海口市重點中學2025屆物理高二第一學期期末考試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示電路中，L為電阻很小的線圈，G1和G2為零點在表盤中央的相同的電流表．當開關S閉合時，電流表G1指針偏向右方，那么當開關S斷開時，將出現的現象是()A.G1和G2指針都立即回到零點B.G1指針立即回到零點，而G2指針緩慢地回到零點C.G1指針緩慢回到零點，而G2指針先立即偏向右方，然后緩慢地回到零點D.G1指針立即偏向左方，然后緩慢地回到零點，而G2指針緩慢地回到零點2、在如圖所示的電路中，、、和皆為定值電阻，為可變電阻，電源的電動勢為E，內阻為r，設電流表的讀數為，電流表的讀數為，電壓表V1的示數為，電壓表的讀數為，當的滑動觸點向a端移動過程中，電流表的讀數變化量大小為，電流表的讀數變化量大小，電壓表的讀數變化量大小為，電壓表的讀數變化量大小為，則（）A.變大，，不變B.變大、，不變C.變小，變小，變小D.變小，變小，變大3、面積是0.50m2導線環，處于磁感強度為2.0×10-2T的勻強磁場中，環面與磁場垂直，穿過導線環的磁通量等于（）A.2.5×10-2WbB.1.5×10-2WbC.1.0×10-2WbD.4.0×10-2Wb4、首先發現通電導線周圍存在磁場的物理學家是（）A.安培 B.法拉第C.奧斯特 D.特斯拉5、關于電動勢，下列說法正確的是（）A.電動勢數值上就等于電源正負極之間的電壓B.所有電源的電動勢都是1．5VC.體積越大的電源，其電動勢一定越大D.不同電源的電動勢不同6、如圖所示，三根平行長直導線，分別垂直地通過一等腰直角三角形的三個頂點，三根導線中電流方向相同，A、B兩導線中的電流大小相同，已知導線A在斜邊中點O處所產生的磁感應強度大小為B，導線C在斜邊中點O處所產生的磁感應強度大小為2B.則O處的合磁感應強度的大小和方向為A.大小為B，方向沿OA方向B.大小為2B，方向沿OA方向C.大小為2B，方向沿OB方向D.大小為2B，方向豎直向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示正方形閉合導線框abcd，置于磁感應強度為B垂直紙面向里的勻強磁場上方h處。線框由靜止自由下落，線框平面始終保持在豎直平面內，且cd邊與磁場的上邊界平行。則下列說法正確的是A.線框進入磁場的過程中一定做勻速運動B.cd邊剛進入磁場時，線框所受的安培力向上C.ct邊剛進入磁場時，線框中產生的感應電動勢一定最大D.線框從釋放到完全進入磁場的過程中，線框減少的重力勢能等于它增加的動能與產生的焦耳熱之和8、關于磁場和磁感線的描述，下列說法正確的是（）A.沿磁感線方向，磁感應強度逐漸減弱B.自由轉動的小磁針放在通電螺線管內部，靜止時其N極指向螺線管內部的磁場方向C.磁感線是閉合的曲線D.兩條磁感線的空隙處不存在磁場9、關于安培力和洛倫茲力，如下說法中正確的是（）A.帶電粒子在磁場中運動時，一定受到洛倫茲力作用B.放置在磁場中的通電導線，一定受到安培力作用C.洛倫茲力對運動電荷一定不做功D.電荷在磁場中有可能做勻速直線運動10、如圖所示的xOy坐標系中，x軸上固定一個點電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細桿（細桿的下端剛好在坐標原點O處），將一個套在桿上重力不計的帶電圓環（視為質點）從桿上P處由靜止釋放，圓環從O處離開細桿后恰好繞點電荷Q做圓周運動．下列說法正確的是A.圓環沿細桿從P運動到O的過程中，加速度一直增大B.圓環沿細桿從P運動到O的過程中，速度一直增大C.增大圓環所帶的電荷量，其他條件不變，圓環離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動D.