遼寧省四校聯考2025屆物理高二第一學期期中質量跟蹤監視模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、先后按圖中(1)、(2)所示電路測同一未知電阻阻值Rx,已知兩電路的路端電壓恒定不變，若按圖(1)示電路測得電壓表示數為6V，電流表示數2mA，那么按圖(2)所示電路測得的結果應有（）A．圖一適合測量小電阻B．圖二適合測量小電阻C．電壓表示數小于6V，電流表示數小于2mAD．電壓表示數為6V，電流表示數為2mA2、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L標有6V12W字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50Ω．若燈泡恰能正常發光，以下說法中不正確的是（）A．電動機的輸入功率是12WB．電動機的輸出功率是12WC．電動機的熱功率是2.0WD．整個電路消耗的電功率是24W3、在靜電場中，一個電子由a點移到b點時電場力做功為+4eV，則下列判斷中正確的是（）A．電子的電勢能增加4eVB．電子的電勢能減少4eVC．電子的電勢能減少5eVD．a、b兩點間電勢差Uab=4V4、一帶電粒子在（重力不計）如圖所示的電場中，在電場力作用下，沿虛線所示軌跡從A點運動到B點，下列說法中正確的是（）A．粒子帶正電B．粒子的加速度在減少C．粒子的動能在增大D．粒子的電勢能在增大5、如圖所示，在體育訓練中，某同學沿400m跑道跑一圈回到原出發點。關于此過程中該同學的位移大小和路程，下列說法正確的是（）A．位移大小是0，路程是0B．位移大小是0，路程是400mC．位移大小是400m，路程是0D．位移大小是400m，路程是400m6、如圖所示是磁流體發電機的示意圖，兩平行金屬板P、Q之間有一個很強的磁場。一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、負帶電粒子）沿垂直于磁場的方向噴入磁場。把P、Q與電阻R相連接。下列說法正確的是（）A．Q板的電勢高于P板的電勢B．R中有由b向a方向的電流C．若只改變磁場強弱，R中電流保持不變D．若只增大粒子入射速度，R中電流增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電場中的等勢面，下列說法中正確的有（）A．等勢面不一定跟電場線垂直B．沿電場線電勢一定升高C．在同一等勢面上兩點間移動電荷，電場力做功為零D．處于靜電平衡狀態的導體是等勢體，表面是一個等勢面8、如圖所示電路中，已知電源的內阻r＜R2，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值。閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑臂P由變阻器的中點向左滑動的過程中，下列說法中正確的有A．A1的示數先變大后變小，A2的示數先變小后變大B．V1的示數先變大后變小，V2的示數先變小后變大C．電源內部的熱功率先變大后變小D．電源的輸出功率先變小后變大9、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，內阻為1.0Ω．電阻R0的阻值為3.0Ω，小型直流電動機M的內阻為2.0Ω．閉合開關S后，電動機轉動，理想電流表的示數為1.0A．則以下判斷中正確的是()A．電動機兩端的電壓為8.0VB．電源輸出的電功率為12WC．電動機的輸出功率為6WD．電動機的機械效率為75%10、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系內，如圖所示，根據圖線可知（）A．反映Pr變化的圖線是aB．電源電動勢為8VC．電源內阻為2ΩD．當電流為0.5A時，外電路的電阻為6Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某物理興趣小組研究小燈泡的伏安特性,所用的器材有:電壓表、電流表、滑動變阻器(0~10)、電源、小燈泡、開關和導線若干.