2025屆安徽省六安二中河西校區高二物理第一學期期末綜合測試模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在磁感應強度大小為B0的勻強磁場中，兩長直導線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l.在兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內與兩導線距離均為l的a點處的磁感應強度為零．如果讓P中的電流反向、其他條件不變，則a點處磁感應強度的大小為()A.0 B.C. D.2B02、如圖甲是回旋加速器原理示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中(磁感應強度大小恒定)，并分別與高頻電源相連，加速時某帶電粒子的動能Ek隨時間t的變化規律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷正確的是A.高頻電源的變化周期應該等于tn－tn－1B.在Ek－t圖像中t4－t3＝t3－t2＝t2－t1C.粒子加速次數越多，粒子獲得的最大動能一定越大D.不同粒子獲得的最大動能都相同3、下列各圖中，已標出電流及電流的磁場方向(B圖表示通電環形導線產生的磁場，“”表示導線中電流I的方向垂直于紙面向里，“”表示導線中電流I的方向垂直于紙面向外，其中正確的是()A. B.C. D.4、一質量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則()A.t=1s時物塊的動量大小為1kg·m/sB.t=2s時物塊的動量大小為4kg·m/sC.t=3s時物塊的動量大小為5kg·m/sD.t=4s時物塊的動量大小為零5、如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向里的勻強磁場，電子1從磁場邊界上的a點垂直MN且垂直磁場方向射入磁場，經t1時間從b點離開磁場．之后電子2也由a點沿圖示方向以相同速率垂直磁場方向射入磁場，經t2時間從a、b連線的中點c離開磁場，則為()A. B.2C. D.36、當兩列振動情況完全相同的水波發生干涉時，如果兩列波的波峰在P點相遇，下列說法不正確的是（）A.質點P的振動始終是加強的B.質點P的位移始終最大C.質點P的振幅最大D.質點P的位移有時為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電流，下列說法中正確的是（）A.由可知，通過導線截面的電量越多，電流越大B.由I=nqsv可知，同一導線內電荷定向移動的速率越大，電流越大C.由I=可知，同一導體中的電流與導體兩端的電壓成正比D.因為電流有方向，所以電流是矢量8、圖是通過變壓器降壓給用戶供電的示意圖．負載變化時變壓器輸入電壓基本保持不變．輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，開關S閉合后，相當于接入電路中工作的用電器增加．如果變壓器上的能量損失可以忽略，則開關S閉合后，以下說法正確的是A.電表V1示數與V2示數的比值不變B.電表A1示數不變，A2示數增大C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過電阻R1的電流減小9、如圖所示，足夠長的形光滑金屬導軌所在平面與水平面成角（），其中導軌與平行且間距為，磁感應強度大小為的勻強磁場方向垂直導軌所在平面斜向上，金屬棒質量為，接入電路的電阻為，始終與兩導軌始終保持垂直且接觸良好，導軌電阻不計，時刻，金屬棒由靜止開始沿導軌下滑，時刻，棒的速度大小為（未達到穩定狀態），時間內流過棒某一橫截面的總電荷量為，下列說法正確的是（）A.時刻，棒的加速度大小為B.時刻，棒的電功率為C.時間內，棒位移大小為D.時間內，棒產生的焦耳熱為10、如上圖所示，虛線a、b、c為三個同心圓面，圓心處為一個點電荷，現從c外面一點P以相同的速率發射兩個電荷量、質量都相同的帶電粒子，分別沿PM、PN運動到M、N，M、N兩點都位于圓周c上，以下判斷正確的是（）A.兩粒子帶同種電荷 B.兩粒子帶異種電荷C.到達M、N時兩粒子速率仍相等 D.到達M、N時兩粒子速率不相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一輛汽車行駛速度為54km/h，以加速度大小a=3m/s2開始剎車，剎車后3s時速度___________，剎車3s內位移___________。12．