將圓環從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組測量一金屬絲的電阻率，除多用電表、刻度尺、螺旋測微器、開關、導線外，還能提供的其它器材規格如下：電流表A1（量程0~0.6A，內阻r1約為0.125Ω）電流表A2（量程0~3A，內阻r2約為0.025Ω）電壓表V（量程0~3V，內阻約為3kΩ）滑動變阻器R1（最大阻值為20Ω）滑動變阻器R2（最大阻值為1750Ω）電源E（電動勢約為3V）（1）在實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其示數如圖所示，則該金屬絲直徑的測量值d=________mm。（2）使用多用電表歐姆擋粗測金屬絲的電阻，倍率選擇“×1”擋，指針位置如圖所示，則該金屬絲的電阻為_______Ω。（3）若采用伏安法測量金屬絲的電阻，為保證電表安全及測量準確、方便，那么電流表應選擇_______（選填A1或A2）；滑動變阻器應選擇_______（選填R1或R2）。（4）采用伏安法測電阻時，測得了多組U、I數據，根據這些數據作出如圖所示的U-I圖像。由此可得金屬絲的電阻R=_______Ω。（保留兩位有效數字）（5）若通過實驗測量獲得了數據：金屬絲的電阻R，金屬絲的長度l，以及金屬絲的直徑d。那么本次實驗得到金屬絲電阻率ρ=_______。12．（12分）某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ，步驟如下：(1)用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖甲，由圖可知其長度為______mm；用螺旋測微器測量其直徑如圖乙，由圖可知其直徑為______mm；用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數如圖丙，則該電阻的阻值約為______Ω。(2)該同學想用伏安法更精確地測量其電阻R，現有的器材及其代號和規格如下：A．待測圓柱體電阻RB．電流表A1，（量程0～4mA，內阻約為50Ω）C．電流表A2，（量程0～10mA，內阻約為30Ω）D．電壓表V1，（量程0～3V，內阻約為10kΩ）E.電壓表V2，（量程0～15V，內阻約為25kΩ）F．滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A）G．滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流0.5A）H．直流電源E（電動勢4V，內阻不計）I．開關S、導線若干為使實驗誤差較小，要求便于調節且測得多組數據進行分析，所選電流表_____，電壓表______，滑動變阻器_____（填所選器材的符號），并在虛線框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號。____(3)若該同學用伏安法跟用多用電表測量得到R測量值幾乎相等，由此可估算此圓柱體材料的電阻率約為ρ=________Ω·m。(保留2位有效數字)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖1所示，將重物A通過細繩纏繞在發電機轉軸上．閉合開關后，讓重物下落，會發現小燈泡被點亮．發電機內部由線框和磁場構成，為了研究該問題，我們把它簡化為如圖2中的模型，虛線框內存在豎直向上的勻強磁場，導體棒與水平放置的平行導軌始終垂直．導軌間距為L，磁感應強度為B，重物質量為，導體棒質量為，燈泡電阻為R，不考慮燈泡電阻變化，忽略一切摩擦，不計導軌、導體棒電阻（1）結合該簡化模型，說明小燈泡為什么會被點亮；（2）重物加速下落過程中，當其速度為v時，求此時導體棒的加速度大小；（3）在圖3的坐標系中定性畫出回路中電流隨時間變化的規律，并說明圖線與坐標軸圍成的面積的物理意義14．（16分）如圖所示，一重力不計的帶電粒子從平行板電容器的上極板左邊緣處以某一速度沿極板方向射入電容器．