按照自己設計的實驗電路圖測量多組小燈泡的電流I和電壓U,并在坐標紙中畫出小燈泡的伏安特性曲線如下:(1)請你根據所畫出的伏安特性曲線,在虛線框中畫出符合實驗要求的電路圖__________;(2)由小燈泡的伏安特性曲線可知,隨著電壓的增大,小燈泡的電阻________(填“增大”“減小”或“不變”);(3)如果將上面實驗中使用的小燈泡接在電動勢為1.5V、內阻為3.0的電源兩端,利用上面的伏安特性曲線可求出小燈泡的實際功率約為_______W,此時電源效率約為________(結果保留兩位有效數字)12．（12分）如下圖所示是研究勻變速直線運動的實驗中得到的一條紙帶，舍去前面比較密集的點，從0點開始每5個點取一個計數點：0、1、2、3、4、5、6，量得s1＝1.30cm，s2＝3.10cm，s3＝5.38cm，s4＝8.1cm，s5＝11.45cm，s6＝15.26cm；(1)計算打下1、2、3、4、5五個計數點時小車的瞬時速度(要求保留3位有效數字)v1=________m/s；v2=________m/s；v3=________m/s；v4=________m/s；v5=________m/s；(2)將1、2、3、4、5各個時刻的瞬時速度標在如下圖所示的直角坐標系中，并畫出小車的瞬時速度隨時間變化的關系圖線________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑水平地面上靜止著質量都為m的物體B和物體C，質量為M的物體A以初速度向右勻速運動，已知M=2m，物體A和物體B發生彈性碰撞，碰撞后運動一段時間物體B和物體C發生碰撞，粘在一起向右運動，求：（1）最終物體A的速度大小；（2）最終物體B和物體C一起運動的速度大小。14．（16分）如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放置，一組水平放置，今有一質量為m,電量為e的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經電壓U0加速后通過B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間，若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點，求：(1)電子通過B點時的速度大小；(2)右側平行金屬板的長度；(3)電子穿出右側平行金屬板時的速度．15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場，今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子（不計重力），從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）求：（1）粒子從狹縫P處穿過b板進入勻強磁場的速度大小和方向θ.（2）P、Q之間的距離L.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.圖(1)的誤差是由電流表分壓引起的，Rx越大，電流表分壓越小，誤差越小，所以圖一適合測量大電阻，故A錯誤；B.圖(1)的誤差是由電壓表分流引起的，Rx越小，電壓表分流越小，誤差越小，所以圖二適合測量小電阻，故B正確；C.圖(1)所示電路中，電壓表示數為6V，電流表示數為2mA，說明U=6V.在圖(2)所示電路中，U=6V，電壓表與Rx并聯后與電流表串聯，由于電流表的分壓，電壓表與Rx并聯部分電壓小于U，即電壓表示數小于6V.又由于電壓表與Rx并聯的電阻小于Rx，外電路總電阻小于電流表與待測電阻Rx串聯的總電阻，則干路中電流大于圖(1)中電流表的讀數，即大于2mA.故C錯誤，D錯誤。故選：B.【點睛】在測量電阻的實驗中，電流表與電壓表有一定的電阻，接入電路后改變了電路原來的結構，電流表有分壓作用，電壓表有分流作用；圖（1）電路中電流表與待測電阻Rx串聯后與電壓表并聯，圖（2）電路中電壓表與Rx并聯后與電流表串聯．根據歐姆定律和串并聯電路的特點分析兩電表的讀數．2、B【解析】