（12分）如圖所示，在水平桌面上有一個臺秤，臺秤上沿東西方向放置金屬棒ab，金屬棒ab處在沿南北方向的勻強磁場中．現通過測量金屬棒ab在磁場中所受的安培力，來測量磁場的磁感應強度大小并判定其方向（1）在圖中畫線代替導線完成實驗電路圖，要求接通電源后電流由a流向b（2）完成下列主要實驗步驟中的填空：①按圖接線；②保持開關S斷開，讀出臺秤示數m0；③閉合開關S，調節R的阻值使電流大小適當，此時臺秤仍有讀數，然后讀出并記錄臺秤示數m1和____________④用米尺測量_________________（3）用測量的物理量和重力加速度g表示磁感應強度的大小，可以得到B＝_________（4）判斷磁感應強度方向的方法是：若m1＜m0，磁感應強度方向垂直金屬棒向_________（填“南”或“北”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個重力不計的帶電粒子，以大小為v的速度從坐標的M點，平行于x軸射入磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向外的圓形勻強磁場區域，并從x軸上N點射出磁場，射出速度方向與x軸正方向夾角為60°，如圖所示。求：(1)帶電粒子的比荷；(2)帶電粒子從M點運動到N點的時間；14．（16分）如圖所示，在地面附近有一范圍足夠大的互相正交的勻強電場和勻強磁場．勻強磁場的磁感應強度為B，方向水平并垂直紙面向里，一質量為m、帶電量為+q的帶電微粒在此區域恰好做速度大小為v的勻速圓周運動．（重力加速度為g）（1）求此區域內電場強度的大小和方向；（2）若某時刻微粒運動到場中距地面高度為H的P點，速度與水平方向成45o，如圖所示．則該微粒至少須經多長時間運動到距地面最高點？最高點距地面多高？（3）在（2）問中微粒運動P點時，突然撤去磁場，同時電場強度大小不變，方向變為水平向右，則該微粒運動中距地面的最大高度是多少？15．（12分）有一臺內阻為1的發電機，供給一學校照明用電，如圖所示。升壓比為，降壓比為，輸電線的總電阻，全校共22個班，每班有“220V，40W”燈6盞。若保證全部電燈正常發光，則：（1）輸電線上損耗的電功率多大？（2）發電機電動勢多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】在兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內與兩導線距離為l的a點處的磁感應強度為零，如下圖所示：由此可知，外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依據幾何關系，及三角知識，則有：BPcos30°=B0；解得P或Q通電導線在a處的磁場大小為BP=B0；當P中的電流反向，其他條件不變，再依據幾何關系，及三角知識，則有：B2=B0；因外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，磁場大小為B0；最后由矢量的合成法則，那么a點處磁感應強度的大小為B=，故C正確，ABD錯誤2、B【解析】回旋加速器工作條件是交流電源的周期必須和粒子在磁場中圓周運動的周期一致，由公式和進行分析判斷【詳解】A．交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，故電源的變化周期應該等于，故A錯誤；B．根據可知粒子回旋周期不變，在圖中應有，故B正確；C．根據公式：解得，故最大動能：則知粒子獲得的最大動能與D形盒的半徑有關，D形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動能越大，與加速的次數無關．故C錯誤；D．最大動能：動能與粒子比荷以及和有關，不同粒子獲得的最大動能不同，D錯誤【點睛】本題考查了回旋加速器的原理，要能夠準確的推導出粒子最大動能與粒子比荷、D形盒半徑的關系3、B【解析】根據安培定則判斷電流周圍磁場方向，直導線大拇指指向為電流方向，而環導線四指指向即為電流方向，從而進行判斷【詳解】A.根據安培定則，螺線管內部的磁場方向向右．故A錯誤；B.從上往下看，線框的電流方向為逆時針方向，根據安培定則知，磁場的方向向上．故B正確；C.直線電流的方向豎直向上，根據安培定則知，直線電流右邊的磁場方向垂直紙面向里．故C錯誤；D.由于電流的方向豎直向上，根據安培定則知，磁場方向應該逆時針．故D錯誤故選B.4、B【解析】根據動量定理：而F-t圖像的面積等于力F的沖量，等于物體動量的變化。A．則由圖像可知，t=1s時物塊的動量大小為p1=2×1N?s=2kg·m/sA錯誤；B．同理可知，t=2s時物塊的動量大小為p2=2×2N?s=4kg·m/sB正確；C．