四川省遂寧第二中學2025屆高二物理第一學期期末學業質量監測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在“研究勻變速直線運動”的實驗中，包含下列四個步驟：①把長木板放在實驗臺上，用木塊墊高；②把紙帶穿過打點計時器，并固定在小車后面；③把打點計時器固定在長木板墊高的一端，連接好電路；④把小車停在靠近打點計時器處，接通電源后，放開小車．正確的操作順序是A.①②③④ B.①②④③C.②①③④ D.①③②④2、噴墨打印機的簡化模型如圖所示．墨盒可以噴出質量一定的墨汁微粒，經帶電室帶負電后，以一定的初速度垂直射入偏轉電場，再經偏轉電場后打到紙上，顯示出字符．已知墨汁微粒所帶電荷量的多少由計算機的輸入信號按照文字的排列規律進行控制，微粒偏移量越小打在紙上的字跡越小，則從墨汁微粒進入偏轉電場開始到打到紙上的過程中(不計墨汁微粒的重力)，以下說法正確的是()A.減小偏轉極板間的電壓，可以縮小字跡B.電量相同的墨汁微粒軌跡相同C.墨汁微粒的運動軌跡與帶電量無關D.墨汁微粒的軌跡是拋物線3、圖甲為“中星9A”在定位過程中所進行的10次調整軌道的示意圖，其中的三條軌道如圖乙所示，曲線Ⅰ是最初發射的橢圓軌道，曲線Ⅱ是第5次調整后的橢圓軌道，曲線Ⅲ是第10次調整后的最終預定圓軌道；軌道Ⅰ與Ⅱ在近地點A相切，軌道Ⅱ與Ⅲ在遠地點B相切。衛星在變軌的過程中質量變化忽略不計，下列說法正確的是（）A.衛星在軌道Ⅲ上運行的速度大于第一宇宙速度B.衛星在軌道Ⅱ上經過B點時的速度等于衛星在軌道Ⅲ上經過B點時的速度C.衛星在軌道Ⅰ上經過A點時的機械能小于衛星在軌道Ⅲ上經過B點時的機械能D.衛星在軌道Ⅱ上經過B點時的加速度小于衛星在軌道Ⅲ上經過B點時的加速度4、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關系如圖所示，其中A、N兩點的電勢為零，ND段中C點電勢最高，則A.C點的電場強度大小為零B.A點的電場強度大小為零C.NC間場強方向沿x軸正方向D.將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做負功后做正功5、一帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，若磁感應強度突然加倍，則粒子（）A.速率加倍，周期減半 B.速率不變，半徑減半C.速率不變，周期不變 D.速率減半，半徑減半6、如圖所示是一種轉子和定子都有線圈的電動機原理圖(轉向器未畫出)，在圖示狀態，線圈轉動方向如圖中箭頭方向所示，則電源的正極應是()A.a端 B.b端C.a端或b端都可以 D.無法判斷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用多用電表的歐姆檔檢驗性能良好的晶體二極管，發現多用電表的指針向右偏轉的角度很小，這說明A.二極管加有正向電壓，故測得電阻很小B.二極管加有反向電壓，故測得電阻很大C.此時紅表筆接的是二極管的正極D.此時黑表筆接的是二極管的正極8、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標系中，如圖中的a、b、c所示．則判斷正確的是（）A.在a、b、c三條圖線上分別取橫坐標相同的A,B,C三點，這三點的縱坐標一定滿足關系PA=PB+PCB.反映變化的圖線是cC.電源電動勢為8VD.當電流為0.5A時，外電路的電阻為9、如圖甲，固定在光滑水平面上的正三角形金屬線框，匝數n＝20，總電阻R＝2.5Ω，邊長L＝0.3m，處在兩個半徑均為r＝的圓形勻強磁場區域中．線框頂點與右側圓心重合，線框底邊中點與左側圓心重合．磁感應強度B1垂直水平面向上，大小不變；B2垂直水平面向下，大小隨時間變化．B1、B2的值如圖乙所示，則()A.通過線框的感應電流方向為逆時針方向B.t＝0時刻穿過線框的磁通量為0.1WbC.在0.6s內通過線框中的電荷量約為0.13CD.經過0.6s線框中產生的熱量約為0.07J10、如圖所示，質量為m、帶電荷量為q小滑塊放置在傾角為α、足夠長的固定光滑絕緣斜面上，斜面置于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里．現讓小滑塊在斜面上由靜止釋放，一段時間后小滑塊離開斜面．重力加速度大小為g．下列判斷正確的是A.小滑塊帶正電B.小滑塊在斜面上滑行的過程中機械能守恒C.小滑塊離開斜面時的速度大小為D.小滑塊要離開斜面時的加速度大小為g三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用多用電表測量一個量程為15mA的毫安表內阻．已知多用電表表內電池的電動勢為，歐姆檔表盤中央刻度值為“15”，對毫安表進行測量時多用電表的指針如圖所示．