第二象限有沿y軸正方向的勻強電場E，一長為L的絕緣輕繩一端固定在A（0，4L）點，另一端系一個帶負電小球，電荷量大小為，開始繩剛好水平伸直．重力加速度為g．求：（1）小球由靜止釋放，運動到y軸時繩斷裂，小球能到達x軸上的B點，B點位置坐標；（2）假設繩長可以0到4L之間調節，小球依然由原位置靜止釋放，每次到達y軸繩斷裂，其他條件不變，則小球在x軸上的落點與原點間距離最大時，求輕繩的長度及該最大距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據速度時間圖線得出反彈和著地的速度大小，結合速度的方向求出速度的變化量，根據圖線圍成的面積求出小球反彈的最大高度．利用v-t圖像的斜率求加速度．【詳解】A.由圖象可知：0.5s末物體反彈，此時速度的大小為3m/s，故A錯誤；B.小球能彈起的最大高度對應圖中0.5s?0.8s內速度圖象的面積，所以h=×3×0.3m=0.45m，故B正確；C.小球與地面碰撞前的速度為5m/s，方向豎直向下，與地面碰撞后的速度大小為3m/s，方向豎直向上，則小球速度的變化量△v=v2?v1=-3?5m/s=-8m/s，方向豎直向上，故C錯誤；D.v-t圖像的斜率等于加速度，由圖可知，小球下落過程中的加速度a1=（5-0）/0.5=10m/s2，下落過程加速度a2=（0+3）/0.3=10m/s2，下落過程中的加速度等于上升過程中加速度，故D錯誤．故選B.2、B【解析】

A．質點開始做勻速直線運動，現對其施加一恒力，其合力不為零，如果所加恒力與原來的運動方向不相同，則質點速度的方向不與該恒力的方向相同，A錯誤；B．如果所加恒力與原來的運動方向垂直，則物體做勻變速曲線運動，但不可能總是與該恒力方向垂直，如平拋運動，B正確；C．因為合外力恒定，加速度恒定，由△v=a△t可知，質點單位時間內速度的變化量總是不變，C錯誤；D．由動量定理可知，合外力的沖量等于物體動量的變化，所以質點的動量變化率為合外力，合外力不變，則質點的動量變化率不變，D錯誤。故選B。3、C【解析】

AB.由運動規律可得，籃球下落到該運動員手處的速度，由v2=2gh解得v=6m/s，籃球的下落時間t1=v/g=0.6s，故A、B錯誤；C.從接觸該運動員手到停止運動，籃球的加速度a=v/t2=60m/s2，根據牛頓定律：F－mg=ma可得，F=7mg，故C正確;D.運動員接籃球的整個過程，籃球做減速運動，加速度方向向上，籃球處于超重狀態，故D錯誤。4、C【解析】設第一過程末速度為v2，第二過程末速度大小為v2．根據上面的分析知兩過程的平均速度大小相等，根據勻變速直線運動規律有，所以有v2=2v2．根據動能定理有：，，而，所以，，故C正確，D錯誤；又因為位移大小相等，所以兩個過程中電場力的大小之比為2：3，根據沖量定義得：I2=F2t，I2=F2t，所以I2=3I2，故AB錯誤．5、B【解析】

行進中兩車恰好沒有發生碰撞，說明t=10s時刻兩車速度相等時恰好相遇，則t=0時刻兩車間距等于兩車在10s位移之差，為：S=×10×10m=50m．選項B正確；根據圖象與時間軸圍成的“面積”表示位移可知，甲的剎車距離為：x甲=×20×20m=100m，而乙的剎車距離為：x乙=m=225m，兩車都停止運動時相距為：S′=x乙-（S+x甲）=225m-（50m+100m）=75m；故A錯誤．根據“面積”表示位移，可知t=5s～15s內兩車通過的位移相等，所以t=5s時兩車間距等于t=15s時兩車間距，故C錯誤．根據v-t圖象的斜率表示加速度，甲的加速度大小為：a1=1m/s2；乙的加速度大小為：a2=2m/s2；故乙車的加速度是甲車的加速度的2倍；故D錯誤；故選B．【點睛】本題考查v-t圖象的應用，要注意掌握圖象的性質，能根據圖象明確物體的運動過程，明確恰好不相撞的條件：速度相等，運用“面積法”求位移．6、B【解析】