若平行板電容器所帶電荷量為Q1，該粒子經時間t1恰好打在下極板正中間，若平行板電容器所帶電荷量為Q2，該粒子經時間t2恰好沿下極板邊緣飛出．不考慮平行板電容器的邊緣效應，求兩種情況下：（1）粒子在電容器中運動的時間t1、t2之比；（2）電容器所帶電荷量Q1、Q2之比15．（12分）輕質細線吊著一邊長為L＝0.8m、匝數n＝10的正方形線圈，總電阻為r＝1Ω.邊長為的正方形磁場區域對稱分布在線圈下邊的兩側，如圖甲所示，磁場方向垂直紙面向里，大小隨時間變化關系為：B=1+0.5t（如圖乙所示），2s時細線開始松弛，取g＝10m/s2.求：（1）剛開始時線圈產生的電動勢E大小及電流方向；（2）2s內通過線圈的電荷量q；（3）線圈質量m

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當開關閉合時，兩表指針均向右方偏，說明電流計指針向電流流進的方向偏．當開關斷開時，通過線圈的電流變小，導致線圈中產生瞬間感應電動勢，相當于一個瞬間電源，線圈左端是電源正極，產生自感電流的方向更原電流的方向相同，從而阻礙電流的變小，所以使得G2的指針緩慢地回到零點，而G1的指針先立即偏向左方，然后緩慢地回到零點，故ABC錯誤，D正確考點：本題考查了自感系數和自感現象，意在考查考生處理通電、斷電瞬間燈泡亮度變化問題的能力2、A【解析】C．當R5的滑動觸點向圖中a端移動時，R5變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流I1變大，路端電壓變小，U1變小。根據閉合電路歐姆定律知：U2=E-I1（r+R1+R3），I1增大，則U2變小，因此I2變小。故C錯誤。AB．U1的變化量等于U2的變化量與R1，R3的電壓變化量之和，U1變小，U2變小，而R1，R3的電壓變化量之和增加，則知：△U1＜△U2。由閉合電路歐姆定律知：U1=E-I1r，則，不變。故A正確，B錯誤。D．由于，則可知不變；故D錯誤。故選A。3、C【解析】在勻強磁場中，當線圈與磁場垂直時，穿過線圈的磁通量：，故選項C正確，選項ABD錯誤【點睛】本題關鍵記住磁通量的計算公式Φ=BS，在勻強磁場中，當線圈與磁場垂直時，穿過線圈的磁通量Φ=BS，當線圈與磁場成θ角時，磁通量4、C【解析】首先發現通電導線周圍存在磁場的物理學家是丹麥的物理學家奧斯特；安培提出了分子電流假說，研究了通電導線的磁場；法拉第研究了電磁感應現象；特斯拉是電力工程師。故選C。5、D【解析】A.根據閉合電路歐姆定律E=U+Ir，電源正負極之間的電壓指的是路端電壓U，小于電源電動勢；故A錯誤；BD.不同的電源的電動勢不同，故B錯誤，D正確；D.電動勢大小與電源體積無關，故C錯誤。故選D。6、B【解析】由題意可知，AB兩根通電導線在O點產生的磁感應強度大小相等，方向相反，則電流A與B在O處的合磁感應強度為零，則O點的磁感應強度等于導線C在斜邊中點O處所產生的磁場的磁感強度，大小為2B；依據右手螺旋定則可知，在O處電流C產生的磁感應強度的方向沿OA方向；A．大小為B，方向沿OA方向，與結論不相符，選項A錯誤；B．大小為2B，方向沿OA方向，與結論相符，選項B正確；C．大小為2B，方向沿OB方向，與結論不相符，選項C錯誤；D．大小為2B，方向豎直向下，與結論不相符，選項D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AC．當cd邊剛進入磁場時，受到的安培力大小和重力大小關系不確定，因此線框可能做加速、勻速和減速運動，根據法拉第電磁感應定律E=BLv，可看出線框中產生的感應電動勢不一定最大，故AC錯誤；B．cd邊剛進入磁場時，由右手定則可知，感應電流方向由d指向c，由左手定則可知，cd邊受到的安培力向上，故B正確；D．根據能量守恒知：線框從釋放到完全進入磁場過程中，線框減少的重力勢能等于它增加的動能與產生的焦耳熱之和，故D正確。故選BD。