則(1)毫安表的內阻約為______；(2)測量時，毫安表的指針發生了偏轉圖中未畫出，根據以上數據可推測，毫安表的示數為______mA；結果保留兩位有效數字(3)多用電表的紅表筆應與毫安表的______填“正”，“負”接線柱相連12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現在要用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線，現有下列器材供選用：A．電壓表（0～5V，內阻10kΩ）B．電壓表（0～15V，內阻20kΩ）C．電流表（0～3A，內阻0.4Ω）D．電流表（0～0.6A，內阻1Ω）E．滑動變阻器（最大阻值10Ω，允許最大電流為2A）F．滑動變阻器（最大阻值為500Ω，允許最大電流為lA）G．學生電源（直流6V）、開關、導線若干（1）實驗中所用電壓表應選用__，電流表應選用_____，滑動變阻器應選用__．（用序號字母表示）（2）實驗時，所用電路應選圖______（填“甲”或“乙”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長的U形導體框架的寬度l=0.5m，電阻忽略不計，其所在平面與水平面成θ=37°角，磁感應強度B=0.8T的勻強磁場方向垂直于導體框平面，一根質量m=0.2kg，有效電阻R=2Ω的導體棒MN垂直跨放在U形框架上，導體棒與框架間的動摩擦因數μ=0.5，導體棒由靜止開始沿框架下滑到剛開始勻速運動，通過導體棒截面的電量共為Q=2C．求：（1）導體棒勻速運動的速度；（2）導體棒從開始下滑到剛開始勻速運動這一過程中，導體棒的電阻產生的焦耳熱．（sin

37°=0.6，cos

37°=0.8，g=10m/s2）14．（16分）如圖所示為真空示波管的示意圖，電子從燈絲K發出（初速度不計），經燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入由兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉電場中（偏轉電場可視為勻強電場），電子進入偏轉電場時的速度與電場方向垂直，電子經過偏轉電場偏轉打在熒光屏上的P點，已知M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L1，板右端到熒光屏的距離為L2，電子的質量為m，電荷量為e。求：(1)電子穿過A板時的速度大小；(2)電子從偏轉電場射出時的側移量y1；(3)熒光屏上P點到中心位置O點的距離。15．（12分）如圖所示，在電場強度的勻強電場中，將一電荷量為正點電荷由A點移到B點。已知A、B兩點間距離，兩點連線與電場方向成60°角，求：(1)A、B兩點間的電勢差UAB；(2)電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功WAB。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】先組裝器材，然后進行實驗操作，所以首先把長木板放在實驗臺上，用木塊墊高，然后將打點計時器固定在平板上，并接好電路；再將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔，最后把小車停在靠近打點計時器處，接通電源后，放開小車，故順序為①③②④，故D正確2、A【解析】A.墨汁微粒在偏轉電場中做類平拋運動，，出偏轉電場后做直線運動，其豎直方向偏移量為故減小偏轉電壓時，y變小，A正確；BC由可知，軌跡與質量、電荷量有關，故B、C錯誤；D.在偏轉電場中做類平拋運動，出偏轉電場后做直線運動，故其軌跡不是拋物線，D錯誤；故選A。3、C【解析】A．第一宇宙速度是最大環繞速度，故衛星在軌道Ⅲ上運行的速度小于第一宇宙速度，A錯誤；B．衛星從軌道Ⅱ到軌道Ⅲ上需要在B點加速，所以衛星在軌道Ⅱ上經過B點時的速度小于衛星在軌道Ⅲ上經過B點時的速度，故B錯誤；C．衛星從軌道Ⅰ到軌道Ⅱ上需要在A點加速，機械能增加。在橢圓軌道上機械能不變，衛星從軌道Ⅱ到軌道Ⅲ上需要在B點加速，機械能增加。故衛星在軌道Ⅰ上經過A點時的機械能小于衛星在軌道Ⅲ上經過B點時的機械能，選項C正確；D．根據得到可知衛星在軌道Ⅱ上經過B點時的加速度等于衛星在軌道Ⅲ上經過B點時的加速度，故D錯誤。故選C。4、A【解析】兩點電荷連線的電勢高低的分布如圖所示，由于沿著電場線電勢降低，可知兩點電荷的電性【詳解】A項：C點電勢的拐點，根據公式?=Ex可知，圖象的斜率大小是電場強度大小，而C點的斜率為零，故A正確；B項：同理，由圖知A點的電勢為零，但該點的斜率不為零，故B錯誤；C項：由沿電場線方向電勢越來越低可知，OM間電場強度方向沿x軸正方向，MC間電場強度方向沿x軸負方向，則NC的電場強度方向向x軸負方向，故C錯誤；D項：因為MC間電場強度方向沿x軸負方向，CD間電場強度方向沿x軸正方向，則將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后負功，故D錯誤故選A【點睛】電勢為零處，電場強度不一定為零．