2025屆江蘇省常州市武進區禮嘉中學物理高二上期中教學質量檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的U一I圖像中，直線a表示某電源路端電壓與電流的關系，直線b為某一電阻R的伏安特性曲線．用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖像可知（）A．R的阻值為0.5ΩB．電源電動勢為4.0V，內阻為0.5ΩC．2s內電阻R上消耗的電能為4JD．若將兩個相同電阻R串聯接入該電源，則電流變為之前的2、如圖所示，電源電動勢E=36V，內阻r=1Ω，電燈上標有“6V，12W”的字樣，直流電動機線圈電阻R=2Ω．接通電源后，電燈恰能正常發光，下列說法正確的是（）A．電路中的電流大小6AB．電動機產生的熱功率56WC．電動機的機械效率85.7%D．電源的輸出功率為72W3、如圖所示，平行直線AA′、BB′、CC′、DD′、EE′，分別表示電勢﹣4V，﹣2V，0，2V，4V的等勢線，若AB=BC=CD=DE=2cm，且與直線MN成30°角，則A．該電場是勻強電場，場強方向垂直于AA′，且指向右下B．該電場是勻強電場，場強大小可能小于2V/mC．該電場是勻強電場，在紙面內距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為2V，最低電勢為﹣2VD．該電場是勻強電場，在紙面內距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為﹣4V4、一條形磁鐵靜止在斜面上，固定在磁鐵中心的豎直上方的水平導線中通有垂直紙面向里的恒定電流，如圖所示，若將磁鐵的N極位置與S極位置對調后，仍放在斜面上原來的位置，則磁鐵對斜面的壓力F和摩擦力的變化情況分別是A．F增大，減小B．F減小，增大C．F與都減小D．F與都增大5、兩個定值電阻R1=1200Ω，R2=600Ω串聯接在電壓穩定為12V的直流電源上，有人把一個內阻不是遠大于R1、R2的電壓表接在R1的兩端，如圖所示，電壓表示數為8V，如果把它改接在R2的兩端，則電壓表的示數將()A．小于4V B．等于4VC．大于4V而小于8V D．等于或大于8V6、圖中A、B、C三點都在勻強電場中。已知，，BC=20cm。把一個的正電荷從A移到B，電場力做功為零；從B移到C，電場力做功為，則該勻強電場的場強大小和方向是（）A．，垂直AB斜向下 B．，垂直AC向右C．，垂直AB斜向下 D．，垂直AC向右二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是電磁流量計的示意圖．圓管由非磁性材料制成，空間有勻強磁場．當管中的導電液體流過磁場區域時，測出管壁上MN兩點間的電勢差U，就可以知道管中液體的流量q（單位時間內流過管道橫截面的液體的體積）．已知管的直徑為d，磁感應強度為B，假定管中各處液體的流速相同．下列說法正確的有A．N點的電勢低于M點的電勢B．MN兩點間的電勢差U=BdvC．液體的流量q=πvd2D．流量q與U的關系為q=8、如圖所示，邊長為a的等邊三角形ABC所在平面內有一電荷量為Q的固定點電荷，A、B兩點電勢相等、一個電子從A點以某一速度沿AC力向射入該電場，恰好做勻速圓周運動。已知電子帶電量大小為e，e<Q，不計電子重力，下列說法正確的是（）A．該固定點電荷帶正電，位于A、B連線中點B．電子能從A點運動到B點，電勢能先減少后增加C．B點電場強度大小是C點的4倍D．電子從A點射入的速度大小為9、如圖所示的電路中，電表均為理想電表．閉合電鍵S，當滑動變阻器滑片P向左移動時，下列說法正確的是A．電流表A讀數變大，電壓表V1讀數變大B．電流表A讀數變小，電壓表V2讀數變大C．燈泡變亮D．電壓表V1示數的變化量小于電壓表V2示數的變化量10、如圖所示，在平面直角坐標系中有一底角是60°的等腰梯形，坐標系中有方向平行于坐標平面的勻強電場，其中O（0，0）點電勢為6V，A（1，）點電勢為3V，B（3，）點電勢為0V，則由此可判定（）A．C點的電勢為3VB．C點的電勢為0VC．該勻強電場的電場強度大小為100V/mD．該勻強電場的電場強度大小為100V/m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在驗證機械能守恒實驗中，由、組成的系統，當由靜止開始下落，拖著的紙帶打出一系列的點，從而驗證機械能守恒定律。其中一條紙帶中：0為打下第一個點，每相鄰兩個計數點間還有4個點未畫出（圖中未標出），計數點間距離如圖。已知，，交流電頻率為，取。