山西省太原市2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電場中M、N兩點場強的大小分別為EM、EN，電勢分別為φM、φN.某帶電粒子僅在電場力作用下從M點運動到N點，若此過程中帶電粒子的動能始終保持不變，下列判斷正確的是（）A．EM＞EN，φM＞φNB．EM＜EN，φM=φNC．EM=EN，φM=φND．EM＜EN，φM＜φN2、如圖所示的電路中，已知電容C1=C2，電阻R1=R2，電源電動勢為E，內阻不計，當開關S由閉合狀態斷開時，下列說法中正確的是（）A．電容器C1的電量增多，電容器C2的電量減少B．電容器C1的電量減少，電容器C2的電量增多C．電容器C1、C2的電量都增多D．電容器C1、C2的電量都減少3、一個帶電粒子，沿垂直于磁場方向，射入勻強磁場中，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段都可以近似看成圓弧．由于帶電粒子使周圍的空氣電離，粒子的能量逐漸減小而帶電量不變．不計粒子重力，從圖中情況可以確定（）A．粒子是帶正電的，它所受的洛侖茲力大小不變B．粒子是帶正電的，它是由a點運動到b點C．粒子是帶負電的，它所受的洛侖茲力大小逐漸增大D．粒子是帶負電的，它是由a點運動到b點4、如圖所示的電路，電表均為理想電表，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是（）A．電流表讀數變小，電壓表讀數變大B．小燈泡L變暗C．電源的總功率變小D．電容器C上電荷量減小5、如圖所示是靜電場的一部分電場線分布，下列說法中正確的是()A．這個電場可能是負點電荷的電場B．點電荷q在A點處受到的靜電力比在B點處受到的靜電力大C．點電荷q在A點處的瞬時加速度比在B點處的瞬時加速度小(不計重力)D．負電荷在B點處受到的靜電力的方向沿B點切線方向6、下列說法正確的是A．任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數倍B．電場線的方向即為帶電粒子的運動方向C．在點電荷電場中，以點電荷為球心的同一球面上各點的場強都相同D．電場強度反映了電場力的性質，所以此電場中某點的場強與試探電荷在該點所受的電場力成正比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一電子從勻強電場左邊界A點以初速度垂直于場強方向進入電場，經偏轉從右邊界B點飛出．已知A、B兩點間水平和豎直距離均為L，電子質量為m、電荷量為e，不計電子重力及空氣阻力．則A．電子從A到B的運動時間為B．勻強電場的電場強度為C．A、B兩點間的電勢差為D．電子從B點飛出時速度與水平方向夾角的正切值為18、如圖所示，在光滑絕緣水平面上有A、B、C三個可視為點電荷的帶電小球，位于同一條直線上，僅在它們之間的靜電力作用下均處于靜止狀態，且距離關系滿足：AB>BC，下列說法正確的是（）A．A，C帶同種電荷B．A，B帶異種電荷C．B所帶的電荷量最大D．A，B在C處產生電場的合場強為零9、圖1為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，P、Q為介質中的兩個質點，圖2為質點P的振動圖象，則A．t=0.2s時，質點Q沿y軸負方向運動B．0～0.3s內，質點Q運動的路程為0.3mC．t=0.5s時，質點Q的加速度小于質點P的加速度D．t=0.7s時，質點Q距平衡位置的距離小于質點P距平衡位置的距離10、如圖所示，一水平放置的光滑絕緣直槽軌連接一豎直放置的半徑為R的絕緣半圓形光滑槽軌．槽軌處在垂直紙面向外的勻強磁場中，磁感應強度為B．有一個質量為m，帶電量為+q的小球在水平軌道上以一定初速度向右運動．若小球恰好能通過最高點，則下列說法正確的是（）A．小球在最高點只受到洛侖茲力和重力的作用B．由于無摩擦力，且洛侖茲力不做功，所以小球到達最高點時與小球在水平軌道上的機械能相等C．如果設小球到達最高點的線速度是v，小球在最高點時式子mg+qvB=mvD．小球從最高點脫離軌道后將做平拋運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測量一節干電池的電動勢和內阻，某同學采用了伏安法，現備有下列器材：A．被測干電池一節B．電流表A1，量程0～0.6A，內阻r＝0.3ΩC．電流表A2，量程0～0.6A，內阻約為0.1ΩD．電壓表V1，量程0～3V，內阻未知E．電壓表V2，量程0～15V，內阻未知F．滑動變阻器1,0～10Ω，2AG．滑動變阻器2,0～100Ω，1AH．開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統誤差；在現有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻．