2025屆上海市閔行區(qū)七寶中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、標(biāo)有“220V100W”的一燈泡接在u=311sin314tV的正弦交變電流上,則()A.產(chǎn)生該交變電流的發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)速為每分鐘50轉(zhuǎn)B.與該燈泡串聯(lián)的理想電流表讀數(shù)為0.64AC.與該燈泡并聯(lián)的理想電壓表讀數(shù)為311VD.通過該燈泡的電流i=0.64sin314tA2、由同種材料制成的粗細(xì)均勻的導(dǎo)線A和B，橫截面積之比SA：SB=1:3，將它們并聯(lián)后接入電路后，熱功率之比為PA:PB=2:3,則它們的長(zhǎng)度之比LA:LB為（）A.1:3 B.1:2C.2:3 D.3:13、如圖所示，a、b、c、d、e五點(diǎn)在一直線上，b、c兩點(diǎn)間的距離等于d、e兩點(diǎn)間的距離．在a點(diǎn)固定放置一個(gè)點(diǎn)電荷，帶電量為+Q，已知在+Q的電場(chǎng)中b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U．將另一個(gè)點(diǎn)電荷+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過程中A.克服電場(chǎng)力做功qUB.電場(chǎng)力做功大于qUC.電場(chǎng)力做功等于qUD.電場(chǎng)力做功小于qU4、示波器是一種常見的電學(xué)儀器，示波管是斑示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成，如圖所示若、極接穩(wěn)壓電源的正極，X、Y接穩(wěn)壓電源的負(fù)極，則在示波器熒光屏上將會(huì)看到下列哪個(gè)可能圖形A B.C. D.5、如圖所示，質(zhì)量為m的木塊從半徑為R的半球形碗口下滑到碗的最低點(diǎn)的過程中，如果由于摩擦力的作用使木塊的速率不變，那么（）A.加速度為零B.加速度恒定C.加速度大小不變，方向時(shí)刻改變，但不一定指向圓心D.加速度大小不變，方向時(shí)刻指向圓心6、如圖是一名登山運(yùn)動(dòng)員攀登陡峭雪壁的情形，如果認(rèn)為峭壁的平面是豎直的平面，冰面是光滑的，腿與峭壁面是垂直的，輕繩與壁面的夾角為30°，運(yùn)動(dòng)員重72kg。則輕繩給運(yùn)動(dòng)員的張力大小T為(g＝10m/s2)()A.360N B.360NC.1440N D.480N二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，水平直導(dǎo)線中通有恒定電流I，在導(dǎo)線的正上方處將一帶電粒子以與電流方向相同的初速度v0射入，不計(jì)重力作用，該粒子將A.若粒子帶正電，將沿路徑a運(yùn)動(dòng)B.若粒子帶正電，將沿路徑b運(yùn)動(dòng)C.若粒子沿路徑b運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑變小D.若粒子沿路徑b運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑變大8、如圖所示，圖中兩平行板電容器、電源都完全相同，先閉合開關(guān)S，穩(wěn)定后將甲圖中的開關(guān)S斷開，乙圖中開關(guān)S保持閉合，當(dāng)將兩圖中的下極板向上移動(dòng)少許，則（）A.甲圖中電容器的電容增大，乙圖中電容器的電容不變B.甲圖中電容器所帶電荷量不變，乙圖中電容器所帶電荷量增大C.甲圖中電容器兩端的電勢(shì)差增大，乙圖中電容器兩端的電勢(shì)差不變D.甲圖中兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，乙圖中兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大9、下列關(guān)于光學(xué)知識(shí)及應(yīng)用的敘述，正確的有A.泊松亮斑是光的干涉現(xiàn)象B.天空的彩虹是不同色光在水汽中折射率不同造成的C.照相機(jī)鏡頭的增透膜利用了光的偏振D.醫(yī)學(xué)上的內(nèi)窺鏡是利用光在光纖的兩層玻璃界面發(fā)生全反射10、如右圖所示，一條電場(chǎng)線與Ox軸重合，取O點(diǎn)電勢(shì)為零，Ox方向上各點(diǎn)的電勢(shì)φ隨x變化的情況如圖乙所示，若在O點(diǎn)由靜止釋放一電子，電子僅受電場(chǎng)力的作用，則()A.電子一直沿Ox負(fù)方向運(yùn)動(dòng) B.電場(chǎng)力一直做正功C.電子運(yùn)動(dòng)的加速度不變 D.電子的電勢(shì)能逐漸增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖示為簡(jiǎn)單歐姆表原理示意圖，其中電流表的偏電流=300A,內(nèi)阻=100，可變電阻R的最大阻值為10k，電池的電動(dòng)勢(shì)E=1.5V,內(nèi)阻r=0.5，圖中與接線柱A相連的表筆顏色應(yīng)是__色，接正確使用方法測(cè)量電阻Rx的阻值時(shí)，指針指在刻度盤的正中央，則=_____k.若該歐姆表使用一段時(shí)間后，電池電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大，但此表仍能調(diào)零，按正確使用方法再測(cè)上述Rx其測(cè)量結(jié)果與原結(jié)果相比較______（填“變大”、“變小”或“不變”）12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材有：A．小燈泡：規(guī)格“3.8V、0.3A”B．電流表：量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.5ΩC．