力的沖量：I=Ft，當力與物體的位移垂直時，該力的沖量不為零，故A錯誤；如果物體（質量不變）的速度發生變化，物體的動量發生變化，由動量定理可知，物體所受到的合外力的沖量不零，故B正確；由動量定理可知，物體所受合外力沖量越大，物體動量的變化量越大，它的動量不一定大，故C錯誤；做豎直上拋運動的物體，在△t時間內所受重力的沖量為mg△t，不可能為零，選項D錯誤；故選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACE【解析】

A．由圖（a）可知該簡諧橫波的波長為λ=2m，由圖（b）知周期為T=4s，則波速為故A正確；B．根據圖（b）的振動圖像可知，x=1.5m處的質點在t=2s時振動方向向下，所以該波向左傳播，故B錯誤；C．由于t=2s=0.5T所以時間內，質點P的路程為S=2A=8cm故C正確；D．由圖（a）可知t=2s時，質點P在波谷，t=2s=0.5T，所以可知時間內，P向y軸負方向運動，故D錯誤；E．t=2s時，質點P在波谷則t=7s時，P恰回到平衡位置，E正確。故選ACE。8、BCD【解析】根據，則物體經過ab中點位置的速度為，故A錯誤．根據平均速度推論知，經過ab中間時刻的瞬時速度，故B正確．前時間內的平均速度，后時間內的平均速度，根據可知前時間通過的位移比后時間通過的位移小，選項C錯誤；物體運動的加速度，故D正確．故選BD．點睛：解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，即中間時刻的速度，中間位移的速度，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷．9、ABC【解析】

A.從點釋放，斜面光滑，根據機械能守恒知塊被彈簧彈回經過點動能為：故A正確；B.物塊從點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做加速運動，后來，彈簧的彈力大于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動，所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等于滑塊的重力沿斜面向下的分力時物塊的速度最大；從點到點，根據動能定理則有：解得點到點的距離：故B正確；C.設物塊動能最大時彈簧的彈性勢能為，從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：從釋放到動能最大的過程，由系統的機械能守恒得：聯立可得：據題有：所以得從點釋放滑塊最大動能為：故C正確；D．根據物塊和彈簧的系統機械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，由于從點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從點釋放彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加為：故D錯誤。10、BC【解析】

AB.兩物體同時拋出，都落到P點，由平拋運動規律可知兩物體下落了相同的堅直高度，由得：即同時到達P點，A錯誤；B正確.CD.在水平方向，拋出的水平距離之比等于拋出速度之比，設圓的半徑為R，由幾何關系得而，聯立上述表達式得所以vA∶vB＝16∶9，故C正確；D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①50N/m（49.5～50.5）②相等③動能④正比；x2（或壓縮量的平方）【解析】

①據，，有：，則，同理可以求得：，則勁度系數為：．[②使滑塊通過兩個光電門時的速度相等，則可以認為滑塊離開彈簧后做勻速直線運動；③彈性勢能轉化為滑塊的動能；④圖線是過原點的傾斜直線，所以v與x成正比；彈性勢能轉化為動能，即，即彈性勢能與速度平方成正比，又由v與x成正比，則彈性勢能與壓縮量的平方成正比．12、C1.22D【解析】

（1）實驗中通過調整木板傾斜程度平衡摩擦力，目的是為了使橡皮筋對小車所做功即為合外力對小車所做的功，C正確；（2）由所打的點可知，DG之間小車做勻速直線運動，速度最大，小車獲得的最大速度為：；（3）橡皮筋對小車做的功W與小車的動能關系知，則，與W成正比，D正確．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.08m（2）（3）29%【解析】試題分析：由洛倫茲力充當向心力可求得運動半徑；做出帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌跡，由幾何知識即可求出θ；利用帶電粒子在勻強電場中類