云南省曲靖市宣威市民族中學2025屆物理高二第一學期期末復習檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、根據所學知識判斷圖中正確的是()A.B.C.D.2、如圖所示，把一個平行板電容器接在電壓U＝10V的電源上，現進行下列四步操作：①閉合S；②在兩板中央插入厚為的金屬板；③斷開S；④抽出金屬板.則此時電容器兩板間的電勢差為()A.0B.10VC.5VD.20V3、如圖所示的實驗裝置中，極板A接地，平行板電容器的極板B與一個靈敏的靜電計相接將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電荷量Q、電容C、兩極間的電壓U，電容器兩極板間的場強E的變化情況是（）A.Q變小，C不變，U不變，E變小B.Q變小，C變小，U不變，E不變C.Q幾乎不變，C變小，U變大，E不變D.Q幾乎不變，C變小，U變大，E變小4、兩根材料相同的均勻導線A和B，其長度分別為和，串聯在電路中時沿長度方向電勢的變化如圖所示，則A和B導線的橫截面積之比為（）A. B.C. D.5、如圖所示，L1和L2是電網輸電線，甲是電壓互感器，變壓比為1000∶1；乙是電流互感器，變流比為100∶1；并且知道電壓表示數為220V，電流表示數為10A．則輸電線的輸送功率為()A.2.2×102W B.2.2×103WC.2.2×104W D.2.2×108W6、帶負電的粒子在某電場中僅受電場力作用，能分別完成以下兩種運動：①在電場線上運動，②在等勢面上做勻速圓周運動。該電場可能由A.一個帶正電的點電荷形成B.一個帶負電的點電荷形成C.兩個分立的帶等量負電的點電荷形成D.一帶負電的點電荷與帶正電的無限大平板形成二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，有一矩形區域abcd，水平邊ab長為，豎直邊ad長為h=1m。質量均為m、帶電量分別為+q和-q的兩粒子，.當矩形區域只存在場強大小為E=10N/C、方向豎直向下的勻強電場時，+q由a點沿ab方向以速率進入矩形區域，軌跡如圖。當矩形區域只存在勻強磁場時-q由c點沿cd方向以同樣的速率進入矩形區域，軌跡如圖。不計重力，已知兩粒子軌跡均恰好通過矩形區域的幾何中心。則（）A.由題給數據，初速度可求B.磁場方向垂直紙面向外C.-q做勻速圓周運動的圓心在b點D.兩粒子各自離開矩形區域時的動能相等。8、質譜儀是測量帶電粒子比荷以及分析同位素的重要工具。下圖為質譜儀的原理示意圖，一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過由相互正交的勻強磁場（磁感應強度為B）和勻強電場（場強為E）組成的速度選擇器，然后粒子通過平板S上的狹縫P進入另一勻強磁場（磁感應強度為B'），最終打在感光板A1A2上，下列說法正確的是()A.粒子帶負電B.速度選擇器中勻強磁場的方向垂直紙面向外C.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于EBD.粒子打在感光板A1A2上的位置越靠近P，粒子的比荷越大9、如圖所示，在磁感應強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場中，有一質量為m，阻值為R的閉合矩形金屬線框abcd，用絕緣輕質細桿懸掛在O點，并可繞O點左右擺動．金屬線框從圖示位置的右側某一位置由靜止釋放，在擺動到左側最高點的過程中，細桿和金屬線框平面始終處于同一平面，且垂直紙面．則下列說法中正確的是（）A.穿過線框中磁通量先變小后變大B.穿過線框中磁通量先變大后變小C.線框中感應電流的方向先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→aD.線框中感應電流的方向是d→c→b→a→d10、如圖所示，某空間存在正交的勻強磁場和勻強電場，電場方向水平向右，磁場方向垂直紙面向里，一帶電微粒由a點進入電磁場并剛好能沿ab直線向上運動，下列說法正確的是：（）A.微粒一定帶負電 B.微粒動能一定減小C.微粒的電勢能一定增加 D.微粒的機械能一定增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某興趣小組通過實驗測量澧水河水的電阻率，現備有一根均勻長的玻璃管（兩端各有一個圓形電極，可裝入樣品水，接觸電阻不計）電壓表（量程12V、內阻約為1000Ω），電流表（量程100μA、內阻約為5Ω），滑動變阻器（10Ω、1A），電池組（電動勢為12V，內阻不計），開關，導線，游標卡尺，螺旋測微器，待測樣品水（電阻約為200kΩ）。請回答下列問題：（1）如下圖所示，用游標卡尺測量樣品水的長度L=_____mm，螺旋測微器測出直徑d=_____mm。