電流表：量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1ΩD．電壓表：量程0～5V，內(nèi)阻約為5kΩE.電壓表:量程0～15V，內(nèi)阻約為50kΩF.滑動(dòng)變阻器：阻值范圍0～10Ω，額定電流2AG.滑動(dòng)變阻器:阻值范圍0～100Ω，額定電流50mAH．電池組：電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻約為1ΩI．開關(guān)一只，導(dǎo)線若干（1）為了使測(cè)量盡可能地準(zhǔn)確，電流表應(yīng)選______，電壓表應(yīng)選_____,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_______．(填器材代號(hào))需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進(jìn)行調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用_________的連接方式（2）請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)設(shè)計(jì)一個(gè)電路圖______四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ＝37°，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，整個(gè)裝置處于垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好．金屬棒的質(zhì)量為m、電阻為R，與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，兩金屬導(dǎo)軌的上端連接一個(gè)電阻，其阻值也為R．現(xiàn)閉合開關(guān)，給金屬棒施加一個(gè)方向垂直于棒且平行于導(dǎo)軌平面向上、大小為F＝3mg的恒力，使金屬棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)，上滑位移x時(shí)速度恰達(dá)到最大速度vm．（重力加速度為g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）求：（1）金屬棒剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（3）金屬棒由靜止開始上滑位移x的過程中，金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q14．（16分）如圖所示，坐標(biāo)平面第一象限內(nèi)存在大小為E＝3×105N/C、方向水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第二象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。有一個(gè)的帶正電的粒子，以初速度v0＝2×107m/s從x軸上的A點(diǎn)垂直x軸射入電場(chǎng)，OA的距離x=0.15m，不計(jì)粒子的重力。求：(1)若粒子經(jīng)過y軸時(shí)的位置坐標(biāo)為（0，0.4m），求該帶電粒子的荷質(zhì)比；(2)在滿足第一問的條件下，若要使粒子恰好不能進(jìn)入第三象限，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值（不考慮粒子第二次進(jìn)入電場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)情況）。15．（12分）如圖所示，在地面附近有一范圍足夠大的互相正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向水平并垂直紙面向里，一質(zhì)量為m、帶電量為+q的帶電微粒在此區(qū)域恰好做速度大小為v的勻速圓周運(yùn)動(dòng)．（重力加速度為g）（1）求此區(qū)域內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向；（2）若某時(shí)刻微粒運(yùn)動(dòng)到場(chǎng)中距地面高度為H的P點(diǎn)，速度與水平方向成45o，如圖所示．則該微粒至少須經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間運(yùn)動(dòng)到距地面最高點(diǎn)？最高點(diǎn)距地面多高？（3）在（2）問中微粒運(yùn)動(dòng)P點(diǎn)時(shí)，突然撤去磁場(chǎng)，同時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，方向變?yōu)樗较蛴遥瑒t該微粒運(yùn)動(dòng)中距地面的最大高度是多少？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】由交流電u=311sin314tV可知ω=314rad/s，電壓最大值Um=311V．由ω=2πf求解頻率f．由U=Um求出電壓的有效值．交流電壓表測(cè)量的是有效值【詳解】燈泡接在u=311sin（314t）V的正弦交流電上，ω=314rad/s，所以產(chǎn)生該交流電的發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)速為每秒50轉(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤；由交流電u=311sin314tV可知，電壓的最大值Um=311V．有效值U=Um=220V，可以使“220V，100W”的燈泡正常發(fā)光，且電流表的電流I=P/U=0.46A．