（1）紙帶上打下計數點5時的速度_______（保留2位有效數字）（2）在計數點0到計數點過程中系統動能的增加量______，系統勢能的減少量_______。（保留3位有效數字）（3）實驗結論：________。12．（12分）有一個額定電壓為2.8V，功率約為0.8W的小燈泡，現要用伏安法描繪這個燈泡的I-U圖線，有下列器材供選用：A.電壓表（0～3V，內阻約6kΩ）；B.電壓表（0～15V，內阻約30kΩ）；C.電流表（0～3A，內阻約0.1Ω）；D.電流表（0～0.6A，內阻約0.5Ω）；E.滑動變阻器（10Ω，2A）；F.滑動變阻器（200Ω，0.5A）；G.蓄電池（電動勢6V，內阻不計）．（1）某同學誤將電流表和電壓表接成如圖甲所示的電路，其他部分連接正確，接通電源后，小燈泡的發光情況是____________．(選填“亮”或“不亮”)．要求小燈泡的電壓從零開始增大，應選擇圖乙中的電路圖是___________．（填“a”或“b”）（2）用正確的電路進行測量，電壓表應選用_______，電流表應選用_____．滑動變阻器應選用________．（用序號字母表示）（3）通過實驗測得此燈泡的伏安特性曲線如圖所示．由圖線可求得此燈泡在正常工作時的電阻為_____Ω．（4）若將此燈泡連接在另一電動勢為3V、內阻為5Ω的電源上，燈泡的實際功率為____________W（此空答案取兩位有效數字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，虛線MN左側有一場強為E1＝E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2＝2E的勻強電場，在虛線PQ右側相距為L處有一與電場E2平行的屏。現將一電子(電荷量為e，質量為m，不計重力)無初速度地放入電場E1中的A點，A點到MN的距離為L2，最后電子打在右側的屏上，AO連線與屏垂直，垂足為O（1）電子射入電場E2時的速度V0大小；（2）電子從釋放到打到屏上所用的時間t；（3）電子在整個過程變化的電勢能是多少？14．（16分）有一個帶電荷量q=-3×10﹣6C的點電荷，從某電場中的A點移到B點，電荷克服靜電場力做6×10﹣4J的功，從B點移到C點，電場力對電荷做9×10﹣4J的功．若以B點電勢為零，求：（1）點電荷q在A點的電勢能為多少？（2）C點的電勢為多少？15．（12分）如圖所示，在豎直向下的勻強電場中有一絕緣的光滑軌道，一個帶負電的小球從斜軌上的A點由靜止釋放，沿軌道滑下，已知小球的質量為m，電荷量為－q，勻強電場的場強大小為E，斜軌道的傾角為α，圓軌道半徑為R，小球的重力大于所受的電場力。(1)求小球沿軌道滑下的加速度的大小；(2)若使小球通過圓軌道頂端的B點，求A點距水平地面的高度h1至少為多大；(3)若小球從斜軌道h2=5R處由靜止釋放。假設其能通過B點。求在此過程中小球機械能的改變量。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．R的U-I圖線的斜率大小等于R的阻值，則:故A錯誤．B．根據閉合電路歐姆定：U=E-Ir，當I=0時，U=E，可讀出電源的電動勢E=4V，內阻等于圖線的斜率大小，則故B錯誤；C．2s內電阻R上消耗的電能為則C正確．D．若將兩個相同電阻R串聯接入該電源，則電流變為選項D錯誤．2、C【解析】試題分析：因為燈泡恰好能正常發光，所以根據公式可得，電燈和電動機串聯在電路中，所以電路中的電流大小為2A，A錯誤；根據公式可得電動機產生的熱功率為，B錯誤；電動機消耗的總功率為，故電動機的機械效率大小為，C正確；電源的輸出功率為，D錯誤考點：考查了非純電阻電路電功率的計算3、D【解析】A、從圖中可以看出，等差等勢面平行且間距相等，故一定是勻強電場；由于電場線與等勢面垂直，且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故場強方向與AA′垂直，且指向左上方，故A錯誤；B、根據場強與電勢差關系公式U=Ed可以知道，E=U/d=2/0.01=200V/m，故B錯誤；C、勻強電場的等勢面是一些平行的等間距的直線，故該電場是勻強電場；由于勻強電場中沿著電場線，電勢降低的最快，且每前進相同距離，電勢降低相等的值，故距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為?4V，故C錯誤，D正確；故選：D。點睛：勻強電場的等勢面是一些平行的等間距的直線，且沿著電場線，電勢降低的最快，且每前進相同距離，電勢降低相等的值。4、D【解析】