（2）為了精確測量，測量電路圖應選_____A.B.C.D.12．（12分）某同學設計了如圖所示的實驗驗證動量守恒定律。所用的器材有：A．量筒，要求長度比較長，筒壁上有均勻刻度線B．游標卡尺C．天平D．小球兩個（橡膠材質的上浮小球，硬塑料材質的下沉小球）E．細線，其質量可以忽略不計F．記號筆實驗步驟如下：①選擇合適大小的小球，使通過細線相連的兩球體恰好懸浮在水中；②用天平稱量兩個小球的質量，上浮小球的質量為m1，下沉小球的質量為m2；③用記號筆記錄兩個小球懸浮的位置；④剪斷細線；⑤用記號筆記錄某時刻兩個小球的位置；⑥多次實驗，分別計算出兩個小球在相同時間內上浮和下沉的高度，記錄在表格中該同學按此方案進行實驗后，測得的數據如下表所示，請回答問題小球質量上浮和下沉的高度第一次第二次第三次第次平均上浮小球m1=4.74g46.20mm46.22mm46.20mm46.18mm下沉小球m2=5.44g40.26mm40.24mm40.26mm40.26mm(1)上浮小球4次上浮的平均高度，下沉小球4次下沉的平均高度為_________mm（結到后兩位）；(2)在實驗誤差允許的范圍內，當所測物理量滿足_________表達式時，即說明剪斷細線后，兩小球的動量守恒.A．B．C．(3)下列關于本實驗的一些說法，你認為正確的是_________A．兩個小球在水中運動的速度要適中，不能過快B．上浮小球選用密度更小的小球，實驗效果更好C．剪斷細線時對球的擾動大，但不會引起誤差D．選擇合適大小的小球使得兩球可以懸浮后，再把細線剪斷，用鑷子夾住兩截斷線，然后一起放入水中靜止，松開鑷子兩球開始運動，這種改進更好四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個質量為m電荷量為q的帶電粒子從x軸上的P（a，0）點以速度v，沿與x正方向成60°的方向射入第一象限內的勻強磁場中，并恰好垂直于y軸射出第一象限．求：(1)判斷粒子的電性；(2)勻強磁場的磁感應強度B和射出點的坐標(3)帶電粒子在磁場中的運動時間是多少？14．（16分）如圖所示，在虛線所示的矩形區域內存在磁感應強度大小為B、方向垂直紙面的有界勻強磁場。質量為m、帶電荷量為q的正粒子，垂直磁場的左邊界進入磁場，運動軌跡如圖中實線所示。已知粒子離開磁場時的速度方向跟進入磁場時的速度方向相反，AB之間距離為d。不計粒子的重力，問：（1）磁場的方向是垂直于紙面向里還是向外；（2）粒子在磁場中運動的時間是多少；（3）粒子的速度大小是多少。15．（12分）如圖所示，空間分布著方向平行于紙面且與場區邊界垂直的有界勻強電場，電場強度為E、場區寬度為d。在緊靠電場右側的圓形區域內，分布著垂直于紙面向外的勻強磁場。磁感應強度B未知，圓形磁場區域半徑為R。一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從A點由靜止釋放后，在M點離開電場，并沿半徑方向射入磁場區域，然后從N點射出，O為圓心，∠MON=120°，粒子重力可忽略不計。求：（1）粒子經電場加速后，進入磁場時速度的大小；（2）勻強磁場的磁感應強度B的大??；（3）若粒子在離開磁場前某時刻，磁感應強度變為垂直紙面向里、大小為B1，此后粒子恰好被束縛在該磁場中，則B1的最小值為多少?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據左手定則判斷，電流受力方向向下，故A正確，正電荷受力方向與場強發方向相同，沿切線方向，故C錯誤．由左手定則可知，正電荷受洛倫茲力豎直向上，則B錯誤；根據右手螺旋定則，D圖中螺線管上方的磁感線從左向右，則N極指向右方，則D錯誤；2、D【解析】步驟（1）中合上開關時，電壓為10V；步驟（2）加入金屬板時，電勢差仍然為U=10V；打開S后，電量不變，抽出金屬板可以等效為極板間距增加為2倍，根據公式，電容減小為原來的；由C=Q/U可知電壓增加為2倍，即U′=2U=20V；故D正確，ABC錯誤．故選D【點睛】本題是電容器的動態分析問題，關鍵明確電鍵閉合時，電壓等于電源的電動勢；電鍵斷開后，電容器的帶電量不變.3、C【解析】平行板電容器與靜電計并聯，電容器所帶電量不變。增大電容器兩極板間的距離d時，由電容的決定式知，電容C變??；Q不變，則根據電容的定義式知，電容C變小，Q不變，則U變大；根據，電場強度不變；故選C。4、B【解析】A、B兩端的電勢差分別為、，電流相等，根據歐姆定律得根據電阻定律則橫截面積之比故選B。5、D【解析】已知電壓互感器，變壓比為1000∶1，電壓表示數為220V，故傳輸電壓為：；已知電流互感器，變流比為100∶1，電流表示數為10A，故傳輸電流為：；故電功率為：，故D正確，A、B、C錯誤；故選D6、A【解析】AB．