故B錯(cuò)誤，與燈泡并聯(lián)的交流電壓表測(cè)量時(shí)，讀數(shù)為220V．故C錯(cuò)誤．燈泡的最大電流為Im=I=0.64A，因此通過燈泡的電流i=0.64sin314t（A）．故D正確．故選D2、B【解析】?jī)呻娮璨⒙?lián)接入電路，加在電阻兩端的電壓相等，根據(jù)電功率：可知電阻之比：根據(jù)電阻定律：由題知：代入解得：B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。3、D【解析】根據(jù)電場(chǎng)力的方向與位移方向的關(guān)系分析電場(chǎng)力做功的正負(fù)．由U=Ed，定性分析b、c兩點(diǎn)間電勢(shì)差與d、e兩點(diǎn)間電勢(shì)差的關(guān)系，再由電場(chǎng)力做功公式W=qU研究+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力做功大小【詳解】在+Q的電場(chǎng)中，將+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過程中，電荷所受的電場(chǎng)力方向與位移方向相同，則電場(chǎng)力做正功．根據(jù)E=kQ/r2得知，b、c兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度大于d、e兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度，b、c兩點(diǎn)間的距離等于d、e兩點(diǎn)間的距離，由U=Ed分析可知，將+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做功小于從b點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力做功qU．所以電場(chǎng)力做功小于qU．故選D【點(diǎn)睛】公式U=Ed，適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，但可用來定性分析非勻強(qiáng)電場(chǎng)中兩點(diǎn)間電勢(shì)差的關(guān)系4、C【解析】電子受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相反，在極板間電子向板偏轉(zhuǎn)，在極板間電子向板偏轉(zhuǎn)，疊加后電子打第三象限，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C5、D【解析】A．木塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度方向時(shí)刻在變化，速度在改變，加速度一定不為零，A錯(cuò)誤；BCD．木塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度方向始終指向圓心，大小不變，方向時(shí)刻改變，故BC錯(cuò)誤，D正確故選D。6、D【解析】對(duì)運(yùn)動(dòng)員受力分析如圖所示：根據(jù)平衡條件，水平方向：N=Tsin30°豎直方向：Tcos30°=mg故細(xì)繩給人的張力為：故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】水平導(dǎo)線中通有穩(wěn)定電流I，根據(jù)安培定則判斷出導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，由左手定則判斷帶電粒子所受的洛倫茲力方向，即可分析粒子的運(yùn)動(dòng)方向；根據(jù)半徑公式，結(jié)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化分析帶電粒子半徑如何變化.【詳解】A、B、水平導(dǎo)線中通有穩(wěn)定電流I，根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線上方的磁場(chǎng)方向向里，導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)方向向外，由左手定則判斷可知，導(dǎo)線上面的正粒子所受的洛倫茲力方向向下，則正粒子將沿a軌跡運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤.C、D、若粒子沿b軌跡運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力不做功其速率v不變，而離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱，磁感應(yīng)強(qiáng)度B越小，由半徑公式可知粒子的軌跡半徑逐漸增大；故C錯(cuò)誤，D正確.故選AD.【點(diǎn)睛】本題是安培定則、左手定則及洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功而提供向心力的半徑公式的綜合應(yīng)用.8、BD【解析】A．當(dāng)下極板向上移動(dòng)少許時(shí)，根據(jù)可知兩個(gè)電容器的電容增大，故A錯(cuò)誤；B.因?yàn)榧讏D中開關(guān)斷開，所以甲圖電容器所帶電荷量不變。乙圖開關(guān)閉合，所以乙圖的板間電壓不變，根據(jù)可知，乙圖中的電容器所帶電荷量增大，故B正確；C.甲圖電荷量不變，電容變大，所以甲圖中電容器兩端電壓變小，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)可以推導(dǎo)出所以甲圖中板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變；乙圖中開關(guān)保持閉合，則電容器兩板間電壓保持不變，由知電場(chǎng)強(qiáng)度變大，D正確。故選：BD。