(1)在上述器材中請選擇適當的器材：______(填寫選項前的字母)；(2)實驗電路圖應選擇下圖中的______(填“甲”或“乙”)；(3)根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U－I圖象，則干電池的電動勢E＝______V，內電阻r＝______Ω.12．（12分）用電流表和電壓表測干電池的電動勢和內電阻。提供的器材如下：A．電流表（，內阻約）B．電壓表（，內阻約為）C．滑動變阻器（，）D．滑動變阻器（，）E．狀態近似相同的干電池二節，開關及導線若干（1）實驗中滑動變阻器選______（選填“”或“”；（2）下面是小張同學連接成的測量電路，閉合開關前老師檢查發現圖甲中標示的①、②、③條接線中有一處錯誤，錯誤的連線是______（選填“①”“②”或“③”；（3）小張正確連線后，測得6組電流和電壓的值，并描點如圖乙所示，請你按照這些實驗值作出圖線______，由此圖線所得的每節干電池電動勢______V，每節干電池的內阻______。（結果保留3位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量m=0.5kg的小球（可視為質點）從光滑曲面上的A點由靜止釋放，小球沿著光滑曲面到達底端B點，速度大小v=10m/s．不計阻力，取重力加速度g=10m/s1．問：（1）小球從A點運動到B點的過程中，機械能是否守恒？（1）A、B兩點的高度差h等于多少？（3）小球從A點運動到B點的過程中，重力對小球所做的功W等于多少？14．（16分）如圖（甲）的演示實驗，在上下面都是金屬板的玻璃盒內，放了許多用錫箔紙揉成的小球，當上下板間加上電壓后，小球就上下不停地跳動。現取以下簡化模型進行定量研究：如圖（乙）所示，電容為C的平行板電容器的極板A和B水平放置，相距為d，與電動勢為E、內阻可不計的電源相連。設兩板之間只有一個質量為m的導電小球，小球可視為質點。假設小球與極板發生碰撞后，小球的速度立即變為零，帶電情況也立即改變，小球所帶電荷符號與該極板相同，電量為極板電量的k倍（k<<1）。不計帶電小球對極板間勻強電場的影響。重力加速度為g。（1）欲使小球能夠不斷地在兩板間上下往返運動，電動勢E至少應大于多少？（2）設上述條件已滿足在較長的時間間隔T內小球做了很多次往返運動。求：在T時間內電源輸出的平均電流。（3）現調整金屬板間距足夠大,讓其接上可充電和放電的電路裝置,然后進行下述操作:第一步,給金屬A、B板充電,讓A、B兩極板帶上一定的電荷量,使得錫箔紙揉成的小球P在兩板間的勻強電場中恰能保持靜止狀態.第二步,給A、B板繼續充電使其電荷量突然增加ΔQ1,讓油滴開始豎直向上運動t秒.第三步,在上一步基礎上使電容器突然放電ΔQ2,觀察到又經t秒后,油滴剛好回到原出發點.設小球P在運動過程中未與極板接觸.求ΔQ1和ΔQ2的比值.15．（12分）如圖所示，光滑斜面傾角為，一帶正電的小物塊質量為m，電荷量為q，置于斜面上，當沿水平方向加如圖所示的勻強電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時刻開始，電場強度變為原來的，重力加速度為g，求：（sin=0.6，cos=0.8）(1)原來的電場強度；(2)物塊運動的加速度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：因帶電粒子在MN兩點運動時的動能始終保持不變，故粒子的速率大小不變，可知粒子所受的電場力始終與速度垂直，電場力不做功，可知兩點的場強大小相等，電勢相等，故選C.考點：帶電粒子在電場中的運動2、D【解析】答案選D分析：電容器的電容不變，通過分析電壓變化來分析電量變化．當開關S斷開時，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動勢．當S閉合時，R1、R2串聯，C1與電阻R1并聯，C2與電阻R2并聯，根據兩電容器的電壓與電動勢的關系分析電壓的變化，再判斷電量的變化．解答：解：當開關S斷開時，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動勢．當S閉合時，R1、R2串聯，C1與電阻R1并聯，C2與電阻R2并聯，則兩電容器的電壓均小于電動勢，電壓減小，而電容不變，則電容器的電量均減小．故選D．3、D【解析】試題分析：因為粒子的能量逐漸減小而帶電量不變．根據半徑公式r=mvBq考點：考查了帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】根據r=mv4、D【解析】