負電荷在電場線上運動，說明電場線是直線；負電荷在等勢面上做勻速圓周運動，說明等勢線是圓形曲線，能滿足以上兩種情況的場源電荷可以是一個帶正電的點電荷，不可能是帶負電的點電荷，所以A正確、B錯誤；C．兩個分立的帶等量正電的點電荷可以滿足以上條件，而兩個分立的帶等量負電的點電荷不能使負電荷完成題中運動，所以C錯誤；D．題中情況的等勢線不能使負電荷做勻速圓周運動，D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．因為粒子通過矩形區域的幾何中心，可知沿電場方向上的距離，垂直電場方向上的距離，根據，可以求出初速度的大小，A正確；B、-q由c點沿cd方向以同樣的速率v0進入矩形區域，根據洛倫茲力的方向，結合左手定則知，磁場方向垂直紙面向里，B錯誤；C、因為圓周運動的軌跡經過矩形區域的幾何中心，設中心為0，根據幾何關系知，，可知矩形區域幾何中心到b點的距離等于bc的距離，知b點為圓周運動的圓心，C正確。D、電荷在電場中做類平拋運動，速度增大，在磁場中做勻速圓周運動，速度大小不變，可知離開區域區域時動能不等，D錯誤；故選AC。8、BD【解析】粒子經過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，根據帶電粒子在磁場中的偏轉方向判斷電荷的電性；根據平衡求出粒子經過速度選擇器的速度；通過帶電粒子在磁場中的偏轉，根據半徑的大小判斷粒子比荷的大小?！驹斀狻緼.帶電粒子在磁場中向左偏轉，根據左手定則可知該粒子帶正電，故A錯誤；B.粒子經過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，而粒子的電場力水平向右，那么洛倫茲力水平向左，又粒子帶正電，則磁場垂直紙面向外，故B正確；C.能通過狹縫P的帶電粒子在速度選擇器中所受的電場力和洛倫茲力平衡，即解得故C錯誤；D.所有通過狹縫P的帶電粒子具有相同的速度，然后在磁場B′中做勻速圓周運動，最終打在A1A2上，由可知因此粒子打在感光板A1A2上的位置越靠近P，表明其半徑R越小，則粒子的比荷越大，故D正確。故選BD。9、AD【解析】AB.由靜止釋放到最低點過程中，磁通量減小，且磁場方向向上，由最低點向右運動的過程中，穿過線框的磁通量增大，故A正確，B錯誤；CD.由靜止釋放到最低點過程中，磁通量減小，且磁場方向向上，由楞次定律，感應電流產生磁場也向上，再由右手螺旋定則可知，感應電流的方向：d→c→b→a→d；同理，當繼續向左擺動過程中，向上的磁通量增大，根據楞次定律可知，電流方向是d→c→b→a→d；故C錯誤，D正確.10、AD【解析】對該種粒子進行受力分析得：它受到豎直向下的重力，水平方向的電場力，垂直速度方向的，其中重力和電場力是恒力，由于粒子沿直線運動，則可以判斷出其受到的洛倫茲力也是恒定的，即該粒子是做勻速直線運動，動能不變，故B錯誤；如果該粒子帶正電，則受到向右的電場力和向左下方的洛倫茲力，所以粒子受到的力不會平衡，故該種粒子一定是帶負電，故A正確；該種粒子帶負電，向左上方運動，所以電場力做正功，電勢能一定是減小的，故C錯誤；因為重力勢能增加，動能不變，所以該粒子的機械能增加，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.70.60②.6.580③.D【解析】（1）[1][2]．用游標卡尺測量樣品水的長度L=70mm+0.05mm×12=70.60mm；螺旋測微器測出直徑d=6.5mm+0.01mm×8.0mm=6.580mm。（2）[3]．比較待測水樣的電阻、電壓表的內阻和電流表的內阻可知，待測水樣的電阻遠大于電流表的內阻，則應該采用電流表內接；滑動變阻器用分壓電路，則電路圖D正確；12、①.40.26②.A③.AD【解析】(1)[1]由表格數據可知(2)[2]由動量守恒得兩邊同時乘以時間得得故選A；(3)[3]A．兩個小球在水中運動的速度要適中，太快不利于標注小球的位置，故A正確；B．密度太小，小球受的浮力很小，小球上升的速度很大，不利于標注小球的位置，故B錯誤；C．剪斷細線時對球的擾動大，小球的運動可能不規則，不利于標注小球的位置，故C錯誤；D．用鑷子夾住兩截斷線，然后一起放入水中靜止，松開鑷子兩球開始運動，這樣操作對小球的運動影響更小，故D正確；故選AD。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)負電(2)坐標為(3)【解析】(1)粒子進入磁場受洛倫茲力作用偏轉，由左手定則可知，離子帶負電；(2)由幾何軌跡找到圓心位置，由幾何關系得到半徑，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律列方程可得勻強磁場的磁感應強度B；根據幾何知識求得粒