9、BD【解析】泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；天空的彩虹是不同色光在水汽中折射率不同造成的，選項(xiàng)B正確；照相機(jī)鏡頭的增透膜利用了光的干涉現(xiàn)象，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；醫(yī)學(xué)上的內(nèi)窺鏡是利用光在光纖的兩層玻璃界面發(fā)生全反射，選項(xiàng)D正確；故選BD.10、BC【解析】由電勢(shì)—位移圖象可知，電勢(shì)隨位移均勻增加，相同位移間的電勢(shì)差相同，電場(chǎng)強(qiáng)度恒定，電子運(yùn)動(dòng)的加速度恒定，C正確．沿Ox軸方向電勢(shì)增大，電場(chǎng)線方向與Ox軸負(fù)方向重合，電子沿Ox軸正方向運(yùn)動(dòng)，A不正確．電場(chǎng)力方向也沿Ox軸正方向，電場(chǎng)力做正功，B正確．由功能關(guān)系，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，D不正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.紅②.5③.變大【解析】歐姆表是電流表改裝的，必須滿足電流的方向“+”進(jìn)“-”出，即回路中電流從標(biāo)有“+”標(biāo)志的紅表筆進(jìn)去，所以與A相連的表筆顏色是紅色；當(dāng)兩表筆短接（即）時(shí)，電流表應(yīng)調(diào)至滿偏電流Ig，設(shè)此時(shí)歐姆表的內(nèi)阻為R內(nèi)此時(shí)有關(guān)系：，得；，當(dāng)指針指在刻度盤的正中央時(shí)：有：，代入數(shù)據(jù)可得：；當(dāng)電池電動(dòng)勢(shì)變小、內(nèi)阻變大時(shí)，歐姆得重新調(diào)零，由于滿偏電流不變，由公式：，歐姆表內(nèi)阻得調(diào)小，待測(cè)電阻測(cè)量值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來的，由，可知當(dāng)變小時(shí)，變小，指針跟原來的位置相比偏左了，故歐姆表的示數(shù)變大了【點(diǎn)睛】根據(jù)歐姆表的結(jié)構(gòu)，由閉合電路歐姆定律可以判斷讀數(shù)，以及電池電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大時(shí)測(cè)量結(jié)果的變化；本小題考查了考查歐姆表的結(jié)構(gòu)、測(cè)量原理，同時(shí)還要注意測(cè)量誤差應(yīng)如何來分析12、①.B②.D③.E④.分壓式⑤.【解析】（1）[1][2][3][4]．小燈泡的額定電壓為3.8V，則電壓表應(yīng)選擇D；燈泡的額定電流為0.3A，為了減小測(cè)量的誤差，使得測(cè)量更精確，電流表量程選擇0～0.6A的B．需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進(jìn)行調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器要采用分壓電路，故選用阻值較小的E；（2）[5][6]．小燈泡電阻約為13Ω，則有故燈泡電阻屬于小電阻，電流表采用外接法．電壓和電流需從0開始測(cè)起，所以滑動(dòng)變阻器需采用分壓式接法．電路圖如右圖點(diǎn)睛：本題考查燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)；解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，以及知道滑動(dòng)變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，知道什么情況下選用電流表外接法，什么情況下選擇電流表內(nèi)接法四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2g（2）（3）【解析】(1)兩物體的加速度大小相等，分析對(duì)物體和導(dǎo)體棒受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列式，聯(lián)立可求得加速度大小；(2)由E=BLv可求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，再根據(jù)歐姆定律可求得電流，再根據(jù)受力分析共點(diǎn)力的平衡列式即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；(3)對(duì)勻速過程分析，根據(jù)功能關(guān)系可求得電流做功的大小【詳解】(1)剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，v0=0，則由牛頓第二定律，可得：F-mgsinθ=ma解得：；(2)當(dāng)速度達(dá)到vm時(shí)，則a=0，依據(jù)平衡條件，則有，F(xiàn)=mgsinθ+F安max；安培力大小，F(xiàn)安max=BImL，而閉合電路歐姆定律，切割感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Em=BLvm；聯(lián)立解得：；(3)由動(dòng)能定理，可得：F?x-mg?xsinθ--W安克=而W安克=Q因此棒中產(chǎn)生熱量聯(lián)立解得：【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)牛頓第二定律求加速度，以及結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)能夠分析出金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況，當(dāng)a