2025屆陜西省西安市第三十八中學物理高二上期中綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．磁場中的磁感線是客觀存在的B．磁極對磁極的作用、電流對電流的作用都是通過磁場發生的C．閉合電路的歐姆定律，對純電阻電路和非純電阻電路都適用D．由可知，磁感應強度大小與放入該處的通電導線的I、L的乘積成反比2、如圖所示，空間某區域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上(與紙面平行)，磁場方向垂直于紙面向里，三個帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，質量分別為ma、mb、mc，已知在該區域內，a在紙面內做勻速圓周運動，b在紙面內向右做勻速直線運動，c在紙面內向左做勻速直線運動，下列選項正確的是()A．mambmc B．mbmamcC．mcmamb D．mcmbma3、下列說法正確的是A．物體的運動速度越大，加速度也一定越大B．物體的運動速度變化越快，加速度越大C．物體的運動速度變化量越大，加速度也一定越大D．物體的運動速度越小，加速度也一定越小4、關于位移和路程，下列說法中正確的是（）A．位移和路程是兩個相同的物理量B．路程是標量，即表示位移的大小C．位移是矢量，位移的方向即質點運動的方向D．若物體做單一方向的直線運動，位移的大小等于路程5、關于電動勢，下列說法正確的是（）A．在電源內部，通過靜電力做功把正電荷從負極移動到正極，使電勢能增加B．對于給定的電源，移動正電荷非靜電力做功越多，電動勢就越大C．非靜電力把單位正電荷從電源負極移到正極所做的功越多，電動勢越大D．電動勢就是電源兩端的電壓6、真空中的兩個點電荷原來帶的電荷量分別為q1和q2，且相隔一定的距離．若現將q2增加為原來的3倍，再將兩點電荷間的距離縮小為原來的一半，則前后兩種情況下兩點電荷之間的庫侖力之比為（）A．1:6B．1:12C．12:1D．6:1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，一個圓形線圈的匝數n=100，線圈面積S=200cm2，線圈的電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化規律如圖乙所示．下列說法中正確的是（）A．電阻R兩端的電壓保持不變B．初始時刻穿過線圈的磁通量為0.4WbC．線圈電阻r消耗的功率為4×10﹣4WD．前4s內通過R的電荷量為4×10﹣4C8、下列結論正確的是()A．靜電平衡狀態下的導體內部場強處處為零，導體電勢也為零B．電場強度的方向與等勢面處處垂直C．電流的方向總是從電源正極流向負極D．電動勢數值上等于電源將單位正電荷在電源內部從負極轉移到正極時非靜電力做的功9、如圖所示，豎直平面內有一固定的光滑橢圓大環，其長軸長BD=4L、短軸長AC=2L，勁度系數為k的輕彈簧上端固定在大環的中心0，下端連接一個質量為m、電荷量q、可視為質點的小環，小環剛好套在大環上且與大環及彈簧絕緣，整個裝置處在水平向右的勻強電場中，將小環從A點由靜止釋放，小環運動到B點的速度恰好為0，已知小環在A、B兩點時彈簧的形變量大小相等，則（）A．小環從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈性勢能一直增大B．小環從A點運動到B點的過程中，小環的電勢能一直減小C．電場強度的大小E=D．小環在A點時受到大環對它的彈力大小F=mg+10、有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球A、B、C，從同一位置以相同速度v0先后射入豎直方向的勻強電場中，它們落在正極板的位置如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負電B．三個小球在電場中運動的時間相等C．三個小球到達正極板的動能EkA＜EkB＜EkCD．三個小球到達正極板的動量的增量△pA＜△pB＜△pC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用打點計時器研究物體的勻變速直線運動。（1）打點計時器使用________（選填“交流”或“直流”）電源，每隔0.02s打一個點。若處理紙帶時，每隔一個點取一個計數點，則相鄰兩個計數點的時間間隔是_______s。（2）在對圖的紙帶進行數據處理時，選取相鄰兩個計數點的時間間隔為0.1s，那么打B點時物體的速度是__________m/s；物體的加速度是_________m/s2。12．（12分）某興趣小組的同學利用如圖所示的實驗裝置，測量木塊與長木板之間的動摩擦因數，圖中長木板水平固定：①實驗過程中，打點計時器應接在____________（填“直流”或“交流）電源上，調整定滑輪的高度，使____________；②已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，砝碼盤、砝碼和木塊的加速度大小為a，則木塊與長木板之間的動摩擦因數____________；③實驗時，某同學得到一條紙帶，如圖所示，每隔四個計時點取一個計數點，即為圖中0、1、2、3、4、5、6點。測得每兩個計數點間的距離為cm，cm，cm，cm，cm，cm，打點計時器的電源頻率為50Hz。計算此紙帶的加速度大小a=______m/s2，打第4個計數點時紙帶的速度大小v=________m/s。（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，ABCD為豎直放在場強為E＝104V/m水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的圓形軌道，軌道的水平部分與其半圓相切，A為水平軌道上的一點，而且AB＝R＝0.2m，把一質量m＝0.1kg、帶電荷量q＝+1×10-4C的小球放在水平軌道的A點由靜止開始釋放，小球在軌道的內側運動。g取10m/s2）求：（1）小球到達C點時對軌道壓力是多大？（2）若讓小球安全通過軌道，開始釋放點離B點至少多遠？14．（16分）一個帶負電的粒子C在靜電場中由A點運動到B點。在這一過程中，除電場力外，其他力做功為J，粒子的動能增加了。取A點為零勢點，求：⑴此過程電場力所做的功；⑵A、B兩點間的電勢差；⑶B點的電勢。15．（12分）如圖所示，在豎直平面內固定的圓形絕緣軌道的圓心在O點，半徑為r，內壁光滑，A、B兩點分別是圓弧的最低點和最高點．該區間存在方向水平向右的勻強電場，一質量為m、帶負電的小球在軌道內側做完整的圓周運動（電荷量不變），經C點時速度最大，O、C連線與豎直方向夾角θ=60°，重力加速度為g.(1)求小球所受到的電場力大?。?2)小球在A點速度多大時，小球經B點時對軌道的壓力最??？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．磁感線不是真實存在的，是科學家為了研究方便假象出來的。故A錯誤。B．磁場和電流周圍都有磁場，所以磁極對磁極的作用、電流對電流的作用都是通過磁場發生的。故B正確。C．閉合電路的歐姆定律，僅適用于外電路是純電阻的電路。故C錯誤。D．磁場中某處的磁感應強度大小，就是通以電流I、長為L的一小段導線垂直放在該處時所受磁場力F與I、L的乘積的比值。磁感應強度B跟磁場力F，跟電流強度I和導線長度L的乘積均無關。故D錯誤。2、B【解析】