t=3s時物塊的動量大小為p3=(2×2-1×1)N?s=3kg·m/sC錯誤；D．t=4s時物塊的動量大小為P4=(2×2-1×2)N?s=2kg·m/sD錯誤。故選B。5、D【解析】考查帶電粒子在勻強磁場中的運動。【詳解】電子2以相同速率垂直磁場方向射入磁場，由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式可知，兩電子運動半徑相同，由周期公式可知，周期也相同，由幾何關系可知，電子1運動的圓心角為，電子2運動的圓心角為，由時間可得：D正確。故選D。6、B【解析】兩列波波峰與波峰相遇，振動加強，振幅最大．頻率相同的兩列波發生干涉，振動加強點始終加強，減弱點始終減弱，都呈周期性變化【詳解】P點為波峰與波峰疊加，為振動加強點，振動始終加強，振幅最大．位移在變化，有時為零，有時處于最大．故ACD正確，B錯誤；此題選擇不正確的選項，故選B【點睛】解決本題的關鍵知道波峰與波峰疊加、波谷與波谷疊加，為振動加強點，波峰與波谷疊加，為振動減弱點二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】通過導線截面的電量多，若時間長，電流不一定大，A錯誤；由I=nqsv可知，同一導線內電荷定向移動的速率越大，電流越大，B正確；由知，同一導體中的電流與導體兩端的電壓成正比，選項C正確；電流有方向，但是電流合成不遵循平行四邊形法則，所以電流是標量，D錯誤8、ACD【解析】根據電壓和匝數成正比可求出副線圈的電壓，在根據電路中的串并聯關系可以知道電流及功率的變化狀況【詳解】A、因為輸入電壓幾乎不變，原副線圈的電壓比等于匝數之比，所以比值不變，故A對；B、因為輸入電壓幾乎不變，原副線圈的電壓比等于匝數之比，則副線圈的電壓幾乎不變，閉合開關后，負載增加，副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，即A2示數增大，原副線圈電流之比等于匝數之反比，所以電表A1示數也增大，故B錯；C、由于A2示數增大，所以流過輸電線的電阻R0的電流增大，根據則輸電線的電阻R0消耗的功率增大，故C對；D、閉合開關，電壓表V2示數不變，副線圈電流增大，R0兩端電壓增大，根據串聯分壓得R1兩端電壓減小，所以流過電阻R1的電流減小，故D對；故選ACD【點睛】電壓是前決定后，電流是后決定前，并且前后功率相等9、AC【解析】A．根據牛頓第二定律可得：即：解得加速度大小為：A正確；B．時刻，棒的電功率為,不能用平均值來求，故B錯誤。C．根據：解得下滑的位移大小為：C正確；D．電流不恒定，無法直接根據焦耳定律求解熱量，根據動能定理：解得：D錯誤。故選AC。10、BD【解析】AB．由軌跡看出，點電荷左側的帶電粒子受到中心電荷的排斥力，與中心點電荷電性相同；右側的帶電粒子受到中心電荷的吸引力，與中心點電荷電性相反，則兩粒子帶異種電荷，故A錯誤，B正確；CD．由題，M、N兩點都處于圓周c上，電勢相等，兩帶電粒子又是從同一點P出發，則電勢差UPM=UPN，電場力對兩個帶電粒子做功大小相等，而從P到M的粒子電場力總功為負功，從P到N的粒子電場力總功為正功，根據動能定理得到，到達M、N時兩粒子速率vM＜vN。故C錯誤，D正確。故選BD。【點睛】本題是軌跡問題，根據軌跡的彎曲方向要能判斷出帶電粒子所受的電場力大體方向。電場力做功與初末位置間電勢差成正比。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.6m/s②.31.5m【解析】[1][2]汽車行駛速度為54km/h=15m/s汽車做勻減速運動至停止，由汽車剎車全過程的總時間

則剎車后3s時的速度為剎車3s內的位移為【點睛】本題為剎車問題，應避開時間圈套，即首先應先求解剎車停止的時間，然后在進行計算；另外加速度一般取負值，為常見的易錯題型。12、①.；②.電流表的示數I；③.金屬棒的長度l；④.南【解析】(1)用滑動變阻器的限流式接法即可；(2)③金屬框平衡時測量才有意義，讀出電阻箱電阻并用天平稱量細沙質量；④安培力與電流長度有關，安培力合力等于金屬框架下邊受的安培力；(3)根據平衡條件分列式即可求解；(4)根據左手定則判斷即可【詳解】(1)如圖所示(2)③重新處于平衡狀態；讀出電流表的示數I；臺秤示數m1；④金屬棒的長度l(3)根據平衡條件，有：|m0-m1|g=Bil解得：；(4)判定磁感應強度方向的方法是：若m0＞m1，磁感應強度方向向南【點睛】理解實驗原理是解決實驗類題目的關鍵，此題關鍵是對線框受力分析，根據平衡條件求磁感應強度，注意電表的正負極四、計算題：本題共3小題，共3