電荷在電場中與電勢的乘積為電勢能．電場力做功的正負決定電勢能的增加與否5、B【解析】洛倫茲力不對運動電荷做功，所以速率不變；由半徑公式，可知半徑變為原來的一半；周期公式：，可知周期變為原來的一半，故B正確，A、C、D錯誤；故選擇：B；6、C【解析】若a是電源的正極，則兩個通電螺線管產生的磁場的方向是：N極向左，S極向右，線框所在磁場的區域的磁場方向向左；線框左側的邊電流的方向向里，由左手定則可知，該邊受到的安培力向上，與題干中轉動的方向相同；若b是電源的正極，則兩個通電螺線管產生的磁場的方向是：S極向左，N極向右，線框所在磁場的區域的磁場方向向右；線框左側的邊電流的方向向外，由左手定則可知，該邊受到的安培力向上，與題干中轉動的方向相同。由分析可知，電源的正極是a端或b端都可以。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．測量電阻偏轉角度小，則電阻大，為反向電壓，故A錯誤，B正確；CD．測量時加的反向電壓，又因歐姆表的黑表筆接的電池的正極，則黑表筆應與二極管的負極相連接。即紅表筆與二極管的正極相連接，故C正確，D錯誤。故選BC。8、ABD【解析】電源消耗的總功率等于包括輸出功率和電源內部的發熱功率之和；由圖像，根據內電阻消耗的功率的表達式，可求內阻阻值和內功率圖像；根據電源消耗的總功率的計算公式PE=EI可得電源的電動勢；根據閉合電路歐姆定律可求電流為0.5A時的外電阻【詳解】A.電源消耗的總功率等于輸出功率PR和電源內部的發熱功率Pr之和，所以同一橫坐標下，縱坐標一定滿足關系PA=PB+PC，故A正確；B.內電阻消耗的功率Pr=I2r，與電流的平方成正比，所以圖像應為c，故B正確；C.電源的總功率P=EI，由圖可知，I=2A時，P=8W，所以E=4V，故C錯誤；D.根據內電阻消耗的功率Pr=I2r，由圖可知，I=2A時，Pr=8W，所以r=2Ω．根據閉合電路歐姆定律，當I=0.5A時，R=6Ω，故D正確故選ABD9、ACD【解析】根據楞次定律判斷感應電流的方向；根據磁通量Φ=BS求解，S是有效面積；由求解電荷量；由Q=I2Rt求解熱量【詳解】A．由磁感應強度B1垂直水平面向外，大小不變；B2垂直水平面向里，大小隨時間增大，故線框總的磁通量減小，由楞次定律可得，線框中感應電流方向為逆時針方向，故A正確；B．t=0時刻穿過線框的磁通量為：Φ=B1××πr2-B2××πr2=1×0.5×3.14×0.12-2××3.14×0.12Wb=0.005Wb，故B錯誤；C．在t=0.6s內通過線框中的電量，故C正確；D．由Q=I2Rt=（）2×△t≈0.07J，故D正確故選ACD10、BC【解析】帶電滑塊在滑至某一位置時，由于在洛倫茲力的作用下，要離開斜面．根據磁場方向結合左手定則可得帶電粒子的電性．由光滑斜面，所以小滑塊在沒有離開斜面之前一直做勻加速直線運動．借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開時的速度大小；【詳解】由題意可知：小滑塊受到的洛倫茲力垂直斜面向上，根據左手定則可得：小滑塊帶負電，故A錯誤；滑塊下滑過程中，支持力與速度垂直，且洛倫茲力與速度也垂直，因此兩個力不做功，因光滑，沒有摩擦力，因此只有重力做功，小滑塊的機械能守恒，故B正確；由題意：當滑塊離開斜面時，洛倫茲力：Bqv=mgcosα，則，故C正確；滑塊要離開斜面時，重力垂直斜面的分力與洛倫茲力平衡，則重力另一分力產生加速度，那么其加速度大小為gsinα，故D錯誤．故選BC【點睛】本題突破口是從小滑塊剛從斜面離開時，從而確定洛倫茲力的大小，進而得出剛離開時的速度大小，由于沒有離開之前做勻加速直線運動，所以由運動與力學可解出運動的時間及位移三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.50②.7.5③.負【解析】(1)歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數.(2)應用閉合電路歐姆定律可以求出毫安表的示數.(3)歐姆表內置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，電流應從電流的正接線柱流入.【詳解】(1)由圖示可知，多用電表選擇歐姆擋位，歐姆表示數為：；(2)歐姆表調零后內阻等于中值電阻，由題意可知，歐姆表內阻為：，毫安表示數為：；(3)歐姆表內置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，電流應從電流的正接線柱流入，因此，多用電表的紅表筆應與毫安表的負接線柱相連；【點睛】對多用電表讀數首先要根據選擇開關位置確定其所測量的量與量程，然后再根據指針位置讀數；應用閉合電路歐姆定律可以求出毫安表示數；要掌握多用電表的使用及讀數方法.12、①.A②.D③.E④.甲【解析】(1)