由題意：a在紙面內做勻速圓周運動，所以；b在紙面內向右做勻速直線運動，所以；c在紙面內向左做勻速直線運動所以，根據公式可解的：，故B正確，ACD錯誤．3、B【解析】

A．物體的速度大，速度變化不一定快，加速度不一定大，故A錯誤．B．加速度是反映速度變化快慢的物理量，速度變化越快，加速度越大，故B正確．C．物體的速度變化量大，速度變化不一定快，加速度不一定大，故C錯誤．D．加速度和速度沒有直接的關系，物體的運動速度越小，加速度不一定越小，故D錯誤．4、D【解析】位移和路程是兩個不相同的物理量，位移是矢量，其方向是由起點指向終點的有向線段方向，不是質點的運動方向；路程是標量，是物體運動軌跡的長度，不是位移的大小，故ABC錯誤；質點只有做單向直線運動時，路程才等于位移的大小，故D正確；故選D.5、C【解析】在電源內部，通過非靜電力做功把正電荷從負極移動到正極，使電勢能增加，選項A錯誤；非靜電力把單位正電荷從電源負極移到正極所做的功越多，電動勢越大，選項B錯誤，C正確；電動勢并不是電源兩端的電壓，大小等于外電路斷路時的路端電壓，選項D錯誤；故選C.6、B【解析】