在磁鐵的N極位置與S極位置對調前,根據左手定則判斷可以知道,導線所受的安培力方向斜向下,

由牛頓第三定律得知,磁鐵所受的安培力方向斜向上,

設安培力大小為,斜面的傾角為,磁鐵的重力為G,由磁鐵的受力平衡得:

斜面對磁鐵的支持力:,

摩擦力:,

在磁鐵的N極位置與S極位置對調后,

同理可以知道,斜面對磁鐵的支持力：,

摩擦力:可見,F、f都增大，故D正確；綜上所述本題答案是：D5、A【解析】將電壓表與電阻R1并聯時，電壓表的讀數為8V，則電阻R2兩端的電壓為4V．若將電壓表與電阻R2并聯，則其并聯的總電阻小于R2，根據串聯電阻的電壓分配可知，電壓表的讀數將小于4V；故選A.點睛：本題考查了求電壓表示數，應用串并聯電路特點與歐姆定律即可正確解題；熟記并聯電阻小于任一支路的電阻以及電壓分配與電阻成正比的結論；明確電壓表讀數造成的誤差來源．6、C【解析】

由電場力做功的特點可知，AB兩點電勢相等，故AB為等勢面；因電場線與等勢面相互垂直，故過C做AB的垂線，一定是電場線

因從B到C由W=Uq可知，BC兩點的電勢差即C點電勢高于B點的電勢，故電場線垂直于AB斜向下；BC間沿電場線的距離d=BCsin60°=0.173m可得電場強度為故C正確，ABD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A.根據左手定則，在洛倫茲力作用下，正離子向管道N的一側集中，而負離子向管道M的一側集中，兩者之間形成電勢差，則N點電勢高于M點，故A錯誤；BCD.當正負離子受到的電場力與洛倫茲力平衡時，離子不再偏移，此時MN間有穩定的電勢差，形成一個勻強電場，設MN兩點間的電勢差為U，對離子有：解得U=Bdv設在時間△t內流進管道的液體體積為V，則流量故BD正確C錯誤。8、CD【解析】

A．根據點電荷電場分布的對稱性和一個電子從點以某一速度沿方向射入該電場，恰好做勻速圓周運動，通過作圖可知電荷在點，如圖所示根據庫侖力提供向心力可知電荷為正電荷，故A錯誤；B．由于、兩點電勢相等，電子在、兩點電勢能相等，電子能從點運動到點，動能不變，根據能量守恒可得電勢能不變，故B錯誤；C．根據幾何知識知根據知點電場強度大小是點的4倍，故C正確；D．根據庫侖力提供向心力知解得故D正確；故選CD。9、BD【解析】當滑動變阻器滑片P向左移動時，其接入電路的電阻增大，電路的總電阻R總增大，總電流I減小，燈泡的功率為P=I2RL，RL不變，則P減小，燈泡變暗．故C錯誤．電路中總電流減小，則電流表A讀數變小，電壓表讀數為U=E-Ir，I減小，則V1變大．因L上的電壓減小，則R上的電壓變大，即V2讀數變大，故A錯誤，B正確．因U1=UL+U2，U1變大，U2變大，UL減小，則電壓表V1示數的變化量ΔU1小于電壓表V2示數的變化量ΔU2，選項D正確．故選BD.點睛：本題的關鍵在于明確電路的結構，搞清各個電阻電壓和電流的關系，利用先局部，后整體，再局部的分析思路分析；注意會采用總量法分析變阻器電流的變化．10、BD【解析】試題分析：因為AB平行于CD，并且四邊形ABCD為底角是60°的等腰梯形，其中坐標O（0，0），A（1，），B（3，），故有：UOC=2UAB，即6-φC=2（3-0），得φC=0V，故A錯誤．由A分析得，B正確；由A分析知，BC為0V等勢線，過B作OC的垂線BD，垂足為D，再作DE垂直于BC，由幾何關系得：，故電場強度為：，故C錯誤，D正確．故選BD．考點：電場強度；電勢及電勢差【名師點睛】解決本題的關鍵知道電場線與等勢線垂直，掌握勻強電場的電場強度大小與電勢差的關系，即求出電場強度的大小，注意d是沿電場線方向上的距離．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.40.5760.590在誤差允許的范圍內，繩連體的系統在下落中的機械能守恒【解析】

(1)[1]利用勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，有(2)[2]兩物體構成的繩連體增加的動能為[3]兩物體構成的系統減少的重力勢能為(3)[4]比較與可知，在誤差允許的范圍內，繩連體的系統在下落中的機械能守恒。12、不亮bADE9.7(9.6--10.04)0.43(0.42--0.44)【解析】

（1）[1]由電路圖可知，電壓表串接在電路中，電路中的電阻很大，小燈泡不亮；[2]要使電壓從零開始調節，應采用分壓接法；故電路圖應選擇b；（2）[3]由題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V，故電壓表的量程應大于2.8V，故電壓表應選3V量程，故選A；[4]由：P=UI可得電流為：A故電流表應選D；[5]本實驗中應選用分壓接法，故滑動變阻器應選小電阻，故滑動變阻器選E；（3）[6]由圖可知，當電壓為2.8V時，電流為0.29A，故電阻：Ω(9.6--10.04)；（4）[7]在I-U圖象中作出燈泡的伏安特性曲線如圖所示：則由圖可知，燈泡的工作電壓為1.8V，電流為0.24A，則實際功率為：P=UI=1.8×0.24=0.43W(0.42--0.44)。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）eELm(2)3mLeE(3)【解析】

（1）根據動能定理求解射入電場E2時的速度；（2）電子在E2（3）根據功能關系求解電勢能的變化；【詳解】（1）在左側電場中根據動能定理可以得到：Ee?則電子射入電場E2時的速度為：v0(2)電子在電場E1中做初速度為零的勻加速直線運動，設加速度為a