電動機兩端的電壓為：U1=U–UL=12V–6V=6V，整個電路中的電流為：，所以電動機的輸入功率為：P入=U1I=6×2W=12W，故A正確；電動機的熱功率為：P熱=I2RM=22×0.5W=2.0W，則電動機的輸出功率為：P出=P入–P熱=12W–2W=10W，故B不正確，C正確；整個電路消耗的功率為：P總=UI=12×2W=24W，故D正確．3、B【解析】

ABC：一個電子由a點移到b點時電場力做功為+4eV，電子的電勢能減少4eV。故B項正確，AC兩項錯誤。D：a、b兩點間電勢差Uab=W4、D【解析】由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，與電場強度方向相反，故粒子帶負電，故A錯誤．B點電場線密集，故電場強度大，電場力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直增大，故B錯誤；由于帶電粒子是從A到B，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，故電場力做負功，動能減小，電勢能增大，故C錯誤，D正確．故選D.點睛：解這類題的思路：根據帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，然后根據電性和電場線的疏密程度，判斷電場力方向，根據電場力做功判斷電勢能的變化．5、B【解析】

某同學沿跑道跑完一周，路程等于跑道的周長，即s=400m，位移等于首末位置的距離，即x=0，B正確，ACD錯誤。故選B。6、D【解析】

AB．等離子體進入磁場，根據左手定則可知正電荷向上偏，打在上極板上；負電荷向下偏，打在下極板上；所以上極板帶正電，下極板帶負電，則P板的電勢高于Q板的電勢，流過電阻電流方向由a到b；故A錯誤，B錯誤；C．根據穩定時電場力等于磁場力即：則有：再由歐姆定律：電流與磁感應強度成正比，改變磁場強弱，R中電流也改變；故C錯誤；D．由上分析可以知道，若只增大粒子入射速度，R中電流也會增大；故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A．等勢面一定跟電場線垂直，否則沿著等勢面移動，電勢能會變化，電場力會做功，故A錯誤；B．沿電場線電勢一定降低，故B錯誤；C．在同一等勢面上兩點間移動電荷，電勢能不變，故電場不做功，故C正確；D．處于靜電平衡狀態的導體是等勢體，表面是一個等勢面，否則電荷不能保持平衡，故D正確．故選CD．【點睛】電場中電勢相等的各個點構成的面叫做等勢面；等勢面與電場線垂直，沿著等勢面移動點電荷，電場力不做功．電場線與等勢面垂直．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，沿電場線的方向，電勢降低．8、BD【解析】

AB．由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值，當滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯后與變阻器右側并聯的總電阻先變大后變小，根據閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數先變大后變小。V2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數先變小后變大。并聯電壓U并=U-U2，先變大后變小，電阻R1所在支路電阻R1支路逐漸減小，所以電流I1增大，電流表A2示數增大；I2=I-I1，電流表A1示數變小，故A錯誤，B正確。

C．電源內部的熱功率P=I2r，因為電流I先變小后變大，所以電源內部的熱功率先變小后變大，故C錯誤。

D．因為r＜R2，所以外電阻總是大于內電阻的，當滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯后與變阻器右側并聯的總電阻先變大后變小，所以電源的輸出功率先變小后變大，故D正確。9、ACD【解析】試題分析：電路中電流表的示數為1.0A，所以電動機的電壓為：U=E-U內-UR0=12-Ir-IR0=12-1×1-1×3.0=8V，故A正確；電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2r=12×1-12×1=11W，故B錯誤；電動機的總功率為：P總=UI=8×1W=8W，電動機的發熱功率為：P熱=I2R=12×2=2W，所以電動機的輸出功率為8W-2W=6W，所以C正確；電動機的機械效率為，選項D正確；故選ACD.考點：功率的計算.【名師點睛】在計算電功率的公式中，總功率用P=IU來計算，發熱的功率用P=I2R來計算，如果是計算純電阻的功率，這兩個公式的計算結果是一樣的，但對于電動機等非純電阻，第一個計算的是總功率，第二個只是計算發熱的功率，這兩個的計算結果是不一樣的.10、CD【解析】試題分析：電源的總功率，功率與電流成正比，由知電源內部的發熱功率與電流的平方成正比，A正確；直流電源的總功率，P-I圖象的斜率等于電動勢E，則有，電流為2A時電源的總功率與發熱功率相等，則根據可得，當電流為1．5A時，根據閉合電路歐姆定律可得出外電路的電阻為6Ω，CD正確考點：考查閉合電路歐姆定律的圖象應用【名師點睛】要注意根據電源的總功率公式求解電動勢，根據發熱功率的公式，求解電源的內阻．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）如圖所示：(2)增大(3)0.1840%【解析】(1)描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡電阻約為幾歐姆，電壓表內阻約為幾千歐姆甚至幾萬歐姆，電流表內阻約為零點幾歐姆，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示：(2)由圖象可知，隨燈泡電壓增大，燈泡電流增大，燈泡實際功率增大，燈泡變亮，燈泡電壓與電流比值變大，燈絲電阻增大．(3)在同一坐標系內作出電源的U-I圖象如圖所示:由圖象可知，燈泡兩端電壓U=0.8V，電流I=0.349，燈泡實際功率P=UI=0.8