AB．由圖可知，電路采用串聯結構，電容器并聯在滑動變阻器兩端；當滑片P右移時，滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，故電流表示數增大，燈泡亮度變亮，因內壓增大，故電壓表示數減小，故AB錯誤；C

．由P=EI可知，I變大，則電源的總功率變大，故C錯誤；D．因電容器并聯在滑動變阻器兩端．總電流變大，燈泡及內阻分壓增大，則滑動變阻器分壓減小，故電容器C兩端的電壓減小，故C上的電量減小，故D正確．5、B【解析】孤立的負點電荷形成的電場電場線是會聚型的射線，則知這個電場不可能是孤立的負點電荷形成的電場，故A錯誤；電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以，根據知點電荷q在A點處受到的靜電力比在B點處受到的靜電力大，瞬時加速度也比B點處的大，故B正確，C錯誤；電場線的切線方向為該點場強的方向，由知負電荷在B點處受到的靜電力的方向與場強的方向相反，故D錯誤．選B.【點睛】電場線是從正電荷或者無窮遠發出，到負電荷或無窮遠處為止，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小．6、A【解析】

A．任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數倍，選項A正確；B．電場線的方向一般與帶電粒子的運動方向是不相同的，為帶電粒子的電場力方向，選項B錯誤；C．在點電荷電場中，以點電荷為球心的同一球面上各點的場強大小都相同，但是方向不同，選項C錯誤；D．電場強度反映了電場力的性質，其大小是由電場本身決定的，與放在電場中某點的試探電荷無關，選項D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

A．電子在水平方向做勻速運動，則從A到B的運動時間為選項A正確；B．豎直方向：解得勻強電場的電場強度為選項B正確；C．A、B兩點間的電勢差為選項C錯誤；D．電子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，因此有電子從B點飛出時速度與水平方向夾角的正切值為選項D錯誤。8、ABD【解析】

根據電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，因此AB正確．同時根據庫侖定律來確定電場力的大小，并由平衡條件來確定各自電量的大小，因此在大小上一定為“兩大夾一小”，即B所帶的電荷量最小，選項C錯誤；因C處于靜止狀態，可知C處的場強為零，即A，B在C處產生電場的合場強為零，故D正確；故選ABD．【點睛】三個小球只受靜電力而平衡時，三個小球所帶的電性一定為“兩同夾一異”，且在大小上一定為“兩大夾一小”．9、CD【解析】

A．由振動圖像可知T=0.4s，t=0時刻質點P向上振動，可知波沿x軸負向傳播，則t=0.2s=0.5T時，質點Q沿y軸正方向運動，選項A錯誤；B．0.3s=T，因質點Q在開始時不是從平衡位置或者最高點（或最低點）開始振動，可知0～0.3s內，質點Q運動的路程不等于，選項B錯誤；C．t=0.5s=1T時，質點P到達最高點，而質點Q經過平衡位置向下運動還沒有最低點，則質點Q的加速度小于質點P的加速度，選項C正確；D．t=0.7s=1T時，質點P到達波谷位置而質點而質點Q還沒到達波峰位置，則質點Q距平衡位置的距離小于質點P距平衡位置的距離，選項D正確．10、AB【解析】A、據題知，小球恰好通過最高點時，軌道對球無作用力，小球在最高點時只受到重力和洛倫茲力兩個力作用，故A正確；B、由于洛倫茲力和軌道的彈力不做功，只有重力做功，小球運動過程中機械能是守恒的，則有小球到達最高點與小球在水平軌道上的機械能相等，故B正確；C、D、如果設小球到最高點的線速度是v，小球在最高點時，由左手定則判斷可知，小球受到的洛倫茲力方向豎直向上，根據牛頓第二定律得：mg-qvB=mv2D．小球離開軌道后仍然受到重力以及與速度方向垂直的洛倫茲力的作用，所以不能做平拋運動．故D錯誤．故選：AB點睛：小球恰好通過最高點時，軌道對球無作用力，小球在最高點時受到重力和洛倫茲力，向心力等于重力和洛倫茲力的合力；由于洛倫茲力和軌道的彈力不做功，只有重力做功，小球運動過程中機械能是守恒的，根據牛頓第二定律可得知在最高點時小球的速度與半徑的關系式．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABDFH甲1.50.7【解析】

(1)[1]本實驗中必選的儀器有：A．被測干電池一節；H開關、導線若干；因電源電動勢為1.5V，電流較小，為了讀數準確，所以電流表應選擇：量程0～0.6A，內阻0.3Ω的B；電壓表選擇D量程0～3V，滑動變阻器阻值較小有利于電表的數值變化，減小誤差，故選F，故選ABDFH.(2)[2]因電流表的內阻已知，故實驗電路圖應選擇圖甲；(3)[3][4]根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U－I圖象，則干電池的電動勢E＝1.5V內電阻r＝Ω－0.3Ω＝0.7Ω.12、R1②1.500.385【解析】

（1）[1]因干電池內阻較小，電動勢較小，為了便于調節，滑動變阻器應選總阻值較小的；（2）[2]由于電源內阻較小，電流表的分壓較為明顯，故應采用電流表相對電源的外接法，故②線接錯；（3）[3]根據給出的點連線，得出對應的伏安特性曲線如圖所示：[4]兩電源串聯，根據：可知電源的電動勢為：[5]圖像的斜率表示電源的內阻，故有：內阻為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式