8、BC【解析】磁感線是描述磁場分布而假想的，磁感線的疏密表示磁場強弱，磁感線某點的切線方向表示該點的磁場方向，磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內部是從S極到N極；【詳解】A、磁感線的疏密表示磁場強弱，與磁場方向無關，故A錯誤；B、螺線管內部磁感線由S極指向N極，而小磁針的N極靜止時指向表示磁場方向，故其N極指向螺線管的北極，即指向螺線管內部的磁場方向，故B正確；C、磁感線分布特點：在磁體外部磁感線從N極出發進入S極，在磁體內部從S極指向N極．磁感線是閉合的曲線，故C正確；D、磁場中任意一點的磁感應強度都不為零，可以用磁感線的疏密程度表示磁場的強弱，但是不可能將每一點都畫出磁感線，否則與不畫沒區別，故D錯誤【點睛】本題考查了磁感線的引入的原因和特點、磁場的性質，由于磁場是看不見，摸不著的，為了描述磁場的性質而引入了磁感線的概念，它是假想出來的有方向的曲線，但可以描述磁場的性質9、CD【解析】帶電粒子在磁場中運動時，若速度方向與磁場方向平行，則不受洛倫茲力作用，選項A錯誤；放置在磁場中的通電導線，若導線與磁場平行放置，則不受安培力作用，選項B錯誤；洛倫茲力的方向與電荷的速度方向垂直，則洛倫茲力對運動電荷一定不做功，選項C正確；電荷在磁場中運動時，若速度方向與磁場方向平行，則電荷不受磁場力作用，做勻速直線運動，選項D正確；故選CD.10、BC【解析】A.圓環從P運動到O的過程中，受庫侖引力，桿子的彈力，庫侖引力沿桿子方向上的分力等于圓環的合力，滑到O點時，所受的合力為零，加速度為零．故A錯誤B.圓環從P運動到O的過程中，只有庫侖引力做正功，根據動能定理知，動能一直增大，則速度一直增大．故B正確CD.根據動能定理得：根據牛頓第二定律得：聯立解得：增大圓環所帶的電荷量，其他條件不變，圓環仍然可以做圓周運動；若增大高度，知電勢差U增大，庫侖引力與所需向心力不等，不能做圓周運動．故C正確，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.383（0.381～0.386之間均可）②.5.0③.A1④.R1⑤.4.8（4.6～5.0之間均可）⑥.【解析】（1）[1]．該金屬絲直徑的測量值d=0.01mm×38.3=0.383mm。（2）[2]．該金屬絲的電阻為5×1Ω=5.0Ω。（3）[3][4]．電路中可能出現的最大電流，則電流表選擇A1；滑動變阻器選擇R1。（4）[5]．由圖像可知：（5）[6]．由解得12、①.50.15②.4.700③.220④.C⑤.D⑥.F⑦.⑧.【解析】（1）[1]由圖甲，游標卡尺讀數為50mm+3×0.05mm=50.15mm[2]由圖乙，螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀，螺旋測微器的讀數為4mm+0.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm[3]由圖丙，用歐姆表測電阻的讀數為指針示數乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，歐姆表表盤的示數為

0×10Ω=220Ω（2）[4][5][6]電源電動勢為4V，故電壓表應選V1，即選D；待測電阻中最大電流約為則電流表應選A2，即選C；滑動變阻器選擇小量程的，便于調節，故選R1，即選F；[7]因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示（3）[8]根據電阻定律且代入數據解得四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）閉合開關后，重物下落通過細繩拉動導體棒，導體棒運動切割磁感線產生感應電動勢，所以燈會被點亮（2）（3）如圖所示：圖線與坐標軸所圍的面積表示這段時間內流過導體棒橫截面的電荷量【解析】（1）根據導體棒切割磁感線，然后法拉第電磁感應定律進行