由庫侖定律的可得原來它們之間的庫侖力為：F=，變化之后它們之間的庫侖力為：=12F，故：F：F′=1：12，故B正確、ACD錯誤．故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：根據法拉第電磁感應定律，可知，磁通量的變化率恒定，所以電動勢恒定，則電阻兩端的電壓恒定，故A正確；初始時刻穿過線圈的磁通量Φ="nBS=0.2×200×0.0001"Wb=0.004Wb，故B錯誤；由法拉第電磁感應定律E=n=n=100××0.02V="0.1"V，由閉合電路歐姆定律，可知電路中的電流為I==A="0.02"A，所以線圈電阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10﹣4W，故C正確；前4s內通過R的電荷量Q="It=0.02×4"C="0.08"C，故D錯誤．考點：法拉第電磁感應定律、電功、電功率、導體切割磁感線時的感應電動勢點評：穿過某一面積的磁通量是由穿過該面的磁感線條數的多少決定的，與匝數無關．楞次定律來判定感應電流方向，由法拉第電磁感應定律來求出感應電動勢大小．當然本題還可求出電路的電流大小，及電阻消耗的功率．同時磁通量變化的線圈相當于電源．8、BD【解析】

靜電平衡狀態下的導體內部場強處處為零，導體電勢是等勢體，但是電勢不一定為零，選項A錯誤；電場線與等勢面垂直，而電場強度的方向為電場線的方向，所以電場強度的方向與等勢面垂直，故選項B正確；在外電路電流的方向總是從電源正極流向負極，內電路正好相反，選項C錯誤；電動勢數值上等于電源將單位正電荷在電源內部從負極轉移到正極時非靜電力做的功，選項D正確；故選BD.9、BCD【解析】

已知小環在A、B兩點時彈簧的形變量大小相等。故小環在A點時彈簧壓縮量為12L，在B點時彈簧伸長12L，小環從A點運動到B點的過程中，彈簧的形變量先減小后變大，則彈性勢能先減小后增大，故A錯誤；小環從A點運動到B點的過程中，小環沿電場線方向水平運動2L，故小環的電勢能一直減小，故B正確；整個過程由能量守恒定律得，Eq?2L=mgL，得E=mg2q，故C正確；小環在A點時，彈簧壓縮12L，受到大環對它的彈力為mg+1210、ACD【解析】

AB．小球做類平拋運動，水平方向為勻速運動，豎直方向為初速度為零的勻加速運動，從圖中可以看到小球A的水平位移最大，根據公式可知小球A運動的時間最長，其次是小球B，小球C的運動時間最短；在豎直方向上，則有由于相同，結合時間得知小球受重力和電場力，又由于帶正電的小球受到的電場力方向與電場方向相同，帶負電的小球受到的電場力方向與電場方向相反，不帶電的小球不受電場力，所以小球A受到向上的電場力即小球A帶正電，小球C帶負電，小球B不帶電，故A正確，B錯誤；C．以相同的水平速度先后垂直極板間電場射入，C球受合外力最大，則合外力的功最多，動能增量最大；A球受合外力最小，則合外力的功最少，動能增量最小，所以三個小球到達正極板時的動能為故C正確；D．因為，根據可知豎直位移相等，則而小球的動量增量為可知△pA＜△pB＜△pC選項D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、交流0.040.161.6【解析】

（1）打點計時器使用交流電源，每隔0.02s打一個點。若處理紙帶時，每隔一個點取一個計數點，則相鄰兩個計數點的時間間隔是0.04s。（2）打B點時物體的速度是vB=xAC2T=(0.80+2.40)×【點睛】根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上某點時小車的瞬時速度大小。12、交流細線與長木板平行1.90.77【解析】

①[1][2]．打點計時器使用交流電源，為零使繩子的拉力水平，需調整定滑輪的高度，細線與長木板平行．②[3]．對整體分析，根據牛頓第二定律有mg-μMg=（M+m）a解得③[4][5]．連續相等時間內位移之差為1.92cm，根據△x=aT2得，第4個計數點的瞬時速度等于3、5間的平均速度，則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3N；(2)x≥0.5m【解析】

(1)由A點到C點應用動能定理有解得在C點應用牛頓第二定律得得FN＝3N由牛頓第三定律知，小球在C點對軌道的壓力為3N。(2)小球要安全通過D點，必有設釋放點距B點的距離為x，由動能定理得以上兩式聯立可得x≥0.5